江苏省镇江市句容市天王中学九年级期末物理试题版含解析.doc

江苏省镇江市句容市天王中学九年级期末物理试题（word版含解析）一、单项选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1如图所示器具中，属于省力杠杆的是（）A笤帚 B筷子C独轮车D钓鱼竿【考点】杠杆的分类【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆故选C2下列有关数据符合实际的是（）A家用冷暧空调的功率约为20WB一机械经改良效率可达100%C对人体安全的电压不超过220VD教室电视机正常工作时的电流约为0.5A【考点】电功率；电流的大小；电压【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A家用冷暧空调的功率约为1000W，故A错误；B使用任何机械做功时，都一定会有额外功，机械效率都小于100%，故B错误；C对人体安全的电压是不高于36V，故C错误；D教室电视机正常工作时的功率约为100W，由P=UI可得电流约为I=0.5A，故D正确故选D3科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量（x，y）之间存在一定的关系，且可用图线表示下列相关的量之间不符合如图所示关系的是（）A恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系B物体温度升高时，吸收的热量与温度的关系C某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系D一段导体中通过的电流与导体两端电压的关系【考点】功；热量的计算；燃料的热值；欧姆定律【分析】观察分析图象，图中两个量（x，y）之间成正比关系，看选项中哪两个量的关系与图象中的相符，找出两个量之间的关系不符合的选项即可【解答】解：图象中两个量之间表示的关系是正比关系，据此分析：A、力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离成正比不符合题意；B、物体吸收热量的多少与比热容、质量和升高的温度都有关系，比热容和质量不确定，物体吸收热量与温度变化关系不能确定符合题意；C、某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量成正比不符合题意；D、同一导体电阻一定，通过的电流与导体两端电压成正比不符合题意故选B4下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是（）A物体温度升高，一定吸收了热量B物体放出热量时，温度一定降低C物体内能增加时，温度一定升高D物体温度升高，内能一定增加【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递【解答】解：A、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做功，故A错误B、物体放热时温度可能不变，比如：晶体在凝固过程中放热但温度不变，故B错误C、晶体熔化过程和液体沸腾过程，物质不断吸收热量，内能增加，但是温度不变，故C错误；D、物体温度升高，物体内能一定增加，故D正确故选D5现在许多家庭采用了“水地暖”取暖其原理是用不高于60的热水，在铺设于地板下的管道内循环流动，加热整个地板，通过地板以热传递方式向室内供热利用热水为热媒，主要是因为水的（）A流动性强B沸点高C比热容大D密度大【考点】水的比热容的特点及应用【分析】水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多【解答】解：因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，放出的热量多，所以“水地暖”利用热水为热媒；故选C6有两只灯泡L1和L2，分别标有“6V 6W”和“6V 3W”字样，若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下面说法正确的是（）A正常工作时，L1的电阻大于L2的电阻B将两灯串联在6V的电源上发光时，L1两端的电压大于L2两端的电压C将两灯串联在6V的电源上发光时，L2比L1亮D当两灯并联在6V的电源上发光时，通过L1的电流小于通过L2的电流【考点】电功率与电压、电流的关系【分析】A、由灯泡铭牌可知，灯泡的额定电压与额定功率，由功率的变形公式R=可以比较两灯泡的电阻大小；B、由公式W=Pt可知，灯泡正常工作时消耗的电能与灯泡功率及工作时间有关，据此分析答题；C、两灯泡串联，流过它们的电流相等，由电功率公式P=I2R判断两灯泡的实际功率大小，实际功率越大，灯泡越亮；D、两灯泡并联在6V电源上，灯泡正常发光，由公式I=可以判断流过灯泡的电流大小【解答】解：A、由题意知，灯泡的额定电压U1=U2=6V，额定功率P1=6W，P2=3W，P1P2，由R=可知R1R2，故A错误；B、两灯串联在6V的电源上时，流过它们的电流I相等，已知R1R2，由U=IR可知L1两端的电压小于L2两端的电压，故B错误；C、两灯串联在6V的电源上时，流过它们的电流I相等，已知R1R2，由P=I2R可知P实际1P实际2，所以L2比L1亮，故C正确；D、两灯并联在6V的电源上发光时，灯泡功率等于额定功率，因为P1P2，由I=可知，I1I2，故D错误故选C7如图所示，几只串联的水果电池提供的电力足够点亮排成V字形的一组发光二极管下列说法正确的是（）A水果电池将电能转化为化学能B发光二极管是由半导体材料制成的C一组二极管同时发光说明它们一定是串联的D如果少串联一个水果电池，二极管将变亮【考点】半导体的作用；电源及其能量转化；串联电路和并联电路的辨别【分析】水果电池是将化学能转化为电能；导体和绝缘体在一定条件下可以相互转化；两个或多个灯，同时亮、同时灭，可以串联、也可以是并联；电池串联时，得到的电压是每个电池的电压之和【解答】解：A、水果电池是将化学能转化为电能，故A错误；B、发光二极管是由半导体材料制成的，故B正确；C、一组二极管同时发光，可能是串联，也可能是并联，故C错误；D、如果少串联一个水果电池，电压变小，二极管将变暗，故D错误故选：B8公交车门夹人导致的悲剧各地时有发生小明设计了一个方案，在公交车后门左右扶杆上均装有一个按钮，每个按钮相当于一个开关，当乘客按下任一按钮驾驶台上的指示亮，提醒司机有人下车如图电路图能实现上述目标的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】根据“当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯都会发光”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题【解答】解：当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯都会发光，说明这两个开关可以独立工作、互不影响即为并联，且指示灯位于干路上，由图示电路图可知，B符合题意，ACD不符合题意故选B9如图是一个厨房天然气安全监控的部分电路原理图，电源电压不变，R0为定值电阻，R是用半导体材料制成的气敏电阻，其电阻值会随着天然气浓度的升高而变小，闭合开关S，若厨房天然气浓度升高，则下列判断正确的是（）A电压表的示数变大B气敏电阻R的阻值变大C通过电阻R0的电流变小D气敏电阻R两端电压变大【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压根据天然气浓度升高可知气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压当天然气浓度升高时，气敏电阻的阻值变小，电路中的总电阻变小，故B错误；由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大故C错误，A正确；UR=UU0，U0变大，电源电压不变，所以气敏电阻R两端电压减小D错误故选A10在如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S，调节滑动变阻器，将滑动触头P从最左端滑到最右端，两电压表的示数随电路中电流变化的完整过程的图线如图乙所示则（）A图线B反映电压表V1示数随电流的变化B改变R1的值，其他条件不变，两条图线一定有交点C改变R1的值，图线B一定与横轴相交，图线A的延长线不一定过坐标原点D滑动变阻器的最大阻值等于R1的阻值【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用【分析】解决此题的关键是能看懂甲图中电压表测的是哪部分电压及乙图中电压表示数随电流的变化情况，能用欧姆定律的变形式R=求解电阻的大小【解答】解：A、滑片在最左端时，R2接入电路的阻值为零，因此此时电压表V2示数为零，由图象可得，图线B反映电压表V2示数随电流的变化，故A选项错误；B、串联电路起分压作用，因此当R1的值大于R2的最大阻值时，电压表V1和电压表V2的示数一定不会相等，则两条图线一定没有交点，故B选项错误；C、根据U=IR可知，当R一定时，电压与电流成正比，因此图线A的延长线一定过坐标原点；故C选项错误；D、从图形中可以看出，电路中电流最小时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，并且此时两电压表的示数相等，故滑动变阻器的最大阻值等于R1的阻值，D选项正确故选 D11如图所示，一个标有“6V，3.6W”字样的小灯泡L和最大阻值为50的滑动变阻器R串联后接在电源电压U恒为6V的电路中，设灯泡电阻不变，则下列判断不正确的是（）A无论如何移动滑片P，电路中总功率不会超过2WB移动滑片P，电路中总功率最小值为0.6WC当滑片P滑到某个位置时，L和R的电功率相等D当滑片P由a滑向b的过程中，灯泡L的电功率一直是减小【考点】电功率的计算【分析】A、要判断电路中总功率会不会超过2瓦，就需要算一下电路的最大总功率是多少当滑动变阻器的滑片移到a端时（此时滑动变阻器的阻值为0），电路中只有灯泡L，此时电路中的总功率是最大的，然后算出灯泡的电功率，最后和2瓦进行比较；B、要算电路中的总功率最小值是不是0.6瓦，就需要先知道滑片移到什么位置时电路的总功率是最小的当滑动变阻器的滑片移到b端时（此时滑动变阻器的阻值为最大值），电路中的总功率是最小的先根据公式R=算出灯泡的电阻，然后算出灯泡和变阻器的总电阻，最后根据公式P=算出总功率；C、当滑动变阻器的阻值与灯泡的阻值相等时，滑动变阻器消耗的电功率与灯泡消耗的电功率相等；D、当滑片P由a滑向b的过程中，滑动变阻器的阻值在增大，所以电路中的电流在减小，则灯泡消耗的电功率在减小【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片移到a端时（此时滑动变阻器的阻值为0），电路中只有灯泡L，此时电路的总电阻最小，而总功率是最大的因为电源电压是6V，等于灯泡的额定电压，所以灯泡此时消耗的实际功率等于额定功率，即为3.6W，故A错误，符合题意；B、当滑动变阻器的滑片移到b端时（此时滑动变阻器的阻值为最大值），此时电路的总电阻最大，而总功率是最小的；灯泡的电阻：RL=10，电路的总电阻：R总=RL+R=10+50=60，电路的总功率：P总=0.6W，故B正确，不符合题意；C、灯泡L和滑动变阻器是串联，则通过它们的电流相等，根据公式P=I2R可知：在电流相同的情况下，当滑动变阻器的阻值与灯泡的阻值相等时，它们消耗的功率也是相等的，故C正确，不符合题意；D、当滑片P由a滑向b的过程中，滑动变阻器的阻值在增大，则电路中的电流在减小，根据公式P=I2R可知：在灯泡电阻不变的情况下，电流减小，则功率减小，故D正确，不符合题意故选A12小军和姐姐一起去买电饭煲，当他们选择某一品牌的电饭煲时，发现有800W和1200W两种功率可选，如图是他们针对买哪一款更省电的问题出现的不同意见在将相同质量的水升高相同的温度的前提下，下列说法正确的是（）A不考虑热损失，800W和1200W消耗电能一样多B考虑热损失，800W的消耗电能一定较少C因为1200W的电饭煲功率较大，则消耗的电能一定较多D虽然800W的电饭煲功率较小，但消耗电能不一定慢【考点】电功计算公式的应用；电功率【分析】（1）电饭煲在工作过程中将电能转化为水的内能，质量相同的水升高相同的温度，需要的热量相同如果不考虑热量的损失，电能全部转化为水的内能，使水温升高，已知水需要的热量相同，所以消耗的电能相同，电饭煲省电与否与功率没有关系；考虑热量的散失水在加热过程中，时间越长，热量损失越多，在水升温需要的热量一定的前提下，电饭煲功率越低，加热时间越长，热量的损失越多，也就是此电饭煲要费电（2）电功率是反应用电器消耗电能快慢的物理量【解答】解：（1）不考虑热损失，两只电饭煲省电情况相同，因为电能全部转化为内能被水吸收，水吸收的热量相同，所以省电情况一样；考虑热损失，1200W的电饭煲省电，因为水吸热相同，根据W=Pt，功率大的加热时间短，热散失少，所以省电综上所述，在相同质量的水升高相同的温度的前提下，不考虑热损失，消耗电能一样多；考虑热损失，1200W的消耗电能少，故A正确，BC错误（2）电功率是反应用电器消耗电能快慢的物理量，800W的电饭煲功率较小，消耗电能一定慢，故D错误故选A二、填空题（本题共11小题，每空1分，共28分）13如图所示，滑轮A可以看作是等臂杠杆（选填“A”或“B”）；若搬运工人用B滑轮在20s内将重为180N的重物匀速提升6m，所用拉力为100N，则拉力的功率为60W，B滑轮的机械效率是90%【考点】定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率【分析】（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，不省力，也不省距离；动滑轮的本质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，可以省一半的力，但是费距离（2）由图知，承担物重的绳子股数n=2，s=2h，知道做功时间，利用功率公式求绳的拉力F做功的功率；利用公式=计算机械效率【解答】解：（1）A是定滑轮，本质是等臂杠杆，B是动滑轮，本质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆；（2）拉力移动距离s=2h=26m=12m，拉力做的总功W总=Fs=100N12m=1200J，拉力的功率P=60W；有用功W有用=Gh=180N6m=1080JB滑轮的机械效率=100%=100%=90%故答案为：A；60；90%142015年10月16日上午镇江市“市长杯”校园足球总决赛拉开序幕，这是我市重视足球运动，提升校园足球水平的重要措施在比赛中，我校运动员用力踢球射门，足球离脚在空中飞行的过程中，运动员一定不（填“一定”、“一定不”、“可能”）对足球做功如果不计空气阻力，足球在空中下落的过程中，其动能将变大（填“变大”、“不变”、“变小”），实质是重力势能转化为动能【考点】力是否做功的判断；动能和势能的转化与守恒【分析】（1）做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用，二是物体在力的方向上通过距离；（2）动能大小的影响因素是质量和速度，质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素是质量和高度，质量越大、位置越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能【解答】解：当足球离开运动员的脚之后，运动员对足球施加的力就消失了，由于惯性向前运动了一段距离，运动员没有对足球施加力的作用，故没做功；足球在下落过程中，质量不变，速度变大，动能变大；高度降低，重力势能变小，重力势能转化为动能故答案为：一定不；变大；重力势15如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来此实验得到的结论是：对筒内气体做功，它的内能会增加其能量转化情况与四冲程汽油机的压缩冲程相同实验中如果不放入棉絮，将活塞迅速向下压，筒内气体温度会（选填“会”或“不会”）升高【考点】做功改变物体内能；升华和凝华的定义和特点【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能【解答】解：（1）在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来；说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；（2）压火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，与内燃机的压缩冲程相似；（3）实验中如果不放入棉絮，将活塞迅速向下压，筒内气体内能仍增大，温度照样升高故答案为：内；压缩；会16在某导体两端加4V电压时，通过该导体的电流为0.2A；该导体的电阻等于20，在这个导体两端加6V的电压时，通过该导体的电流等于0.3A；当这个导体两端不加电压时，该导体的电阻为20【考点】欧姆定律的应用；电阻【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与其两端的电压无关，再根据欧姆定律求出导体两端加6V的电压时通过导体的电流【解答】解：根据欧姆定律可得，导体的电阻：R=20，电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，在这个导体两端加6V的电压时，导体的电阻仍为20不变，此时通过导体的电流：I=0.3A故答案为：20；0.3；2017如图所示为某宾馆的取电卡座把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能有电房卡的作用相当于一个开关（填电路元件）接在电路中宾馆中各用电器的连接方式是并联，这种电路连接方式的好处是独立工作，互不影响【考点】电路的基本连接方式【分析】家庭电路中各用电器并联，这样工作时互不影响，同时干路的开关可以控制整个电路，据此分析判断【解答】解：由题意可知，把房卡插入槽中，房间内的灯和插座才能有电，说明房卡的作用相当于一个开关，且接在了干路上；宾馆中各用电器的连接方式是并联的，这种电路连接方式的好处是各用电器可以独立工作，互不影响故答案为：开关；并联；独立工作，互不影响18汽油机在某次工作时消耗汽油 0.2kg，这些汽油完全燃烧放出9.2106J的热量汽车汽油机工作过程中，水箱中的水温度会升高，这是通过热传递的方式使水的内能增加（汽油的热值为 4.6107J/kg）【考点】热量的计算；热传递改变物体内能【分析】（1）燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中q为燃料的热值；（2）热量从高温物体传向低温物体的现象叫热传递【解答】解：（1）0.2kg汽油完全燃烧要放出的热量：Q放=qm=4.6107J/kg0.2kg=9.2106J（2）汽油机的温度比水的温度高，所以热量会从汽油机传向水，这是通过热传递的方式改变水的内能故答案为：9.2106；热传递19如图所示，A和B分别是两个阻值不同的电阻RA和RB的电流和电压关系图，则两个电阻阻值大小关系为RARB（选填“”、“”或“=”），若两个电阻并联，并联总电阻的图象在区域（选填“I”、“”或“”）【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）从图象中比较两电阻两端电压相同时，通过R1和R2的电流大小的关系，再利用R=即可比较出阻值的关系；（2）根据电阻的并联特点可知两电阻并联后的总电阻与分电阻之间的关系，然后得出所在的区域【解答】解：（1）从图象上可以看出，当R1和R2两端的电压相同时，IAIB，由R=可得，RARB；（2）因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以，两个电阻并联时总电阻小于RA和RB中任何一个电阻，即并联后的总电阻小于较小B电阻的阻值，因此在相同电压下，通过的电流比B中的电流要大，故其图象应该在区域故答案为：；20小明家的电能表如图所示，其读数是931.6kWh，当小明家只有一盏标有“220V 60W”电灯工作时，3min内转盘正好转过5圈，则该灯泡在这3min内实际消耗的电能是7200J【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电能表的读数最后一位是小数；单位是kWh；（2）2500R/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，转盘转2500圈，据此求出电能表转盘正好转过5圈电灯消耗的电能【解答】解：（1）电能表的示数为931.6kWh；（2）2500R/kWh表示电能表转盘正好转过1圈，电路中消耗kWh的电能，所以转盘正好转过5圈电灯消耗的电能：W=kWh=0.002kWh=0.0023.6106J=7200J故答案为：931.6；720021如图甲所示电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，其中a电流表测量的是通过L1（选填“电源”、“L1”或“L2”）的电流，b电流表的读数应为1.2A【考点】并联电路的电流规律；电流表的读数方法【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测L1支路的电流，电流表b测干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定b电流表的量程，再根据分度值读出示数【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测L1支路的电流，电流表b测干路电流，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且b电流表指针的偏转角小于a电流表指针的偏转角，b电流表的量程为03A，分度值为0.1A，示数为1.2A答案：L1；1.222小明用图甲所示装置来提升重物M，图乙是物体上升过程某段时间内的st图线已知物体重为1N，闭合开关后，在2.4s2.8s这段时间内，电流表和电压表的示数分别为0.2A和5V，则2.4s2.8s这段时间内该装置提升重物做得有用功为0.2J，电流通过电动机所做的总功为0.4J，它的效率是50% 【考点】机械效率的计算；有用功和额外功；电功的计算【分析】由图乙可知，2.4s2.8s这段时间内提升的高度，根据W=Gh求出该装置提升重物做得有用功，根据W=UIt求出电流通过电动机所做的总功，根据=100%求出效率【解答】解：由图乙可知，2.4s2.8s这段时间内提升的高度h=0.75m0.55m=0.2m，该装置提升重物做得有用功：W有=Gh=1N0.2m=0.2J，电流通过电动机所做的总功：W=UIt=5V0.2A（2.8s2.4s）=0.4J，该装置的效率：=100%=100%=50%故答案为：0.2；0.4；50%23一只标有“220V、110V、40W”的电烙铁，其尾部的接线端及和它对应的电热丝连线如图所示，其中B为电热丝AC的中点抽头将AC端与220V的电源相连，电烙铁的功率为40W，将AC端与110V的电源相连，电烙铁的功率为10W，如将AC连在一起作为一个接线端，再将AB端与110V的电源相连，电烙铁的功率为40W【考点】电功率的计算【分析】导体的电阻只与导体的材料、长度、横截面积有关（本题忽略温度的影响）长度增大一倍，电阻增大一倍；横截面积增大一倍电阻减小一倍对电烙铁AC接线柱来说，不同电压下电流、功率都不同，但电阻不变；可根据额定电压下对应的额定功率求出电阻这个不变量，求各种电压下的电功率【解答】解：电烙铁铭牌上标明额定功率为40W，就是说在额定电压为220V，对应的功率为40W；如果接入220V的电压下，电烙铁正常工作，其功率等于额定功率，为40W，即将接线端AC接入220V电压中电烙铁功率为40W；由P=可知，电热丝AC的阻值为：RAC=1210，因为B为中点，故AB、CB段的阻值为：RAB=RBC=RAC=1210=605，将AC端与110V的电源相连，电烙铁的功率：PAC=10W，如将AC连在一起作为一个接线端，再将AB端与110V的电源相连，相当于AB、CB并联，此时电烙铁的功率：P=+=+=40W故答案为：40；10；40三、解答题（本题共7小题，共48分解答应写出必要的文字说明和重要的演算步骤）24（1）如图甲，杠杆在力F1、F2的作用下处于静止状态，L1是力F1的力臂，请在图中作出F2的力臂L2和力F1的示意图（2）根据图乙所示的电流方向，将电池组和电铃符号填入电路空缺处，使电路完整且正确（3）在图丙所示的电路中，请用笔线代替导线将定值电阻R与滑动变阻器以某种方式连接要求：闭合开关S后，不移动变阻器滑片P的位置，使得电流表的示数最小【考点】力臂的画法；力的示意图；电路图及元件符号；实物的电路连接【分析】（1）画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线，做支点到动力作用线和阻力作用线的垂线即可；根据力臂的定义，力臂为支点到力的作用线的距离，已知力臂可画出力（2）会根据电流的流向和开关的作用判断出电源的位置以及正负极，确定了电源后，另一个空缺处则为电铃（3）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，电路中的电流最大说明滑动变阻器接入电路的电阻最大，即滑片远离的下方接线柱必须接入电路中【解答】解：（1）先作出F2的作用线，再由支点向作用线引垂线，支点到垂足的距离就是力臂l2如图：因为力臂为支点到力的作用线的距离，力的作用线与力臂垂直，作力臂l1的垂线可得力F1的示意图：（2）根据电流方向和开关的作用可知，电源在下方，并且右端为正极，故上方为电铃；如下图所示：（3）闭合电键S后，不移动变阻器滑片P的位置，使得电流表的示数最小，说明此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据滑片远离下方接线柱时接入电路的电阻变大可知，左下方接线柱与定值电阻串联，然后组成电路，如下图所示：25为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验实验数据记录如下表物质质量/g初始温度/加热时间/min最后温度/水6020645食用油6020668（1）从表中数据可知，水和食用油的质量相同（选填“相同”或“不相同”），加热结束时，食用油的温度比水温度高（选填“高”或“低”）（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间，此时，水吸收的热量大于（选填“大于”或“小于”或“等于”）食用油吸收的热量（3）实验表明，水（选填“水”或“食用油”）吸热的能力更强【考点】比热容的概念；热量的计算【分析】（1）认真观察表中数据即可得出结论（2）两个相同的酒精灯对其加热，加热时间多，放出的热量就多，相应受热物质吸收的热量就多（3）根据比热容的概念和Q=cmt进行分析，即t和质量相等时，吸收的热量越多的物质，比热容越大（即吸热的能力强）【解答】解：（1）从表中数据可知，水和食用油的质量都是60g加热结束时，食用油的温度和水的温度分别是68、45故答案为：相同，高（2）在此实验中，如果要使水和食用油的最后温度相同，就要给水加热更长的时间因为选用相同的酒精灯加热，所以加热时间长的吸收的热量多即水吸收的热量大于食用油吸收的热量故答案为：大于（3）由Q=cmt知：质量相同的物质，升高相同的温度，吸收热量多的物质比热容大因为水和食用油的质量相同，它们的初温相同，要使水和食用油的最后温度相同，水吸收的热量大于食用油吸收的热量，所以水的比热容大，即水吸热的能力更强故答案为：水26小明利用铅笔芯和鳄鱼夹制作了简易调光灯，装置如图甲所示（1）甲图中有一处明显错误是电流表正负接线柱接反了；改正后，闭合开关，改变鳄鱼夹M、N之间距离，发现灯泡亮度会发生变化，这一现象说明导体的电阻与导体的长度有关（2）小明用一个LED灯替换铅笔芯，与小灯泡串联后接入电路（如图乙）闭合开关S1，发现LED灯亮而小灯泡L不亮针对这种现象，同学们提出了以下猜想：猜想一：小灯泡L处发生短路猜想二：LED灯电阻很大导致电路电流很小为了验证猜想，小组同学进行如下实验：实验一：将一根导线并联在图乙电路中LED灯的两端，此时LED灯不亮，小灯泡L亮（填“亮”或“不亮”）根据观察到的现象说明猜想一是错误的实验二：利用电流表和电压表，按图丙所示的电路对LED灯的电阻进行测量闭合开关依次移动滑动变阻器的滑片，获得多组数据如表实验次数电压（伏）电流（毫安）电阻（欧）11.412116.721.614114.331.816112.5实验二中，某次测量时电压表示数如图丁所示，此时电压表读数为2.3V，实验时滑动变阻器的滑片逐渐向b端移动（填“a”或“b”）经分析，结果支持猜想二，从而导致小灯泡的实际功率太小（填“大”或“小”），不足以支持发光【考点】控制变量法与探究性实验方案【分析】（1）根据电流表的正确接法进行判断；导体的电阻与导体的长度、材料以及横截面积有关；（2）实验一：若小灯泡L处发生短路，当将一根导线并联在图甲电路中LED灯的两端时，灯泡不会发光；实验二：根据电压表所选量程，可知其分度值，结合指针位置可得出此时电压表示数；根据串联分压和欧姆定律分析，从而确定滑动变阻器的变化；利用公式P=UI，结合表中的数据可做出计算【解答】解：（1）根据实物图可知，电流表的正负接线柱接线错误；闭合开关，改变鳄鱼夹M、N之间距离，即改变了导体的长度，发现灯泡亮度会发生变化，说明导体的电阻与导体长度有关；（2）实验一：若小灯泡L处发生短路，当将一根导线并联在图甲电路中LED灯的两端时，电流流经导线，灯泡不会发光，但根据观察到的现象否定了猜想，说明小灯泡L发光；实验二：由图可知，电压表所选量程为03V，分度值为0.1V，则由指针位置可知此时电压表示数为2.3V；测定LED灯电阻，需要LED灯两端电压和流经LED灯电流的数值，猜想二：LED灯电阻很大导致电路电流很小，电流表不能显示读数，因此要减小滑动变阻器两端电压，即滑动变阻器的滑片向b端或右端移动；由表中数据可知，当电压为1.4V时，电路中的电流为12mA=0.012A，则LED灯的消耗的电功率为：P=UI=1.4V0.012A=1.68102W；由表中数据可知，当电压为1.8V时，电路中的电流为16mA=0.016A，则LED灯的消耗的电功率为：P=UI=1.8V0.016A=2.88102W；故由实验可知，电路中电流太小，从而导致小灯泡实际功率太小，不足以支持发光故答案为：（1）电流表正负接线柱接反了；长度； （2）实验一：不亮；亮；实验二：2.3；b；小27在“探究电流与电压的关系”过程中，实验室提供的器材有：电源电压4.5V且不 变，小灯泡标有“2.5V 0.3A”，定值电阻R 的阻值 10，滑动变阻器R0上标有“50W1A”字样，学生用双量程电流表和电压表，导线若干：（1）某实验小组经过相互讨论，完成了该实验方案的三次设计由图1到图2，改进的理由是小灯泡灯丝电阻受温度影响较大；由图2到图3，改进的理由是可以多次测量求平均值（2）根据图3实验过程中，如果出现了电流表示数为0，电压表示数接近4.5V，电路发生的故障可能是电阻断路（3）排除故障后，调节滑动变阻器，测出通过电阻R的电流和对应的电压值，如表所示，分析数据后发现表格中电流值与电压值不成正比，检查两电表均无故障，你认为可能的原因是电流表使用前没有校零；U/V0.51.01.52.02.53.0I/A0.090.140.190.240.290.34（4）在图3所示的电路中，闭合开关S，移动变阻器滑片P到某位置时，发现两电表中某一个表的指针达到满刻度，如图4（a）或（b）所示此时电流表的示数为0.3A，电压表的示数为3V【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律【分析】（1）“探究电流与电压”实验，采用的研究方法是控制变量法需要控制的物理量是电阻，变化的物理量是电压；（2）电流表示数为0，说明电路中有断路，电压表示数接近4.5V，说明电压表和电源连接的部分电路无断路；（3）根据欧姆定律进行分析解答；（4）检查两电表均无故障，说明测量过程正确；分析数据后发现，表格中电流值都减掉0.05A时，电流值与电压值成正比；【解答】解：（1）研究电流与电压的关系，必须保持电阻值一定小灯泡灯丝电阻受温度影响较大，如果两端电压发生改变，不仅电流发生变化，灯丝阻值也会改变，要保持电阻不变，应该使用定值电阻，所以电路图应由1改到2；为了防止偶然性的发生，一般要进行多次测量，滑动变阻器能改变电路中的电流和电压，从而达到多次测量的目的，所以电路图应由2改到3；（2）电流表的示数为零说明电路中有断路，再根据电压表的示数判断出电路故障电压表示数为3V等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，所以故障是电阻断路了；（3）分析表格中数据可知：电流值都去掉0.04A时，电流值与电压值成正比，所以可能的原因是电流表使用前没有校零（4）若电流表满刻度，则电路总电阻为，故电流表满刻度不可能，应是电压表满刻度，由于电源电压为4.5V，故电压表示数为3V；此时电流表的示数为I故答案为：（1）小灯泡灯丝电阻受温度影响较大；可以多次测量求平均值；（2）电阻断路；（3）电流表使用前没有校零；（4）0.3A；3V28如图是“探究影响电流做功多少的因素”的电路之一：（1）实验设计利用了能量转化的原理，即电流在做功过程中电能转化为内能和光能（2）电路中两灯泡的规格应不同（选填“相同”或“不同”）实验时，可以根据灯泡的亮度比较相同时间内电流做功的多少（3）如图所示电路，可探究电流做功多少与电压的关系（4）小明学了电功率知识后，将标有“12V 6W”灯泡L1和“6V 4W”灯泡L2按如图电路连接，再接入电流表经分析，可判断L1能正常发光（填L1、L2或L1和L2），此时另一个灯泡的实际功率为2.25W（不考虑灯丝阻值的变化）（5）请你设计“探究电流做功多少与电流大小是否有关”的电路图【考点】电功的测量【分析】（1）电流做功过程是电能转化成其他形式的能的过程；（2）要探究电流做功与电压的关系，应控制电流相等而电压不同，要实现控制要求，应使用不同规格的灯泡；电流做功多少不好观察，本题采用了转换法的思想；（3）研究电流做功与电压的关系，应控制电流的大小和通电时间相同，通过比较电压的大小，得出电流做功与电压的关系；（4）已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出两灯泡的额定电流，利用欧姆定律求出两灯泡的电阻；两电阻串联时通过它们的电流相等，能正常发光的灯泡为两灯泡额定电流中较小，根据P=I2R求出不能正常发光灯泡的实际功率；（5）要探究电流做功多少与电流大小是否有关，应控制电压、通电时间相同而电流相同，据此设计电路图【解答】解：（1）电流做功的过程是电能转化为内能和光能；（2）由图示电路图可知，两灯泡串联，通过它们的电流与通电时间相等，要“探究影响电流做功多少的因素”电路中两灯泡的规格应不同；实验时，可以根据灯泡亮度比较相同时间内电流做功的多少；（3）如图所示电路，电路电流与通电时间相同而灯泡两端电压不同，可探究电流做功多少与电压的关系；（4）由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=0.5A，I2=A，由I=可得，两灯泡的电阻分别为：R1=24，R2=9，因串联电路中各处的电流相等，所以，能正常发光的灯泡为额定电流中较小的L1，此时电路中的电流I=0.5A，L2的实际功率：P2=I2R2=（0.5A）29=2.25W；（5）探究电流做功多少与电流大小是否有关”，应控制电压与通电时间相等而电流不同，可以把两规格不同的灯泡并联，实验电路图如图所示：故答案为：（1）电； （2）不同；灯泡的亮度；（3）电压；（4）L1；2.25；（5）电路图如上图所示29如图所示电路，电源电压为6V，R1为定值电阻，R2为规格“20 2A”的滑动变阻器，表a、表b为电压表或电流表（1）若表a为电流表、表b为电压表，当S闭合时，电流表的示数为1A，求此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值；（2）若定值电阻R1的阻值为10，并拆去电表a和b，当S闭合时，移动滑片P，求R1消耗的最小电功率；（3）若表a为电压表、表b为电压表，当S闭合时，移动滑动变阻器R2的滑片P，则两表的示数变化量始终相同【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】（1）若表a为电流表、表b为电压表，当S闭合时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值；（2）若定值电阻R1的阻值为10，并拆去电表a和b，当S闭合时，R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，R1消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=I2R求出R1消耗的最小电功率；（3）根据电路图分析a、b分别为电流表或电压表时两表示数的变化关系，然后得出答案【解答】解：（1）若表a为电流表、表b为电压表，当S闭合时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，由I=可得，此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值：R2=6；（2）若定值电阻R1的阻值为10，并拆去电表a和b，当S闭合时，R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R1消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.2A，R1消耗的最小电功率：P1=（I）2 R1=（0.2A）210=0.4W；（3）由电路图可知：a、b均为电流表时，会造成电源短路；a、b两表中一个为电流表、一个为电压表时，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，滑片移