山东省东营市垦利区第一中学2018-2019学年高一物理下学期开学考试试题（含解析）

山东省东营市垦利区第一中学2018-2019学年高一物理下学期开学考试试题（含解析）一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.某场班级足球赛在16时20分正式开始,甲班经过30分钟的顽强拼搏,终于攻入了一球。下列说法正确的是a. “16时20分”和“30分钟”均指时刻b. “16时20分”和“30分钟”均指时间间隔c. “16时20分”是指时间同隔,“30分钟”是指时刻d. “16时20分”是指时刻,“30分钟”是指时间间隔【答案】d【解析】“16时20分” 在时间轴上对应的是一个点，指时刻，“30分钟”在时间轴上对应一段距离，指时间间隔，故d正确，abc错误，故选d。【点睛】正确理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点2.进行10m跳台跳水训练时，某运动员从跳台边缘竖直跳起0.6m，最后竖直落入水中。若将运动员视为质点，从起跳至入水的过程中，下列说法正确的是（ ）a. 运动员的位移大小是10mb. 运动员的位移大小是11.2mc. 运动员的路程是10.6md. 运动员的路程是10m【答案】a【解析】【详解】ab、位移的大小等于初末位置之间的距离，可知运动员的位移大小等于跳台的高度10m，故a正确，b错误；cd、运动员的路程等于运动轨迹的实际长度，路程大小为：s=10m+20.6m=11.2m，故c、d错误。故选：a3.一个做匀加速直线运动的物体的加速度是3m/s2，这意味着a. 该物体在任1s末的速度是该秒初速度的3倍b. 该物体在任1s末的速度比该秒的初速度大3m/sc. 该物体在第1s末的速度为3m/sd. 该物体在任1s初的速度比前1s末的速度大3m/s【答案】b【解析】试题分析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，加速度等于3m/s2，说明速度每秒变化3m/s解：a、b、作匀加速直线运动的物体，加速度等于3m/s2，说明速度每秒中增加3m/s，也就是说任一秒内，末速度比初速度大3m/s，所以a错误，b正确c、假设物体初速度为零，那么第一秒末的速度为3m/s，但是题目并没说明初速度是多少，故c错误d、该物体在任1s初的速度和前1s末的速度是指同一时刻速度，故d错误故选b【点评】本题是对物理中基本概念的考查，这是学习物理的基础，基本知识一定要掌握牢固4.力学单位制中，下列哪三个物理量的单位都为基本单位a. 质量、时间和力b. 质量、长度和力c. 时间、长度和力d. 质量、时间和长度【答案】d【解析】【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔【详解】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，故d正确，a、b、c错误。故选d。【点睛】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的5.一物体m受到一个撞击力后沿不光滑斜面向上滑动，如图所示，在滑动过程中，物体m受到的力是（）a. 重力、沿斜面向上的冲力、斜面的支持力b. 重力、沿斜面向下的滑动摩擦力、斜面的支持力c. 重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的滑动摩擦力d. 重力、沿斜面向上的冲力、沿斜面向下的摩擦力、斜面的支持力【答案】b【解析】【分析】对物体受力分析，关键要按照顺序找力，要找受到的力，每个力都要能找到受力物体，有时还要结合物体的运动情况分析受到的力【详解】物体在惯性的作用下沿斜面向上运动，对物体受力分析，重力竖直向下，斜面对物体的支持力垂直斜面向上，和沿斜面向下的滑动摩擦力，所以b正确，acd错误。故选b。【点睛】受力分析的一般步骤和方法是求解力学问题的一个关键，在整个高中物理学习的全过程中占有极重要的地位，对物体进行受力分析，通常可按以下方法和步骤进行：（1）明确研究对象，亦即是确定我们是要分析哪个物体的受力情况（2）隔离物体分析亦即将所确定的研究对象从周围物体中隔离出来，进而分析周围有哪些物体对它施加力的作用，方向如何，并将这些力一一画在受力图上，在画支持力、压力和摩擦力的方向时容易出错，要熟记：弹力的方向一定与接触面或接触点的切面垂直，摩擦力的方向一定沿着接触面与物体相对运动（或趋势）方向相反（3）分析受力的顺序：一重、二弹、三摩擦，沿接触面或点逐个去找有时根据概念或条件与判断本题可按照受力分析的一般步骤对物体受力分析6.甲物体的质量是乙物体质量的3倍，它们在同一高度处同时自由下落，(不计空气阻力)则下列说法正确的是()a. 甲比乙先着地b. 甲与乙的加速度相同c. 甲、乙同时着地d. 无法确定谁先着地【答案】cd【解析】【详解】甲和乙都做自由落体运动，加速度是重力加速度，与物体的质量的大小无关，所以甲、乙的运动情况完全相同，甲、乙同时着地，故c正确，abd错误。故选c。7.手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度。如图甲所示，某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1增大倾角如图乙，电脑始终处于静止状态，则a. 电脑受到4个力的作用b. 电脑受到的合力变大c. 散热器对电脑的作用力方向竖直向上d. 电脑受到的重力和支持力的合力变小【答案】c【解析】【详解】笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力三个力的作用，电脑处于平衡状态，合力始终为零；故ab错误；受力分析，如图所示：散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，可知散热器对电脑的作用力方向竖直向上。故c正确；根据平衡条件，有：n=mgcos；f=mgsin；由原卡位4调至卡位1，角度增大，则静摩擦力增大，根据三力平衡的特点可知，重力和支持力的合力变大。故d错误；故选c。8.下列关于加速度大小的判断正确的是（ ）a. 由公式a=vt可知，a与v成正比、与t成反比b. 由公式a=vt可知，a与v成反比、与t成正比c. 由公式a=fm可知，a与f成正比、与m成反比d. 由公式a=fm可知，a与f成反比、与m成正比【答案】c【解析】【详解】ab、根据加速度的定义式a=vt可知，加速度描述的物体速度变化的快慢，加速度的大小与v、t无关，故ab错误；cd、根据牛顿第二定律a=fm可知，加速度与合力f、质量m有关，加速度与f成正比，与m成反比，故c正确、d错误。故选：c9.如图所示，假设在某次比赛中运动员从10 m高处的跳台跳下，设水的平均阻力约为其重力的3倍，在粗略估算中，把运动员当做质点处理，为了保证运动员的人身安全，池水深度至少为(不计空气阻力)（ ） a. 5 mb. 3 mc. 7 md. 1 m【答案】a【解析】【详解】设水深h，对运动全程运用动能定理mg(hh)ffh0，即mg(hh)3mgh，得h5m。故选a。【点睛】本题是两个过程的问题，对全过程运用动能定理求解比较简便，也可以分两段进行研究10.下列说法中，哪一项是不正确的（ ）a. 物体所带的电荷量可以为任意实数b. 美国物理学家密立根用实验最早测定了元电荷的数量值c. 物体带电+1.610-9c，这是因为该物体失去了1.01010个电子d. 物体带电荷量的最小值为1.610-19c【答案】a【解析】【详解】a、物体所有带电电荷量均是元电荷的整数倍，而不是任意的，故a错误；b、元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根使用油滴法测得的，为此他获得了诺贝尔物理学奖，故b正确；c、元电荷e=1.610-19c，物体带电+1.6010-9c=+1.01010e，即该物体失去了1.01010个电子，故c正确；d物体带电荷量的最小值为元电荷，即为1.610-19c，故d正确。故不正确的选：a二、多选题（本大题共5小题，共25.0分）11.小明站在电梯内的体重计上，电梯静止时体重计示数为50kg，若电梯运动过程中，他看到体重计的示数为40kg，g=10m/s2下列说法中正确的有（ ）a. 电梯可能正加速上升b. 电梯可能正加速下降c. 电梯可能在减速上升d. 电梯可能在减速下降【答案】bc【解析】【分析】人对体重计的压力小于人的重力，说明人处于失重状态，加速度向下，运动方向可能向上也可能向下；【详解】由于体重计示数小于其重力，故其处于失重状态，其加速度向下，即电梯可能正加速下降或减速上升，故选项bc正确，ad错误。【点睛】做超重和失重的题目要抓住关键：有向下的加速度，失重；有向上的加速度，超重。12.某人向放在水平地面的正前方小桶中水平抛球，结果球划着一条弧线飞到小桶的前方如图所示).不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛时，他可能作出的调整为a. 减小初速度，抛出点高度不变b. 增大初速度，抛出点高度不变c. 初速度大小不变，降低抛出点高度d. 初速度大小不变，提高抛出点高度【答案】ac【解析】小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择解：设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则平抛运动的时间水平位移a、b由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持抛出点高度h不变，减小初速度v0故a正确，b错误c、d由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持初速度v0大小不变，减小降低抛出点高度h故c正确，d错误故选ac13.明朝谢肇淛的五杂组中记载：“明姑苏虎丘寺庙倾侧，议欲正之，非万缗不可。一游僧见之,曰：无烦也，我能正之。”游僧每天将木楔从塔身倾斜一侧的砖缝间敲进去，经月余扶正了塔身。假设所用的木楔为等腰三角形，木楔的顶角为，现在木楔背上加一力f，方向如图所示，木楔两侧产生推力n，则：a. 若f一定，大时n大b. 若f一定，小时n大c. 若一定，f大时n大d. 若一定，f小时n大【答案】bc【解析】选木楔为研究对象，木楔受到的力有：水平向左的f、和两侧给它的与木楔的斜面垂直的弹力，由于木楔处于平衡状态，所以侧给它的与木楔的斜面垂直的弹力与f沿两侧分解的分力是相等的，力f的分解如图：则：f=f1cos(902)+f2cos(902)=2f1cos(902)=2f1sin2，所以：f1=f2sin2，由公式可知，当f一定，小时fn大；当一定，f大时fn大。故a、d错误，b、c正确。故选bc。【点睛】对力进行分解时，一定要分清力的实际作用效果的方向如何，再根据平行四边形定则或三角形定则进行分解即可。14.如图所示，物体a、b用细绳连接后跨过滑轮，a悬挂着，b刚好静止在光滑的斜面上，不计滑轮摩擦现将斜面倾角增大，下列说法中正确的是a. 物体b将沿斜面向下滑b. 物体b对斜面的压力减小c. 绳子对物体b的拉力大于物体a的重力d. 绳子对物体b的拉力小于物体a的重力【答案】abc【解析】【分析】将斜面倾角增大，分析b的重力沿斜面向下的分力变化情况，即可判断b的运动状态，物体b对斜面的压力的大小等于b的重力垂直斜面的分力，根据a的加速度方向分析绳子拉力与a的重力关系；【详解】a、由题可知，绳的拉力等于a的重力，对b分析由：mbgsin=mag，将斜面倾角增大，b的重力沿斜面向下的分力mbgsin增大，则物体b将沿斜面向下加速运动，故a正确；b、物体b对斜面的压力大小为：fn=mbgcos，增大，cos减小，则fn减小，故b正确；cd、物体b将加速下降，加速度向下，而物体a则加速上升，加速度向上，处于超重状态，则绳子对物体a的拉力大于物体a的重力，根据定滑轮的特征知，绳子对物体b的拉力大于物体a的重力，故c正确，d错误。【点睛】本题关键是先对物体b受力分析，判断其运动状态，再对物体a受力分析，然后根据牛顿第二定律分析绳子的拉力大小。15. 消防员用绳子将一不慎落入井中的儿童从井内加速向上提的过程中，不计绳子的重力，以下说法正确的是（ ）a. 绳子对儿童的拉力大于儿童对绳子的拉力b. 绳子对儿童的拉力大于儿童的重力c. 消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对作用力与反作用力d. 消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力是一对平衡力【答案】b【解析】试题分析：绳子对儿童的拉力和儿童对绳子的拉力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故a错误；儿童从井内加速向上提的过程中，加速度方向向上，根据牛顿第二定律得绳子对儿童的拉力大于儿童的重力故b正确；消防员对绳子的拉力与绳子对消防员的拉力是一对作用力和反作用力，故c正确；消防员对绳子的拉力与绳子对儿童的拉力作用在不同物体上，不是一对平衡力，故d错误；故选bc考点：平衡力；作用与反作用力三、实验题探究题（本大题共2小题，共12.0分）16.在“验证平行四边形定则”的实验中，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条(1)对两次拉伸橡皮条的实验操作过程中，下列哪些说法是正确的_(填字母代号)a.同一次实验中，o点位置不允许变动b实验中，只需记录弹簧测力计的读数和o点的位置c实验中，把橡皮条的另一端拉到o点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取d实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到o点(2)同学们在操作过程中有如下议论，其中必要的实验要求是_(填字母代号)。a两细绳必须等长b弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行c拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些d用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大【答案】 (1). ad (2). bc【解析】【详解】(1)a、同一次实验中，将橡皮条和绳的结点拉到相同位置o，意味着两次力的作用效果相同，所以o位置不允许变动，故a正确。b、实验中不仅要记录弹簧测力计的读数和o点的位置，还要同时记录力的方向，故b错误。c、实验中把橡皮条的另一端拉到o点时，两个弹簧测力计之间的夹角不是越大越好，两个弹簧测力计之间的夹角太大了会增大实验的误差，故c错误。d、实验体现了等效替代的实验思想，两次拉伸橡皮条到同一点o，意味着两次力的作用效果相同，故d正确。故选：a、d(2)a、通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故a错误。b、实验要求尽量准确，为了减小实验因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，否则用作图法做出来的力的大小不准确，故b正确。c、为了更加准确记录力的方向，拉橡皮条的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些，故c正确。d、虽然用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数没有特殊要求，但为了减少实验误差，用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤拉力不能太大，也不能太小，故d错误。故选：b、c故答案为：(1)ad；(2)bc17.某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：(1)该同学在平衡摩擦力后进行实验，为了便于探究、减小误差，应使小车质量m与砝码和盘的总质量m满足_的条件。(2)他实验时将打点计时器接到频率为50hz的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图乙所示(每相邻两个计数点间还有4个点图中未画出) s1=3.59cm，s2=4.39cm，s3=5.19cm，s4=5.99cm，s5=6.79cm，s6=7.59cm。则小车的加速度a=_m/s2，打点计时器在打b点时小车的速度 vb=_m/s.(结果均保留两位有效数字)(3)通过实验得到如图丙所示的a-f图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角_(选填“偏大”或“偏小”)。【答案】 (1). mm (2). 0.80 (3). 0.40 (4). 偏大【解析】【分析】（1）当mm时，可以用钩码的重力代替小车的拉力；（2）根据x=at2求得加速度，利用中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度求得；（3）根据a-f图象可知，当f=0时，加速度a0，判断出原因即可【详解】（1）小车运动过程中，砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力；当小车质量m远大于砝码和盘总质量m时可以近似认为小车受到的拉力等于砝码和盘的重力。（2）计数点间的时间间隔为t，由匀变速直线运动的推论x=at2可知，加速度：a=s6+s5+s4s3s2s19t2=(7.59+6.79+5.995.194.393.59)10290.12m/s2=0.80m/s2 b点的瞬时速度为vb=s1+s22t(3.59+4.39)1020.2m/s=0.40m/s （3）当f=0时，小车已经具有了加速度，在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角偏大.【点睛】教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚。对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由。比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等。四、计算题（本大题共3小题，共33.0分）18.前一段时间，全国不少城市被雾霾笼罩，空中浮游大量有害物质，不仅影响市民的身体健康，道路交通环境也受到一定的影响某日雾霾天气，路上能见度(观察者与能看见的最远目标间的距离)为70 m，一汽车在平直公路上以v025m/s的速度行驶，该司机的反应时间t00.5 s，汽车刹车时能产生的最大加速度大小a5m/s2.(1)汽车在司机反应时间t0内行驶多长距离？(2)请根据以上数据分析，一旦在能见度处出现障碍物，汽车能否避免与障碍物碰撞。【答案】(1)12.5 m(2)会相碰；【解析】(1)汽车的初速度v0=90 km/h=25 m/s在反应时间t内汽车仍做匀速运动，故前进的距离s=v0t=250.5 m=12.5 m(2)设从刹车到静止，汽车前进的位移为x，则0-v02=-2ax解得x=v022a=25225 m=62.5 m由于s+x=75 m70 m所以在能见度处出现障碍物时，汽车会与障碍物碰撞.点睛：掌握匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系，知道避免相撞的临界条件是正确解题的关键19.如图所示，一长度l=50cm的细绳栓着一个质量为m=3kg的小球，小球用固定在墙上的弹簧支撑，平衡时弹簧位于水平方向，细绳与竖直方向的夹角为53.不计弹簧和细绳的质量：已知sin53=0.8、cos53=0.6，g=10m/s2，求：(1)细绳对小球的拉力的大小；(2)已知弹簧的原长为x0=50cm，求弹簧的劲度系数的大小.【答案】（1）50n（2）4n/cm