（广西专用）2020高考物理二轮复习 题型一 选择题课件

第三部分题型指导考前提分,题型一选择题,-3-,题型分析自2013年开始,物理高考新课标全国卷选择题明确分成单项选择题和多项选择题,这一变化使得物理选择题的答题难度有所降低。单项选择题只有一个选项正确,其他选项要么不符合题意,要么是错误的,答对率相对较高。多项选择题有两个或两个以上的选项正确,只有将符合题意的答案全部选出才能得全分,少选和漏选仅得少量分数,多选和错选则不得分,能在较大的知识范围内,实现对基础知识、基本技能和基本思想方法的考查,因而难度较大,也是失分较多的一个题型。,-4-,增分策略一、解答选择题一般要从以下三个方面入手1.审题干。在审题干时要注意以下三点:第一,明确选择的方向,即题干要求是正向选择还是逆向选择。正向选择一般用“什么是”“包括什么”“产生以上现象的原因”“这表明”等表述;逆向选择一般用“错误的是”“不正确”“不是”等表述。第二,明确题干的要求,即找出关键词句题眼。第三,明确题干规定的限制条件,即通过分析题干的限制条件,明确选项设定的具体范围、层次、角度和侧面。2.审选项。对所有备选选项进行认真分析和判断,运用解答选择题的方法和技巧(下文将有论述),将有科学性错误、表述错误或计算结果错误的选项排除。,-5-,3.审题干和选项的关系。这是做好选择题的一个重要方面。常见的选择题中题干和选项的关系有以下几种情形:(1)选项本身正确,但与题干没有关系,这种情况下该选项不选。(2)选项本身正确,且与题干有关系,但选项与题干之间是并列关系,或选项包含题干,或题干与选项的因果关系颠倒,这种情况下的选项不选。(3)选项并不是教材的原文,但意思与教材中的知识点相同或近似,或是题干所含知识的深层次表达和解释,或是对某一正确选项的进一步解释和说明,这种情况下的选项可选。(4)单个选项只是教材中知识的一部分,不完整,但几个选项组在一起即侧面表达了一个完整的知识点,这种情况下的选项一般可选。,-6-,二、解答选择题的方法技巧1.直接判断法解答时通过阅读和观察,利用题干所描述的物理现象和设置的条件,界定试题考查的范围和意图,选准看问题的视角,抓住主要因素,忽略次要因素,根据所学的知识和规律直接判断,得出正确的答案。这些题目主要考查考生对物理识记内容的记忆和理解程度,属常识性题目。2.比较排除法在读懂题意的基础上,根据题目的要求,灵活运用物理知识,经分析、推理先将明显的错误或不合理的备选答案一个一个地排除掉,最后只剩下正确的答案。,-7-,3.极限分析法物理中体现极限思维的常见方法有极限法、微元法。极限法是把某个物理量推向极端,从而作出科学的推理分析,给出判断或导出一般结论。该方法一般适用于题干中所涉及的物理量随条件单调变化的情况。微元法是将研究过程或研究对象分解为众多细小的“微元”,只需分析这些“微元”,进行必要的数学方法或物理思想处理,便可将问题解决。,-8-,4.图像图解法“图”在物理学中有着十分重要的地位,它是将抽象物理问题直观化、形象化的最佳工具。若题干或选项中已经给出了函数图像,则需从图像纵、横坐标的物理意义以及图线中的“点”“线”“斜率”“截距”和“面积”等诸多方面寻找解题的突破口。用图像法解题不但快速、准确,能避免繁杂的运算,还能解决一些用一般计算方法无法解决的问题。在利用作图分析法解题时,如何能根据题意将题目中抽象的文字用图像正确地表现出来是解题的关键。在画图时,要特别注意状态变化连接处的特征和前后不同过程的区别和联系,同时也要将这种区别和联系表现在图像上。,-9-,5.估算求解法有些选择题本身就是估算题,有些貌似要精确计算,实际上只要通过物理方法(如:数量级分析),或者数学近似计算法(如:小数舍余取整),进行大致推算即可得出答案。估算是一种科学而有实用价值的特殊方法,可以大大简化运算,帮助考生快速地找出正确选项。6.逆向思维法如果问题涉及可逆物理过程,当按正常思路判断遇到困难时,则可考虑运用逆向思维方法来分析、判断。有些可逆物理过程还具有对称性,则利用对称规律和逆向思维解题是一条捷径。,-10-,7.结论法“二级结论”是由基本规律和基本公式导出的推论。熟记并巧用一些“二级结论”可以使思维过程简化,节约解题时间。非常实用的二级结论有:(1)等时圆规律;(2)平抛运动末速度的反向延长线过水平位移的中点;(3)不同质量和电荷量的同性带电粒子由静止相继经过同一加速电场和偏转电场,轨迹重合;(4)直流电路中动态分析的“串反并同”结论;(5)平行通电导线“同向相吸,异向相斥”;(6)带电平行板电容器与电源断开,改变极板间距离不影响极板间匀强电场的强度;(7)双导体棒模型的终极状态是两棒做匀速直线运动等。,-11-,热点例析一、物理学史和物理思想方法例1(多选)在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法,如理想实验法、控制变量法、极限法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等。以下关于物理学研究方法的叙述正确的是()a.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法运用了假设法b.根据速度的定义式v=,当t趋近于零时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限法c.在实验探究加速度与力、质量的关系时,运用了控制变量法d.在推导匀变速直线运动位移公式时,把整个运动过程等分成很多小段,然后将各小段位移相加,运用了微元法,bcd,-12-,解析:质点是一种理想化模型,不是假设,故a错误;根据速度定义,定义应用了极限法,故b正确;在实验探究加速度与力、质量的关系时,因为加速度与力、质量都有关,故应采用控制变量法,故c正确;在推导匀变速运动位移公式时,把整个运动过程划分成很多小段,各小段近似看作匀速直线运动,然后把各小段的位移相加求总位移,采用了微元法,故d正确。,技巧点拨本题考查了物理学思想和方法,物理中出现的主要思想和方法有理想模型法、微元法、等效替代法、极限法等。,-13-,拓展训练1在物理学建立、发展的过程中,许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步。关于科学家和他们的贡献,下列说法正确的是()a.古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定,伽利略在他的两种新科学的对话中利用逻辑推断,使亚里士多德的理论陷入了困境b.伽利略发现了行星运动的规律,并通过实验测量了引力常量c.英国物理学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确地测定了静电力常量d.奥斯特发现了电流的磁效应,并总结出电磁感应定律,a,-14-,解析:开普勒发现了行星运动的规律,b项错误;卡文迪许利用扭秤测定了引力常量,c项错误;奥斯特发现了电流的磁效应,法拉第总结出电磁感应定律,d项错误;亚里士多德认为物体下落的快慢由重量决定,伽利略利用逻辑推断使他的结论出现了矛盾,a项正确。,-15-,二、受力分析、物体的平衡例2(多选)如图所示,横截面为直角三角形的斜劈a,底面靠在粗糙的竖直墙面上。力f指向球心水平作用在光滑球b上,系统处于静止状态。当力f增大时,系统还保持静止,则下列说法正确的是()a.a所受合外力增大b.a对竖直墙壁的压力增大c.b对地面的压力保持不变d.墙面对a的摩擦力可能变为零,bd,-16-,解析:斜劈a始终处于静止状态,可知a所受合力始终为零,选项a错误;以斜劈a和球b整体为研究对象,易知竖直墙壁对a的弹力随f的增大而增大,所以,力f增大时,a对竖直墙壁的压力增大,选项b正确;以球b为研究对象可知斜劈a对球b的弹力增大,因而地面对b的支持力增大,b对地面的压力也增大,选项c错误;由于初始状态竖直墙壁对斜劈的摩擦力的方向未知,因而f增大时,墙面对a的摩擦力可能变为零,选项d正确。,-17-,技巧点拨(1)处理平衡问题的基本思路:确定平衡状态(加速度为0)选定研究对象受力分析建立平衡方程求解得结论。(2)当物体仅受三个共点力作用而平衡时,可灵活选取正交分解法、合成法、解直角三角形法、相似三角形法、图解法求解。(3)当物体受四个及以上共点力的作用而平衡时,一般采用正交分解法求解。(4)在连接体问题中,分析外界对系统的作用力时用整体法,分析系统内物体间的作用力时用隔离法。隔离物体进行受力分析时,一般先从受力最简单的物体入手。,-18-,拓展训练2(多选)如图所示,倾角为的斜面体c置于水平地面上,小物块b置于c的斜面上,通过绝缘细绳跨过光滑的定滑轮与带正电小球m连接,连接b的一段细绳与斜面平行,带负电的小球n固定在m的正下方。两带电小球在缓慢漏电的过程中,m、b、c都处于静止状态,下列说法正确的是()a.b对c的摩擦力可能始终增加b.地面对c的支持力始终变小c.c对地面的摩擦力方向始终向左d.滑轮对绳子的作用力方向始终不变,ad,-19-,解析:两带电小球在缓慢漏电的过程中,库仑引力逐渐减小,对m分析,可知拉力逐渐减小,对b分析,开始b所受的摩擦力可能沿斜面向上,则拉力减小,摩擦力可能增加,a正确;对b、c整体分析,受力如图所示,根据平衡条件得知地面对c的支持力fn=(gb+gc)-ftsin,拉力逐渐减小,则支持力逐渐增大,b错误;以b、c整体为研究对象,根据平衡条件得知地面对c的摩擦力ff=ftcos,方向水平向左,则c对地面的摩擦力方向始终向右,c错误;绳子对滑轮的作用力为两个相等的力,ft方向不变,所以绳子对滑轮的作用力方向不变,则滑轮对绳子的作用力方向始终不变,d正确。,-20-,三、直线运动和牛顿运动定律例3(多选)(2019河北石家庄质检)如图所示,滑块放置在厚度不计的木板上,二者均处于静止状态。现对木板施加一水平向右的恒力f,已知各个接触面均粗糙,且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列关于滑块和木板运动的v-t图像中可能正确的是(实线、虚线分别代表木板和滑块的v-t图像)(),bd,-21-,解析:因恒力f大小以及各接触面大小均未知,所以滑块与木板可能相对静止一起向右匀加速运动,故b正确;不可能木板运动,滑块静止,故a错误;设木板质量为m木,滑块质量为m,滑块与木板间动摩擦因数为1,木板与地面间动摩擦因数为2,当m木与m相对滑动时,必有木板的加速度大小大于滑块加速度大小,且木板加速度,-22-,技巧点拨处理多过程动力学问题的“二分析”“一关键”(1)“二分析”分析研究对象在每个过程的受力情况,必要情况下画出受力分析图;分析研究对象在每个阶段的运动特点。(2)“一关键”前一个过程的结束就是后一个过程的开始,明确两个过程的交接点速度不变往往是解题的关键。,-23-,拓展训练3(多选)物体在水平地面上受到水平推力的作用,在6s内力f、速度v随时间变化的图像如图所示,由图像可得()a.物体的质量为2kgb.物体在6s内运动的位移为6mc.在02s内推力做的功为3jd.物体与地面间的动摩擦因数为0.025,cd,-24-,解析:物体在02s内做匀加速直线运动,加速度为a=m/s2,由牛顿第二定律有f合=f-mg=ma,物体在26s内做匀速直线运动,因此有mg=1n,联立解得物体的质量为m=4kg,物体与地面间的动摩擦因数为=0.025,选项a错误,d正确;根据v-t图像所围的面积表示物体运动的位移可得物体在6s内运动的位移为x=21m+41m=5m,选项b错误;力对物体所做的功等于力乘以力方向上的位移,因此在2s内推力做的功为w=fx1=321j=3j,选项c正确。,-25-,四、曲线运动、运动的合成与分解例4如图所示,从倾角为的足够长的斜面顶端p以速度v0抛出一个小球,落在斜面上某处q点,小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为。若把初速度变为2v0,小球仍落在斜面上,则以下说法正确的是()a.夹角将变大b.夹角与初速度大小无关c.小球在空中的运动时间不变d.pq间距是原来间距的3倍,b,-26-,解析:水平抛出后,小球做平抛运动,水平方向x=v0t,竖直方向,-27-,技巧点拨与斜面相关的平抛运动,斜面倾角的正切值跟水平速度和竖直速度有联系,也跟水平位移和竖直位移有联系,画出运动的轨迹后,只要抓住倾角正切值这个切入点,作出位移或者速度的平行四边形,思路就会豁然开朗,问题自然迎刃而解。此外,要理解并牢记关于平抛运动的以下几个常用推论。,-28-,推论1:做平抛(或类平抛)运动的物体在任一时刻、任一位置处,若其末速度方向与水平方向的夹角为,位移与水平方向的夹角为,则tan=2tan。推论2:做平抛(或类平抛)运动的物体任意时刻的瞬时速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点。推论3:从同一斜面上以不同初速度水平抛出的物体落在斜面上时速度方向与斜面的夹角恒定不变。推论4:斜上抛物体自抛出至最高点的过程恰为一个平抛运动的逆运动,据此可快速求解斜抛问题。,-29-,拓展训练4右图是倾角为45的斜坡,在斜坡底端p点正上方某一位置q处以速度v0水平向左抛出一个小球,小球恰好能垂直落在斜坡上,运动时间为t1。小球从同一点q处自由下落,下落至p点的时间为t2。不计空气阻力,则t1t2等于(),d,-30-,-31-,五、万有引力定律的应用与航天例5天文学家发现一颗与地球类似的太阳系外行星,这颗行星距离地球约20亿光年,公转周期约为37年,这颗名叫gliese581g的行星位于天秤座星群,它的半径大约是地球的1.9倍,重力加速度与地球相近。则下列说法正确的是()a.该行星的公转速度比地球小b.该行星的质量约为地球质量的2.61倍c.要在该行星表面发射人造卫星,发射速度至少要达到7.9km/sd.在地球上发射航天器到达该星球,航天器的发射速度至少要达到第三宇宙速度,d,-32-,解析:不知道这颗行星绕行的中心天体的情况,该行星的公转速度与地球无法比较,故a错误;忽略星球自转的影响,根据万有引力,误;由于这颗行星在太阳系外,所以航天器的发射速度至少要达到第三宇宙速度,故d正确。,-33-,技巧点拨应用万有引力定律分析天体问题的一般思路是万有引力提供向心力,应重点掌握天体质量和密度的计算方法。设中心天体质量为m,半径为r,密度为,表面重力加速度为g,该天体的卫星周期为t,轨道半径为r,则:,-34-,拓展训练5(2018北京卷)若想检验“使月球绕地球运动的力”与“使苹果落地的力”遵循同样的规律,在已知月地距离约为地球半径60倍的情况下,需要验证(),b,-35-,地球吸引苹果的力之比除了与距离的二次方成反比例之外,还与月球与苹果的质量之比有关,a错误;c、d两项需要知道地球与月球的质量之比和半径之比,且d项的结论错误,故c、d不符合题意。,-36-,六、功能关系的应用例6如图所示,一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上,上端连接一带正电小球p,小球所处的空间存在着方向竖直向上的匀强电场,小球平衡时,弹簧恰好处于原长状态。现给小球一竖直向上的初速度,小球最高能运动到m点。在小球从开始运动至最高点时,以下说法正确的是()a.小球电势能的减少量等于小球重力势能的增加量b.小球机械能的改变量等于电场力做的功c.小球动能的减少量等于电场力和重力做功的代数和d.弹簧弹性势能的增加量小于小球动能的减少量,a,-37-,解析:小球处于平衡位置时,弹簧处于原长状态,所以重力与电场力为平衡力,因此小球向上运动过程中,电场力做的功等于克服重力所做的功,故电势能的减少量等于重力势能的增加量,选项a正确;小球运动过程中,重力势能、电势能、弹性势能与动能之和守恒,因此该过程中小球动能减少量等于弹性势能的增加量,选项c、d错误;由功能关系可知,小球机械能的改变量等于弹力和电场力所做的功,选项b错误。,-38-,技巧点拨运用功能关系分析问题的基本思路:(1)选定研究对象或系统,弄清物理过程。(2)分析受力情况,看有什么力做功,弄清楚系统内有多少种形式的能参与转化。(3)仔细分析系统内各种能量的变化情况,某种形式的能量减少,一定存在其他形式的能量增加,且减少量与增加量一定相等;某个物体的能量减少,一定存在其他物体的能量增加,且减少量与增加量相等。据此列出关系式e减=e增,并联立其他条件或关系式求解。,-39-,拓展训练6(多选)如图所示,一固定容器的内壁是半径为r的半球面;在半球面水平直径的一端有一质量为m的质点p。它在容器内壁由静止下滑到最低点的过程中,克服摩擦力做的功为w。重力加速度大小为g。设质点p在最低点时,向心加速度的大小为a,容器对它的支持力大小为fn,则(),ac,-40-,解析:质点p由静止滑到最低点过程由动能定理得,所以选项a、c正确,b、d错误。,-41-,七、对电场基本性质的理解例7假设空间某一静电场的电势随x变化情况如图所示,根据图中信息可以确定下列说法正确的是()a.空间各点电场强度的方向均与x轴垂直b.电荷沿x轴从o移到x1的过程中,一定不受电场力的作用c.正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,电场力做正功,电势能减小d.负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,电场力做负功,电势能增加,d,-42-,解析:由题图看出,x轴上各点电势不全相等,x轴不是一条等势线,所以空间各点电场强度的方向不全与x轴垂直,a错误;沿x轴从o移到x1,各点电势相等,任意两点间电势差为零,移动电荷电场力做功为零,但电场力不一定为零,也可能电场力与x轴垂直,b错误;正电荷沿x轴从x2移到x3的过程中,电势升高,电荷的电势能增大,电场力做负功,c错误;负电荷沿x轴从x4移到x5的过程中,电势降低,电荷的电势能增加,电场力做负功,d正确。,-43-,技巧点拨(1)电荷在电场中运动时,电场力做功将引起电势能与其他形式的能发生转化,电荷的机械能不再守恒。(2)搞清几个功能关系:重力做功等于重力势能的变化,电场力做功等于电势能的变化,弹簧弹力做功等于弹性势能的变化,合外力做功等于动能的变化。(3)无论能量如何变化,总是满足能量守恒定律。,-44-,拓展训练7对于真空中电荷量为q的静止点电荷而言,当选取离点电荷无穷远处的电势为零时,离点电荷距离为r处的电势为=(k为静电力常量),如图所示,两电荷量大小均为q的异种点电荷相距为d,现将一质子(电荷量为e)从两电荷连线上的a点沿以负电荷为圆心、半径为r的半圆形轨迹abc移到c点,在质子从a到c的过程中,系统电势能的变化情况为(),a,-45-,-46-,八、对磁场知识的理解例8(多选)如图所示,台秤上放一光滑平板,其左边固定一挡板,一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来,此时台秤有一定的读数。现在磁铁上方中心偏右位置固定一通电导线,当通以一定的电流后,台秤的示数增加,同时弹簧缩短(弹簧始终处于弹性限度内),则下列说法正确的是()a.磁铁右端为n极,左端为s极,导线中的电流方向垂直纸面向内b.磁铁右端为n极,左端为s极,导线中的电流方向垂直纸面向外c.磁铁右端为s极,左端为n极,导线中的电流方向垂直纸面向内d.磁铁右端为s极,左端为n极,导线中的电流方向垂直纸面向外,ad,-47-,解析:若磁铁右端为n极,磁铁的磁感线在它的外部是从n极到s极,因为长直导线在磁铁的中心偏右位置,所以此处的磁感线是斜向左上的,若电流的方向垂直于纸面向里,根据左手定则,导线受磁铁给的安培力方向是斜向右上,长直导线是固定不动的,根据物体间力的作用是相互的,导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左下的;将这个力在水平和竖直方向分解可知,光滑平板对磁铁支持力增大,由于水平向左的分力,所以弹簧长度将变短,故a正确,b错误。同理,若磁铁右端为s极,磁铁的磁感线在它的外部是从n极到s极,因为长直导线在磁铁的中心偏右位置,所以此处的磁感线是斜向右下的,若电流的方向垂直于纸面向外,根据左手定则,导线受磁铁给的安培力方向是斜向右上,长直导线是固定不动的,根据物体间力的作用是相互的,导线给磁铁的反作用力方向就是斜向左下的,将这个力在水平和竖直方向分解可知,光滑平板对磁铁支持力增大,弹簧长度将变短,故c错误,d正确。,-48-,技巧点拨分析安培力的方法:(1)首先把立体图画成易于分析的平面图或截面图。(2)根据左手定则确定安培力的方向,如果题目涉及研究通电导线对磁铁的作用力,可先研究其反作用力,即磁铁对导线的作用力。(3)结合通电导体受力分析、运动情况等列方程,解决问题。,-49-,拓展训练8如图所示,两平行光滑金属导轨固定在绝缘斜面上,导轨间距为l,劲度系数为k的轻质弹簧上端固定,下端与水平直导体棒ab相连,弹簧与导轨平面平行并与ab垂直,直导体棒垂直跨接在两导轨上,空间存在垂直导轨平面斜向上的匀强磁场。闭合开关k后导体棒中的电流为i,导体棒平衡时,弹簧伸长量为x1;调转图中电源极性使棒中电流反向,导体棒中电流仍为i,导体棒平衡时弹簧伸长量为x2。忽略回路中电流产生的磁场,则磁感应强度b的大小为(),d,-50-,解析:导体棒中电流为i时,对导体棒由平衡条件有mgsin=kx1+bil;当电流反向后,安培力反向,由平衡条件有mgsin=kx2-bil。,-51-,例9(多选)(2019河北衡水模拟)在以坐标原点o为圆心、半径为r的圆形区域内,存在磁感应强度大小为b、方向垂直于纸面向里的匀强磁场,如图所示,一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点a处以速度v沿-x方向射入磁场,恰好从磁场边界与y轴的交点c处沿+y方向飞出。当磁感应强度的大小变为b后,该粒子仍从a处以相同的速度射入磁场,但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了120角,则()a.粒子带负电,abd,-52-,解析:由粒子的飞行轨迹(如图所示),利用左手定则可知,该粒子带负电荷,a正确;粒子由a点射入,由c点沿y轴正方向飞出,由几何关,-53-,技巧点拨解磁场问题要记住:一画轨迹,二找圆心,三算半径。其中比较难的是计算半径,在计算半径时可以利用勾股定理或者正弦定理。,-54-,拓展训练9(2019山东济南一模)如图所示,正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场,甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30角的方向垂直射入磁场。甲粒子垂直于bc边离开磁场,乙粒子从ad边的中点离开磁场。已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为12,质量之比为12,不计粒子重力。以下判断正确的是()a.甲粒子带负电,乙粒子带正电b.甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍,d,-55-,-56-,九、直流电路的动态分析例10(多选)如图所示电路,在滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中,理想电压表、电流表的示数将发生变化,电压表v1、v2示数变化量的绝对值分别为u1、u2,已知电阻r大于电源内阻r,则()a.电流表a的示数增大b.电压表v2的示数增大c.电压表v1的示数增大d.u1大于u2,acd,-57-,解析:滑动变阻器的滑片向左滑动,则接入电阻变小,闭合回路的,大,a正确;由u=e-ir可知,路端电压变小,所以电压表v2的示数变小,b错误;由u=ir可知,电阻r的电压增大,即电压表v1的示数增大,c正确;由闭合电路的欧姆定律可知,e=u1+u变+ur,所以有u1+u变+ur=0,对于外电路有,u2=u变+u1,两式联立得,u2+ur=0,因为电阻r大于电源内阻r,所以u1ur,所以u1u2,d正确。,-58-,技巧点拨直流电路动态分析的步骤:(1)确定电路的内阻r、外电阻r外如何变化。,(3)由u内=i总r,确定电源的内电压如何变化。(4)由u外=e-u内,确定外电压如何变化。(5)由部分电路欧姆定律,确定干路上某定值电阻两端的电压变化。(6)确定支路两端的电压如何变化及各支路电流的变化。,-59-,拓展训练10如图所示,图中的三个电表均为理想电表,当滑动变阻器滑片p向左端缓慢移动时,下列说法正确的是()a.电压表v1的读数减小,电流表a的读数增大b.电压表v1的读数增大,电压表v2的读数增大c.电阻rp消耗的功率增大,电容器c所带电荷量增加d.电压表v2的读数减小,电流表a的读数减小,d,-60-,解析:当滑动变阻器滑片p向左端缓慢移动时,rp阻值变大,电路的电流减小,电流表a读数减小,则电压表v1读数变大,a错误;由于通过r2的电流减小,故电压表v2读数减小,b错误,d正确;电压表v1读数变大,即电容器两端的电压变大,所带电荷量增加;由于不知rp与各个电阻的大小关系,故不能判断rp的功率变化,c错误。,-61-,十、交变电流与远距离输电例11(多选)如图所示的电路中,t为一降压式自耦调压变压器。开始时灯泡l正常发光,现在电源电压u略降低,为使灯l仍能正常发光,可采用的措施是()a.将自耦调压变压器的滑片p适当上滑b.将自耦调压变压器的滑片p适当下滑c.适当增大滑动变阻器r2的阻值d.适当减小滑动变阻器r2的阻值,ac,-62-,解析:保持负载总电阻不变,电源电压u略降低,为使l仍能正常发,小,为使l仍能正常发光,加在l两端的电压应不变,则加在r1两端的电压应减小,总电流应减小,负载总电阻应增大,r2应增大,选项c正确,选项d错误。,-63-,技巧点拨(1)在变压器的描述中,没有特别说明的情况下,原、副线圈中的电压、电流均指有效值,电压表、电流表测的是有效值。(2)注意变压器原、副线圈的决定关系:u1决定u2,i2决定i1,p2决定p1。(3)远距离输电线路中有升压变压器和降压变压器,注意画出输电线路示意图,找出线路中各物理量之间的关系。,-64-,拓展训练11(多选)图甲为理想变压器的示意图,其原、副线圈的匝数比为41,电压表和电流表均为理想电表,rt为阻值随温度升高而变小的热敏电阻,r1为定值电阻。若发电机向原线圈输入如图乙所示的正弦式交变电流,则下列说法正确的是()a.输入变压器原线圈的交流电压的表达式为u=36sin50tvb.t=0.01s时,发电机的线圈平面与磁场方向垂直c.变压器原、副线圈中的电流之比为41d.rt温度升高时,电流表的示数变大,bd,-65-,-66-,十一、电磁感应定律的应用例12(多选)如图所示,两根等高光滑的圆弧轨道,半径为r、间距为l,轨道电阻不计。在轨道顶端连有一阻值为r的电阻,整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中,磁感应强度为b。现有一根长度稍大于l、电阻不计的金属棒从轨道最低位置cd开始,在拉力作用下以初速度v0向右沿轨道做匀速圆周运动至ab处,则该过程中()a.通过r的电流方向为由外向内b.通过r的电流方向为由内向外,ac,-67-,解析:金属棒运动过程中,切割磁感线,根据右手定则,可判断金属棒的电流方向为由内到外,外电路流过电阻的电流方向为由外到内,选项a对,b错;金属棒转动过程中,流过电路的电荷量,-68-,技巧点拨分析电磁感应中能量问题的基本方法:(1)明确安培力做的功是电能和其他形式的能之间相互转化的“桥梁”,其关系表示如下:,(2)明确功能关系,确定有哪些形式的能量发生了转化。如有摩擦力做功,必有内能产生;有重力做功,重力势能必然发生变化;安培力做负功,必然有其他形式的能转化为电能。,-69-,拓展训练12(多选)如图所示,水平传送带带动两金属杆匀速向右运动,传送带右侧与两光滑平行金属导轨平滑连接,导轨与水平面间夹角为30,两虚线ef、gh之间有垂直导轨平面向下的匀强磁场,磁感应强度为b,磁场宽度为l,两金属杆的长度和两导轨的间距均为d,两金属杆a、b质量均为m,与导轨接触良好。当金属杆a进入磁场后恰好做匀速直线运动,当金属杆a离开磁场时,金属杆b恰好进入磁场,则()a.金属杆b进入磁场后做加速运动b.金属杆b进入磁场后做匀速运动c.两杆在穿过磁场的过程中,回路中产生的总热量为mgl,bc,-70-,解析:两杆从导轨顶端进入磁场过程中,均只有重力做功,故进入磁场时速度大小相等,金属杆a进入磁场后匀速运动,b进入磁场后,a离开磁场,金属杆b受力与金属杆a受力情况相同,故也做匀速运动,a项错误,b项正确;两杆匀速穿过磁场,减少的重力势能转化为回路的电热,即q=2mglsin30=mgl,c项正确,d项错误。,-71-,十二、近代物理例13(多选)在光电效应实验中,用同一种单色光,先后照射锌和银的表面,都能发生光电效应现象。对于这两个过程,下列四个物理量中,一定不同的是()a.单位时间内逸出的光电子数b.反向截止电压c.饱和光电流d.光电子的最大初动能,bd,解析:单位时间内逸出的光电子数以及饱和光电流由光强决定,所以可能相同,故选项a、c错误;根据光电效应方程h=w0+euc可知,入射光的频率不同,反向截止电压不同,再根据ek=euc知光电子的最大初动能也不同,所以选项b、d正确。,-72-,技巧点拨处理光电效应问题的两条线索一是光的频率,二是光的强弱。两条线索对应的关系:1.光越强光子数目多发射光电子数多光电流大。2.光子频率高光子能量大产生光电子的最大初动能大。,-73-,拓展训练13(2018天津卷)氢原子光谱在可见光区域内有四条谱线h、h、h和h,都是氢原子中电子从量子数n2的能级跃迁到n=2的能级时发出的光,它们在真空中的波长由长到短,可以判定()a.h对应的前后能级之差最小b.同一介质对h的折射率最大c.同一介质中h的传播速度最大d.用h照射某一金属能发生光电效应,则h也一定能,a,-74-,解析:本题以氢原子能级跃迁模型为切入点,考查光的频率与折射率、传播速度的关系以及发生光电效应的条件等知识点。能级,h波长大于h,故h的频率小于h的频率,故用h照射某金属发生光电效应时,用h照射不一定能发生光电效应,选项d错误。,-75-,十三、物理图像例14甲、乙两汽车在一条平直的单行道上,乙在前、甲在后同向行驶。某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示,同时开始刹车,结果两辆车发生了碰撞。右图为两辆车刹车后刚好不相撞的v-t图像,由此可知若相撞()a.两辆车刹车时相距的距离一定等于112.5mb.两辆车刹车时相距的距离一定小于90mc.两辆车一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生相撞的d.两辆车一定是在刹车后的20s以后的某时刻发生相撞的,c,-76-,解析:两车速度相等是两车是否碰撞的临界条件。t=20s时,由v-t图像可知甲车的位移为300m,乙车的位移为200m,因而两车若相撞,刹