2019年中考物理模拟试卷及答案解析1-2

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（本大题共10小题，每空2分，共26分）1（2分）当天气闷热、暴雨即将来临之际，白鳍豚便频频露出水面一起一伏，群众称为“白鳍拜江”。白鳍豚是肉食性动物，其视觉很差，靠自身发出的频率很高 讯号发现食物并突袭式吞食。遗憾的是，2011年之后，我们再也没有见过白鳍豚。2（2分）如图所示，OB为一轻质杠杆，O为支点，OA=0.3m，AB=0.2m，将重30N的物体悬挂在B点，当杠杆在水平位置平衡时，在A点至少需加 N的拉力。3（2分）如图，把一个边长为20cm的正方体小木块放入水中，静止时，木块有五分之三的体积浸入水中，木块的密度是 g/cm3。4（2分）如图所示，同一个金属导体线框abcd，一次从某一高处由静止开始自由下落；第二次从某磁场区域上方的同一高度由静止开始自由下落（图中“”表示该区域有方向垂直纸面向里的磁场）。金属导体线框穿过磁场区域时会产生感应电流，产生焦耳热，部分机械能转化为内能。两次金属导体线框落地时具有的动能分别为E1和E2，空气阻力不计，则E1 E2（选填“大于”、“等于”或“小于”）。5（4分）如图所示，将一小球向斜向上方抛出，小球做复杂的曲线运动。实际分析处理时，可以把小球的运动看作沿竖直方向向上减速运动，同时在水平方向向前匀速运动。当小球到达最高点时，小球的速度 （选填“等于零”或“不等于零”），在最高点小球受到的重力突然消失，空气阻力不计，则小球将做 （选填“静止”、“竖直下落”或“匀速直线运动”）。6（2分）甲图中是某物体做匀速直线运动的vt图象，根据路程公式s=vt，可知图象与坐标轴所围图形面积的大小在数值上等于其运动路程的大小，即s=v1t1。乙图是某物体做加速直线运动的vt图象。我们可以将物体加速直线运动的时间过程划分成若干个时间段，时间间隔为t，只要t足够小，物体在每一段t时间内的运动均可看成是匀速直线运动，如图丙所示。根据以上信息，请你求出乙图中物体在t1时间内通过的路程S= （用t1和v1表示）。7（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器后，验电器的金属箔片会张开一定角度，在这一过程中，橡胶棒将 电子（选填“得到”或“失去”）。8（2分）甲图是某同学通过实验来探究某种固体物质熔化特点的实验装置。乙图是该同学描绘的物质温度随时间的变化的关系曲线，在AB段和CD段加热的时间相同，但升高的温度却不同，这是因为 。9（4分）如图所示，工人用滑轮组匀速提升重400N的货物，所用的拉力F为250N，绳子向下匀速拉了6m，若不计绳重和摩擦，在此过程中所做的有用功是 J；如果用该滑轮组提升60kg的物体，滑轮组的机械效率将 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。10（4分）有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲。电源电压为36V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙。当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为 ，为了保证灯泡两端的电压不超过24V，则滑动变阻器R连入电路的阻值不得小于 。二、选择题（每小题3分，共21分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11（3分）如图所示，等臂杠杆两端各挂一个质量相等的实心铁块和铝块（已知铁铝），杠杆平衡，若将它们同时浸没在水中，杠杆将（）A仍平衡B左端下沉C右端下沉D无法判定12（3分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A物体吸了热，内能一定增加B一碗水倒掉一半后，内能减小C物体的温度越高，所含热量最多D10的冰块，内能可能小于零，可能大于零，也可能等于零13（3分）如图所示，重为G的物体A放在粗糙的斜面上处于静止状态：若用一个方向始终沿斜面向上，大小从零开始逐渐增大的变力F作用在物体上，使物体始终保持静止状态，在上述过程中，对物体受到的摩擦力及方向的判断，下列说法正确的是（）A始终不受摩擦力作用B摩擦力方向始终沿斜面向上C某一时刻可能不受摩擦力D摩擦力方向始终沿斜面向下14（3分）如图所示，闭合开关，滑片P向右移动，则螺线管（）A左端为S级，磁性减弱B左端为S级，磁性增强C左端为N级，磁性减弱D左端为N级，磁性增强15（3分）一个文具袋静止在水平桌面上，下列说法正确的是（）A桌子受到的重力和文具袋对桌面的压力是一对相互作用力B文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力是一对平衡力C文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力是一对相互作用力D桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是一对平衡力16（3分）如图所示四个实验现象中，揭示了电风扇工作原理的是（）ABCD17（3分）如图所示的电路电源电压恒定，闭合关，滑片向右移动时，下说正确的是（）A电流表A2示数变大B电路消耗的总功率变大C电压表示数变大D电流表A1示数变小三、实验题（第18小题7分，第19小题7分，第20小题8分，共22分）18（7分）小明同学练习使用天平测量物体的密度：（1）他将托盘天平放在水平桌面上，把游玛移到标尺左端的“0”刻度线处，观察指针的指示情况如图甲所示，此时应进行的操作是 ；天平横梁调平衡后，在称物体的质量时，他在天平右盘中加、减砝码后，指针的指示情况如图乙所示，这时他应进行的操作是 。（2）小明同学用调好的天平测量鹅卵石的密度：首先用天平测出鹅卵石的质量是32.0kg；再把鹅卵石轻轻放入烧杯（质量90g）中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁记下此时水面位置为M；然后放在天平中称量，砝码示数与游码如图丙所示，则杯、水和鹅卵石的总质量为 g。将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M用天平测出烧杯和水的总质量为142.0g，根据所测数据，可以计算出鹅卵石的密度为 g/cm3（已知水的密度水=1103kg/m3）（结果保留三位有效数字）鹅卵石具有一定的吸水性，若实验中先测鹅卵石的体积，再测鹅卵石的质量，测得得分鹅卵石的密度与实际值相比会 （选填“偏大”、“不变”或“偏小”）。19（7分）（1）图甲所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置图。实验时选择玻璃板来代替平面镜的好处是 ；用玻璃板代替平面镜也有不利的意面，就是在观察A的像时没有通过平面镜观察的清晰，这主要是因为 。（2）图乙所示是探究“凸透镜成像规律实验”的装置。随着实验的进行，蜡烛燃烧的越来越短，为了使像仍能呈现在光屏中央，应该如何调整光屏： 。（3）按乙图进行实验时，光屏上成清晰的像。若用遮光布将凸透镜遮住一半，则光屏上像的变化情况是 （选填“成一半的像”、“像不变”或“像亮度变暗”）。20（8分）某实验小组为了测量额定电压为3V的小灯泡在正常工作时的阻值，在接入电路前先用欧姆表（可直接测量电阻大小）估测了该小灯泡的阻值约为500，实验室提供的实验器材有：电流表A（03mA，RA=15）；电压表V（015V，RV=1k）；阻值为50定值电阻R1；阻值为1985定值电阻R2。（1）该小组的同学为了精确地测量该小灯泡的阻值，实验室提供的电压表和电流表均不能使用，电压表的量程较大，测量误差较大。请你简要分析说明电流表不能用的原因： 。（2）实验小组经过分析，可以将电流表与定值电阻串联，通过串联电阻分压来测量小灯泡电压；可以用已知阻值的电压表测量电流；设计的电路如图所示。串联分压定值电阻应选择 （选填“R1”或“R2”）；实验小组的同学按图连接好电路后，当小灯泡正常工作时，电压表、电流表的读数分别用U、I表示，则通过小灯泡的电流IA= ；小灯泡电阻RV= （两空均用题中的字母表示）。四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题7分，共21分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（6分）如图所示，质量m=5.0kg的木块，以某一初速度由高h=2.0m，倾角=30的静止的斜面顶端匀速滑到底端。在下滑过程中斜面对木块的摩擦力做负功，斜面对木块的弹力不做功。根据理论分析可知，物体在多个力作用下做匀速直线运动，外力做的总功代数和为零。取g=10N/kg，sin30=0.5求下滑过程中：（1）重力做功的大小；（2）斜面对木块的摩擦力大小；（3）若地面光滑，在木块下滑过程中斜面会同时向右运动。请你用能量的观点定性的分析，地面光滑时木块下滑到底端时动能大小与斜面静止时木块下滑到底端时动能大小关系。22（8分）为了比较水和沙子比热容的大小，小明用图甲所示装置进行了实验探究。在两个相同的易拉罐中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，根据实验数据绘制了图乙所示的温度时间（ttmin）曲线。已知沙子和水的质量均为200g，水的比热容c水=4.2103J/（kg）且比沙子比热容大。（1）乙图中a和b哪个是水吸热升温的图象；（2）试求出沙子的比热容；（3）加热满2min时，水吸收了多少热量。23（7分）干电池使我们实验时经常使用的电源，它除了有稳定的电压外，本身也具有一定的电阻。实际使用时，可以把干电池看成一个理想的电源（即电阻为零）和一个电阻串联组成，如图甲所示。用图乙所示的电路可以测量出一个实际电源的电阻值和电压值。闭合开关S，移动滑动变阻器，测量两组电压（U1、U2）和对应的电流（I1、I2）值，请你推导出电源电压U和电源电阻r的表达式（用U1、U2、I1、I2表示）。参考答案与试题解析一、填空题（本大题共10小题，每空2分，共26分）1【考点】9E：超声波与次声波【分析】高于20000Hz的声音属于超声波，超声波能传递信息。【解答】解：白鳍豚能自身发出的频率很高的超声波讯号，通过超声波的反射来发现食物并突袭式吞食。故答案为：超声波。【点评】本题考查了超声波的应用，属于基础知识。2【考点】7N：杠杆的平衡条件【分析】根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2可直接求出动力F1的大小。【解答】解：由图可知，O为支点，阻力大小等于所挂物体的重力，OB为阻力臂，在A点的拉力为动力；OB=OA+OB=0.3m+0.2m=0.5m；要在A点施加最小的拉力，则拉力F的最大力臂为OA（即竖直向上拉），根据杠杆的条件可得：F1OA=GOB，所以，最小拉力：F1=50N；故答案为：50。【点评】本题结合实例考查了对杠杆的平衡条件的理解与应用，常见题目。3【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】已知木块边长，可以得到体积；已知木块排开水的体积，可以得到木块受到的浮力；已知木块排开水的体积与本身体积关系，根据漂浮特点列出方程求解木块密度。【解答】解：正方体木块的体积：V木=a3=（0.2m）3=8103m3，由题知，木块排开水的体积：V排=V木=8103m3=4.8103m3，木块受到的浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m310N/kg4.8103m3=48N；因为木块漂浮，所以G木=F浮，且G木=木gV木，所以木gV木=48N，即：木10N/kg8103m3=48N，解得：木=0.6103kg/m3=0.6g/cm3。故答案为：0.6。【点评】本题考查了密度公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，属于基础题目，计算时注意单位统一。4【考点】FL：动能大小的比较【分析】影响动能大小的因素是质量和速度；根据能量的转化判定机械能的变化，从而判定出动能的变化。【解答】解：同一个金属框从相同的高度自由下落时，具有的重力势能是相同的，到达地面时，重力势能变为0；不计空气阻力，第一次下落时，重力势能全部转化为动能；第二次下落时，由于金属导体线框穿过磁场区域时会产生感应电流，产生热量，一部分重力势能转化为内能，故第二次金属框到达地面时的动能小于第一次到达地面时的动能。故答案为：大于。【点评】本题考查了动能和重力势能的转化、机械能与内能的转化，难度不大。5【考点】6U：力与运动的关系【分析】根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解：由题知，将一小球向斜向上方抛出，可以把小球的运动看作沿竖直方向向上减速运动，同时在水平方向向前匀速运动；所以，当小球到达最高点时，小球在水平方向有一定的速度，即小球的速度不为0；根据牛顿第一定律可知，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态，原来运动的物体将永远做匀速直线运动；小球在最高点时，重力突然消失且空气阻力不计，则小球不受任何外力作用，所以小球将以此时的速度做匀速直线运动。故答案为：不等于零；匀速直线运动。【点评】会对物体进行受力分析，牢记牛顿第一定律，会根据牛顿第一定律判断物体的状态。6【考点】6C：匀速直线运动【分析】根据匀速直线运动的vt图象，路程公式s=vt，可知图象与坐标轴所围图形面积的大小，在数值上等于其运动路程的大小。【解答】解：图象与坐标轴所围图形面积的大小，在数值上等于其运动路程的大小，乙图中图象与横轴围成的图形为三角形，根据三角形面积公式可得s=，故运动路程的大小为s=。故答案为：。【点评】本题考查路程的计算，数形结合是关键。7【考点】H7：摩擦起电的实质【分析】用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；验电器利用同种电荷互相排斥的原理，当用带电体接触验电器的金属球时，就会有一部分电荷转移，并使金属箔带上同种电荷，两金属箔由于同种电荷互相排斥而张开。【解答】解：用毛皮摩擦过的橡胶棒因为得到电子带负电荷；验电器是利用同种电荷互相排斥的原理制成的，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，它与不带电的验电器金属球接触，多余的负电荷通过金属球向验电器的金属箔片运动，此过程橡胶棒失去电子。故答案为：失去。【点评】本题主要考查了对验电器工作原理的了解，同时要知道毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，基础题目。8【考点】GD：比热容的概念【分析】AB段和CD段的倾斜程度不同，该物体的温度变化值不同，然后结合热量公式Q=cmt进行分析。【解答】解：AB段和CD段的倾斜程度不同，该物体的温度变化值不同，由热量公式Q=cmt可知，在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。说明该物质在不同状态的比热容不同，该物质处于固态时的比热容小于物质处于液态时的比热容。故答案为：该物质处于固态时的比热容小于物质处于液态时的比热容。【点评】要学会从图象中找出与晶体有关的信息，解题的关键是理解图象中每一阶段表示的含义及物质的状态。9【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】利用s=nh求出物体移动的距离，利用W=Gh计算有用功；根据公式=讨论。【解答】解：（1）由图可知，n=2，由s=nh可得，物体上升的高度：h=3m，此过程中所做的有用功：W有用=Gh=400N3m=1200J；（2）如果用该滑轮组提升60kg的物体，物重G=mg=60kg10N/kg=600N，即货物的重力增大了；因不计绳重和摩擦，所以额外功为克服动滑轮自重做的功，即W额外=G轮h，有用功W有=Gh，则总功W总=G轮h+Gh，滑轮组的机械效率=，动滑轮重不变，增大货物的重力，由上式可知，滑轮组的机械效率将增大。故答案为：1200；增大。【点评】本题考查功、机械效率计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是动滑轮上绳子段数的分析，难点是机械效率公式的推导。10【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）额定电压下灯泡正常发光，由图象读出通过灯泡的电流，根据欧姆定律求出灯丝的电阻；（2）先计算灯泡电压不超过24V时R两端电压，再由串联电路特点和欧姆定律计算变阻器的连入电路的阻值。【解答】解：（1）灯泡L的额定电压为24V，由图乙可知，当UL=24V时，通过的电流IL=0.4A，由I=可得，灯丝的电阻：RL=60；（2）串联电路特点可知，灯泡两端的电压不超过24V，则滑动变阻器两端电压最少为：UR=UUL=36V24V=12V，电路中电流最大为0.4A，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小为：R=30。故答案为：60；30。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，关键是从图象中读出电流和电压的对应值。二、选择题（每小题3分，共21分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析【分析】根据铝块和铁块质量相同，并结合杠杆的平衡条件确定杠杆的类型，即为等臂杠杆；因此当铁块、铝块都浸没水中后，受到浮力较小的一侧，杠杆下沉。【解答】解：因铝块、铁块质量相同，由杠杆平衡条件，两侧力与力臂的乘积相同，并且杠杆为等臂杠杆；又因为铁铝，所以由V=知：V铁V铝，当浸没水中后，由F浮=水gV排知：铝块受到的浮力大，铁块受到的浮力较小，因此铁块一侧将下降，即左端下降。故选：B。【点评】此题主要通过判断杠杆的平衡情况，考查了对杠杆平衡条件的应用和阿基米德原理的应用，首先要掌握杠杆的平衡条件，注意当杠杆为等臂杠杆时，直接根据浮力大小即可判断出杠杆的状态。12【考点】G6：温度、热量与内能的关系【分析】A、改变物体内能的两种方法：做功和热传递；B、物体内部分子的动能和分子势能的总和叫做物体的内能，其大小与物质的量和温度有关；C、热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰；D、一切物体都具有内能。【解答】解：A、物体吸收了热量，同时还对外做功，则物体的内能不一定增加，故A错误；B、一碗水倒掉一半后，物体含有的物质减少，内能减小。故B正确；C、因为热量是一个过程量，不能用具有、含有来修饰，故C错误；D、任何物体都有内能，内能是大于0的，故D错误。故选：B。【点评】本题主要是考查学生对内能、温度与热量三者之间的联系和区别的掌握情况，同时也对改变物体内能的两种方法也进行了检测。13【考点】7G：摩擦力的方向【分析】由于开始时，木块处于静止状态时，木块在重力的作用小产生斜向下的力的作用，有下滑的趋势，摩擦力方向与物体的运动趋势方向相反；当拉力逐渐增大，物体开始向斜上方开始运动时，摩擦力的方向与物体的运动方向相反，据此解答。【解答】解：开始时，木块相对斜面有向下的运动趋势，静摩擦力沿斜面向上；增大拉力F，当拉力等于向下的摩擦力时，木块受到的摩擦力为零，当拉力大于向下的摩擦力时，木块开始沿斜面向上运动时，摩擦力方向与物体相对运动方向相反，滑动摩擦力方向沿斜面向下，故摩擦力方向先沿斜面向上，后沿斜面向下。故ABD错误，C正确。故选：C。【点评】本题根据物体的运动状态分析摩擦力的方向如何变化，关键是要进行讨论，不能简单认为木块受到的摩擦力一定沿斜面向下。14【考点】CA：通电螺线管的磁场【分析】（1）根据安培定则判断螺线管的NS极。（2）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小有关，电流越大，磁性越强。【解答】解：（1）伸出右手握住螺线管，四指弯曲指示电流的方向，大拇指所指的方向为通电螺线管的N极，因此螺线管右端为N极，左端为S极；（2）滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大，因此通电螺线管的磁性增强。综上分析，选项B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查通电螺旋管的极性、磁性强弱的判断，要知道安培定则不但可以判出螺线管的磁极，也能根据磁极判出电流方向。15【考点】6S：平衡力和相互作用力的区分【分析】根据二力平衡的条件和相互作用力的条件对各选项逐一进行分析。（1）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上。（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在不同的物体上。【解答】解：A、桌子受到的重力和文具袋对桌面的压力是作用在同一物体上的两个力，且方向相同、大小不相等，不符合相互作用力的条件，所以不是一对相互作用力。故A错误；B、文具袋受到的重力和桌子对文具袋的支持力均作用在文具袋上，大小相等、方向相反、作用在一条直线上，符合二力平衡的条件，所以是一对平衡力。故B正确；C、文具袋受到的重力和文具袋对桌面的压力方向相同，不符合相互作用力的条件，所以不是一对相互作用力，故C错误；D、桌子对文具袋的支持力和文具袋对桌子的压力是作用在不同的物体上的两个力，不符合二力平衡的条件，所以不是一对平衡力。故D错误。故选：B。【点评】知道二力平衡的条件和相互作用力的条件，并且会区分平衡力和相互作用力是解决本题的关键。16【考点】CJ：磁场对通电导线的作用【分析】电风扇的核心部分是电动机，电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：电风扇的核心部分是电动机，电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用。A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故A错误；B、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，故B错误；C、该装置是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故C正确；D、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故D错误。故选：C。【点评】本题涉及的内容有电流的磁效应、电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场中受力运动的装置是不同的，前者外部没有电源，后者外部有电源。17【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路消耗总功率的变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。电源电压不变，所以滑片移动时电压表的示数不变，故C错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时，通过灯泡的电流不变，即A2示数不变，故A错误；当滑片P向右移动时，变阻器R接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过R的电流变小，由并联电路中电流特点知，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，故D正确；由P=UI可知，电路消耗的总功率变小，故B错误。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。三、实验题（第18小题7分，第19小题7分，第20小题8分，共22分）18【考点】2M：固体的密度测量实验【分析】（1）在调节天平时，指针指向分度盘的一侧要通过调节平衡螺母来使天平平衡，而在称量过程中指针指在分度盘的一侧则要在加减砝码后，通过移动游码来使天平平衡；（2）物体质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；鹅卵石的体积等于倒入水的体积；根据密度公式求出鹅卵石的密度。在把鹅卵石从水中取出时，鹅卵石上有附着的水，故从该角度分析即可判断。【解答】解：（1）图甲中指针偏右，说明右侧质量偏大，应向左移动平衡螺母；称量过程中，当通过加减砝码无法使天平平衡时，若指针如图乙所示偏左，应向右移动标尺上的游码；（2）由图知，杯、水和鹅卵石的总质量：m=100g+50g+10g+2g=162g；水的质量为：m水1=162g32g90g=40g，此时水的体积为V水1=40cm3，将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，用天平测出杯和水的总质量为142g，此时，杯中水的体积V水=52cm3；由题意知，鹅卵石的体积等于加入水的体积，则V=V水1V水=52cm340cm3=12cm3；鹅卵石的密度=2.67g/cm3。若小明先测鹅卵石的体积，由于将鹅卵石从水中拿出时，上面沾有水，所以所测鹅卵石的质量偏大，根据密度公式=知，所测密度会偏大。故答案为：（1）调节平衡螺母使天平平衡；移动游码，使横梁平衡；（2）162；2.67；偏大。【点评】测固体的密度首先会使用天平，用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，理解题目中所用的等效替代法。19【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于找到蜡烛A的像的位置；发生发射的同时也发生了折射；（2）为使像成在光光屏中央，应把蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛，将烛焰、凸透镜、光屏三者中心调到同一高度上；（3）物体由无数点组成，物体上任一点射向凸透镜有无数条光线，经凸透镜折射后，有无数条折射光线会聚成该点的像。所以遮住凸透镜的一部分，还有另外的部分光线，经凸透镜折射会聚成像。【解答】解：（1）用玻璃板来代替平面镜，是因为玻璃板既能透光也能反光，这样能够看清B，以便确定A的像位置；用玻璃板代替平面镜也有不利的意面，就是在观察A的像时没有通过平面镜观察的清晰是有一部分光发生了折射，即物体A的大部分光线透过玻璃板发生了折射；（2）图乙所示是探究“凸透镜成像规律实验”的装置。随着实验的进行，蜡烛燃烧的越来越短，为了使像仍能呈现在光屏中央，应该如何调整光屏：向上调整光屏，使蜡烛、凸透镜、光屏三者中心在同一直线上；（3）遮住凸透镜的上半部，物体上任一点射向凸透镜的下半部，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗。故答案为：（1）能够看清B，以便确定A的像位置；物体A的大部分光线透过玻璃板发生了折射；（2）向上调整光屏，使蜡烛、凸透镜、光屏三者中心在同一高度上；（3）像亮度变暗。【点评】此题考查的是平面镜和凸透镜的应用，属于基本技能的考查和基本规律的应用，难度不大，熟练掌握凸透镜成像规律是解决此类问题的前提。20【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）根据欧姆定律算出灯泡的电流，与电流表的量程比较即可解答；（2）根据串联电路的分压作用选择出电阻；根据串联电路电流、电压的规律表示出小灯泡的电流和电阻。【解答】解：（1）小灯泡正常工作时的电流约为I=0.006A=6mA3mA，因为电流表的量程较小，不安全且不能精确测量电流。（2）电流表与定值电阻串联，电流表的电阻小分压少，需要串联一个较大的电阻，故选R2；根据串并联电路知识，小灯泡两端的电压UL=I（R2+RA），通过小灯泡的电流为，所以小灯泡正常工作时的电阻故答案为：（1）电流表的量程较小，不安全且不能精确测量电流；（2）R2；。【点评】本题考查了伏安法测量电阻以及串并联电路电压电流的特点，是一道难题。四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题7分，共21分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21【考点】EC：功的计算；7D：摩擦力的大小；FO：动能的影响因素【分析】（1）知道木块的质量和斜面的高度，根据W=Gh=mgh求出重力做的功；（2）木块沿斜面匀速下滑时，受到竖直向下的重力和垂直斜面向上的支持力以及沿斜面向上的摩擦力作用，根据题意可知斜面对木块的弹力不做功，利用外力做的总功代数和为零得出等式即可求出摩擦力做的功，根据三角关系求出斜面的长度，根据W=fs求出斜面对木块的摩擦力；（3）木块沿斜面下滑，分析地面光滑和不光滑时能量的转化，然后结合能量守恒定律得出结论。【解答】解：（1）重力做的功：WG=Gh=mgh=5.0kg10N/kg2.0m=100J； （2）木块沿斜面匀速下滑时，受到竖直向下的重力和垂直斜面向上的支持力以及沿斜面向上的摩擦力作用，因斜面对木块的弹力不做功，摩擦力做负功，且外力做的总功代数和为零，所以，Wf+WG=0J，则Wf=WG=100J，由三角函数知识可得，斜面的长度：s=4m，由Wf=fs可得，斜面对木块的摩擦力：f=25N；（3）根据能量守恒定律可知，在斜面静止时，木块下滑过程中，重力做功，重力势能减小，且木块克服摩擦力做功，木块的重力势能转化为内能；在光