2019年中考物理模拟试卷及答案解析7-8

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（每空2分，共26分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1（2.00分）双风沏、双龙沏、鹤翔湖、梅冲沏、大官塘水厍素有“五沏连珠”之称，也是构成生态北城的核心要素之一。炎炎夏日，湖边昼夜温差比陆地上昼夜温差小，其主要原因是 。2（2.00分）吴山贠鹅（又名行密页鹅）起源于吴山镇，是安徽合肥的传统名菜，色泽清爽，香气浓郁，味美醇厚，回味无穷。香气浓郁说明 。3（2.00分）2018年1月11日，合肥市迎来自1991年之后最冷一天，小明用温度计测量室外温度结果如图所示，其温度为 4（2.00分）如图所示，是新能源电动汽车正在充电，充电过程中电动汽车的电池相当于电路中的 。5（2.00分）2017年5月18日，中国科学家首次在南海试采可燃冰取得圆满成功，实现了我国天然气水合物开发的历史性突破。可燃冰清洁无污染，储量巨大，是一种非常理想的新型能源。可燃冰的热值很大，若体积为0.02m3的可燃冰完全燃烧放出的热量为2.1107J，则可燃冰的热值为 J/m36（4.00分）用稳定的热源给一个物体均匀加热，得到它的熔化图象如图所示，该物体为 （选填“晶体”或“非晶体”）；那么该物体在固态时的比热容与液态时的比热容之比为 。7（4.00分）两个定值电阻，甲标有“10 0.5A”，乙标有“20 0.2A”，如果把它们串联起来，电路两端允许加的最大电压为 V；如果把它们并联起来，干路中允许通过的最大电流为 A8（4.00分）家庭电能表表盘如图所小，有一台电冰箱一天消耗的电能为0.6kWh若某天只有这台电冰箱工作，则一天时间内该电能表的指示灯闪烁了 次；该电冰箱的平均功率为 。9（2.00分）一价电动机正常T作时线圈两端的电压为220V，线圈的电阻为2，线圈中通过的电流为5A这台电动机工作1s所做的机械功为 J10（2.00分）如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常发光，甲、乙两个电表的示数之比是1：4此时灯L1、L2的电阻之比是 二、选择题（每题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11（3.00分）如图，下列物态变化中，属于吸热的是（）A露的形成B雾的形成C冰化成水D霜打枝头12（3.00分）下列改变物体的内能方式与其他方式不同的是（）A陨石坠洛形成流星B两手摩擦可以发热C热水泡脚有助身体健康D汽车行驶一段时间后轮胎发热13（3.00分）下列关于安全用电的做法正确的是（）A用湿毛巾可以将用电器表面灰层清理的更干净B保险丝熔断后，更换上铜丝就可以恢复供电C使用试电笔时，手不能接触笔尾的金属体D发现有人触电时不能用手直接拉动触电的人体，应先切断电源再救人14（3.00分）下列关于热现象的说法中正确的是（）A物体温度升高，内能一定增加B发生热传递时，热量总是从内能大的物休传递给内能小的物体C在汽油机的压缩冲程中，内能转化为机械能D火箭使用液态氦作燃料，是因为液态氦含有的热量多15（3.00分）如图是单缸四冲程内燃机的四个冲程的示意图，下列关于这种内燃机一个工作循环中四个冲程的顺序排列，正确的是（）A甲、乙、丙、丁B乙、甲、丁、丙C乙、丁、甲、丙D丙、丁、乙、甲16（3.00分）如图所示，两盏相同的电灯闭合开关后都能发光。过一会儿，一盏电灯突然不亮了，另一盏电灯变亮，且电压表和电流表的示数均变大，此时电路发生的故障可能是（）AL1短路BL2短路CL1灯丝断了DL2灯丝断了17（3.00分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列说法正确的是（）A电压表V示数不变，电流表A2的示数变小B电流表A1示数变大，电流表A2的示数变小C电压表V示数与电流表A2示数的比值变大D电流表A1示数与电流表A2示数的差值不变三、实验题（第18小题5分，第19小题7分，第20小题8分，共20分）18（5.00分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是m1=20g，烧杯内的液体质量相同均为m2=0.1kg。（1）若比较不同燃料的热值应选择 两图进行实验燃料完全燃烧放出热量的多少，是通过 来反映的若甲图烧杯中为水，燃料完全燃烧可使温度计示数升高30，本实验根据公式qm1=cm2t，计算出燃料的热值比其标准值 （选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。（2）若比较不同物质吸热升温的特点应选择 两图进行实验；不同物质吸热的多少是通过 来反映的19（7.00分）我们已进行过“探究通过导体的电流与电压、电阻的关系”的实验：（1）请你在方框内画出该实验的电路图。（2）在连接电路时，当连完最后一根导线后就发现两个表的指针发生偏转，并且指针总在晃动，造成上述现象的原因分别是 ； 。（3）排除故障后，首先探究“通过导体的电流跟导体两端电压的关系”，调节滑动变阻器，测出通过电阻R的电流和对应的电压值如下表：U（V）0.51.01.52.02.53.0I（A）0.10.20.30.40.50.6根据表中数据得到的结论是 ，通过计算可知，此次实验所用的电阻为 。（4）接着探究“通过导体的电流跟导体电阻的关系”。首先将5的电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，读出并记下电流值；然后将5的电阻改接成10的电阻，他下一步的操作应该是：闭合开关， ，并记下电流值；再改接20的电阻，重复上述实验。（5）在许多实验中都需要进行多次测量，其目的有以下两种：A是为了从不同情况中找到普遍规律；B是为了求平均值以减小误差。你认为在本实验中测量多组数据的目的 ；“伏安法”测量定值电阻的阻值实验中多次测量的目的是 （选填“A”或“B”）。20（8.00分）小明利用如图甲所示电路测小灯泡的额定功率，小灯泡的额定电压为2.5V（1）实验前在检查仪器时发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是 闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移到 位置（选填“最右端”、“最左端”或“中间”）。（2）请根据图甲电路图将图丙实物电路图连接完整。（3）排除电路故障后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，小明画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图象（如图丁），则小灯泡的额定功率为 W（4）由于实际的电表都不是理想电表，经分析由于电压表 （选填“分流”或“分压”）原因导致小灯泡额定功率测量值与其真实值相比 （选填“偏小”、“偏大”或“相同”）。四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题9分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（6.00分）太阳能热水器已经在合肥城乡使用得非常普遍了，如图所示，已知某太阳能热水器在冬季有效日照时段里，能将10、100kg水加热到40水的比热容为4.2103J/（kg）（1）在此过程中，水吸收了多少热量（2）若此期间太阳辐射到热水器的热量为3.15107J，则该热水器的效率是多少？（3）水吸收的热量相当于完全燃烧多少质量煤炭释放的热量（已知煤炭的热值3.0107J/kg）。22（8.00分）如图所示，电源电压为6V且保持不变，灯泡L1和L2的额定电压均为6V，定值电阻R=6，灯泡L2的电阻R2=4（假设灯泡L1和L2的电阻保持不变）（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表的示数为多少？（2）当开关S1、S2和S3都闭合时，若电流表示数为=1.33A（可用A进行计算），求灯L1的电阻R1为多少？（3）若灯泡L1和L2的额定功率分别为P1、P2，证明：当开关S2闭合，S1、S3断开时，电路的总功率P总=23（9.00分）电源其实是有电阻的，所以我们可以把实际电源看成一个理想电源和一个定值电阻（简称内阻）的串联（如图甲所示），某同学设计了如图乙所示的电路测量电源电压和内阻。移动变阻器的滑片，当电流表示数为I1=0.20A时，电压表示数U1=2.70V；当电流表示数为I2=0.40A时，电压表示数U2=2.40V，求（1）电源的电压和内阻；（2）已知电源输出功率是指电源外部电路（除电源内阻以外用电器）消耗的功率，要使此电源的输出功率最大，滑动变阻器的电阻应该为多少？参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共26分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程）1【考点】GF：比热容解释简单的自然现象【分析】单位质量的某种物质温度升高（或降低）1所吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容。水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。【解答】解：湖边含有水多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得湖边昼夜温差比陆地上昼夜温差小；故答案为：水的比热容较大。【点评】本题主要考查了学生对水的比热容大的特点及应用的了解和掌握。2【考点】GV：分子的运动【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动。【解答】解：吴山贠鹅色泽清爽，香气浓郁，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。故答案为：分子在不停地做无规则运动。【点评】本题考查分子动理论知识，解答此题的关键是知道分子动理论的内容。3【考点】16：温度计的使用及其读数【分析】使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下。【解答】解：由图知：温度计上10之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1，即此温度计的分度值为1；液柱最高处在“0”下方，所以显示的温度低于0，为10；故答案为：10。【点评】此题考查的是常用温度计的读数，要掌握温度计的读数方法。4【考点】HN：电路的组成【分析】电路由电源、开关、导线、用电器组成，分析题意，然后答题。【解答】解：在给电动汽车电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中电动汽车的电池消耗电能，电动汽车的电池相当于电路中的用电器。故答案为：用电器。【点评】本题考查了电路的组成，是一道基础题。5【考点】GJ：燃料的热值【分析】知道可燃冰完全燃烧放出的热量和可燃冰的体积，根据Q=Vq求出可燃冰的热值。【解答】解：根据Q=Vq可得可燃冰的热值为：q=1.05109J/m3。故答案为：1.05109。【点评】此题主要考查的是学生对燃料热值的计算，基础性题目。6【考点】1D：晶体和非晶体的区别；GD：比热容的概念【分析】（1）固体分晶体和非晶体，晶体有一定的熔化温度（图象中温度不变的时刻），非晶体没有；（2）从图上可以看出，在质量不变的前提下，AB段温度升高40度，CD段温度升高20度，CD段加热时间是AB段加热时间的2倍，吸收热量之比为1：2，所以该物体在固态时的比热与液态时的比热之比是1：4。【解答】解：（1）从图象知，物质在熔化过程中吸收热量温度保持不变，此物质是晶体；（2）在质量不变的前提下，吸收热量之比为1：3，温度升高之比为2：1，根据Q=cmt计算，=，=，=，可知该物体在固态时的比热与液态时的比热之比是1：6。故答案为：晶体；1：6。【点评】要求学生会用图象看出晶体非、晶体；描述比热容的大小并能正确读图。7【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】（1）已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出两端允许加的最大电压；（2）根据欧姆定律求出甲电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压额定可知两电阻均达到最大允许通所加的电压，根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I乙=0.2A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I=可得，两端允许加的最大电压：U=IR甲+IR乙=0.2A10+0.2A20=6V；（2）由I=可知，电阻两端允许所加的最大电压：U甲=I甲R甲=0.5A10=5V，U乙=I乙R乙=0.2A20=4V，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压U=U甲=U乙=4V，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路最大电流：I=I甲+I乙=+=+=0.6A。故答案为：6；0.6。【点评】本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时电压也选最小。8【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JA：电功率的计算【分析】（1）知道电冰箱工作一天消耗的电能，而3200imp/kWh表示每消耗1kWh的电能电能表指示灯闪烁3200次，据此求指示灯闪烁次数；（2）利用P=求电冰箱的平均功率。【解答】解：（1）3200imp/kWh表示每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3200次，电冰箱一天消耗电能0.6kWh，则电能表指示灯闪烁的次数：n=3200imp/kWh0.6kWh=1920次；（2）电冰箱的平均功率：P=0.025kW=25W。故答案为：1920；25W。【点评】本题考查了对电能表参数的理解和电功率的计算，本题计算的是平均功率，电冰箱的实际功率比该值要大，因为电冰箱的压缩机是运转一会儿停一会儿。9【考点】J3：电功的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】已知电压、电流与通电时间，由W=UIt可以求出电动机消耗的电能，由焦耳定律可以求出其产生的热量，从而求出机械功。【解答】解：电动机消耗的电能：W=UIt=220V5A1s=1100J；产生的热量Q=I2Rt=（5A）221s=50J；所做的机械功为：W=QW=1100J50J=1050J。故答案为：1050。【点评】电动机是非纯电阻电路，消耗的总电能等于输出的机械能与热量之和。10【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】根据电压表并联在电路中，电流表串联在电路中确定甲乙仪表的种类，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出两灯泡的电阻之比。【解答】解：如果甲乙任何一个为电流表，将会形成短路，所以甲乙都为电压表，此时灯L1、L2串联，电压表甲测量L2两端电压，电压表乙测量电源电压；已知甲、乙两个电表的示数之比是1：4，即 U2：U=1：4；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以灯L1、L2两端电压之比为：U1：U2=（UU2）：U2=（41）：1=3：1；又因为串联电路电流相等，即I1=I2；由I=可得L1、L2的电阻之比：R1：R2=：=U1：U2=3：1。故答案为：3：1。【点评】本题考查电压表和电流表在电路中的作用、串联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是明确甲乙仪表的种类和测量对象。二、选择题（每题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意）11【考点】12：物质的三态及其基本特征【分析】六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的。凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：A、露是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，液化需放热，故A不符合题意。B、雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化现象，液化需放热；故B不符合题意。C、冰雪消融是冰雪由固态变为液态的水，是熔化现象，熔化要吸热；故C符合题意。D、霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是凝华现象，凝华要放热，故D不符合题意；故选：C。【点评】此题考查的是生活中物态变化的判断，和吸放热情况的判断。是一道基础题。12【考点】G9：做功改变物体内能；GA：热传递改变物体内能【分析】解决此题要知道做功可以改变物体内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，温度升高；当物体对外界做功时，物体的内能就会减小，温度降低。【解答】解：A、陨石坠落过程中与空气摩擦，是通过做功的方式改变内能的；B、两手摩擦可以发热，是通过做功的方式改变内能的；C、热水泡脚是通过热传递的方式改变内能的；D、轮胎与地面摩擦一段时间后轮胎发热，是通过做功的方式改变内能的；故选：C。【点评】本题考查了做功与内能的改变，对物体做功，物体的内能增加。13【考点】IV：安全用电原则【分析】（1）不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故；（2）保险丝是用电阻率大熔点低的铅锑合金制成的，当电流过大时会熔断而保护电路；（3）试电笔是用来辨别火线和零线的；（4）当有人触电或发生电火灾的时候，不能先进行抢救，要先断开电源。【解答】解：A、湿毛巾的水份是导体，用湿毛巾擦拭用电器时容易发生触电事故。故A错误；B、保险丝是用熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，不能用铜丝代替保险丝。故B错误；B、使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体，这样才能构成通路，故C错误；C、发现有人触电时不能用手直接拉动触电的人体，应先切断电源再救人，故D正确。故选：D。【点评】本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。14【考点】G6：温度、热量与内能的关系；G8：热传递；GJ：燃料的热值；GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）物体温度升高，内能一定增大；物体内能增加，温度不一定升高；（2）发生热传递的条件是存在温度差；（3）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转化为内能。（4）热量是个过程量，区别于状态量，只能说某物体吸收了多少热量，放出了多少热量，不能说含有。【解答】解：A、物体温度升高，内能一定增加，故A正确；B、发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，而不是从内能大的物体传给内能小的物体，故B错误；C、在汽油机的压缩冲程中，活塞压缩燃料混合物使它的温度升高、内能增大，将机械能转化为内能，故C错误。D、火箭使用液态氦作燃料，是因为液态氦的热值大；热量是个过程量，不能说含有热量，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了物体内能的改变、物体内能改变的方式以及内燃机工作过程能的转化，属于热学基础知识的考查，比较简单。15【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序。【解答】解：甲图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，应该是第三个冲程做功冲程；乙图中进气门打开，排气门关闭，应该是第一个冲程吸气冲程；丙图中进气门关闭，排气门打开，应该是第四个冲程排气冲程；丁图中两个气门都关闭，火花塞没有点火，此时活塞向下运动，应该是第二个冲程压缩冲程。按照四个冲程的先后顺序应该是乙、丁、甲、丙。故选：C。【点评】熟悉每个冲程的特征是识别冲程的关键。该题难度不大，逐个确定每个冲程，然后进行正确排序。16【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】电路故障分为短路和断路；由图可知，灯L1和灯L2串联，电压表测灯L1两端电压；一盏电灯突然不亮了，另一盏电灯变亮，说明此时电路是接通的，变亮的灯两端的电压变大，不亮的灯的两端的电压减小，据此分析。【解答】解：由图可知，灯L1和灯L2串联，电压表测灯L1两端电压；一盏电灯突然不亮了，另一盏电灯变亮，说明通过电路有电流，故电路出现了短路，不是断路，故CD错误；电压表测灯L1两端电压，电压表的示数变大，说明不可能L2短路，故故障原因是L1短路；当L1短路后，电路的总电阻减小，电流变大，电压表测量的是电源电压，电压表和电流表的示数均变大，故B正确。故选：B。【点评】此题考查了电路故障，要学会使用电流表、电压表来检测电路故障，注意逐一分析各选项，找出符合题意的答案。17【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由图分析电路结构：R与滑动变阻器并联，判断各电表的作用，根据并联电路的特点结合欧姆定律判断电流表、电压表的示数变化情况。【解答】解：由图R与滑动变阻器并联，A1测干路电流，A2测滑动变阻器支路的电流，电压表测电源电压。AB、当滑片向右滑动时，滑动变阻器连入阻值变大，电源电压不变，所以电压表示数不变；由I=，R支路电流不变，变阻器支路电流减小即A2示数减小；根据并联电路电流特点，干路电流减小即A1示数减小。故A正确，B错误；C、电压表示数不变，A2示数减小，所以两者比值变大，故C正确；D、A1与A2示数的差表示的是R的电流，R支路电流不变，所以差值不变，故D正确。故选：ACD。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，能正确分析电路的连接方式，弄清楚电流表和电压表的测量对象是关键。三、实验题（第18小题5分，第19小题7分，第20小题8分，共20分）18【考点】GJ：燃料的热值【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；在此实验中，酒精燃烧放出的热量大部分未被水吸收；（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲、丙两图进行实验；由于燃料燃烧释放的热量不能全部被液体吸收，使得实验得到的燃料热值偏小；（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲、乙两图进行实验。故答案为：（1）甲、丙；相同质量的同种液体温度升高的高低；偏小；（2）甲、乙；相同质量的不同的液体温度升高的高低。【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。19【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）根据伏安法测电阻，将电源、开关、电流表、电阻以及滑动变阻器依次连接起来，电压表测量电阻两端的电压；（2）连完最后一根导线两个表的指针都偏转说明电路闭合，原因是开关闭合；两表指针总是在晃动说明电路不稳，原因是某处连线接触不良。（3）根据实验数据总结实验结论时，要明确控制的物理量和变化的物理量，以及变化的物理量之间的对应规律；根据欧姆定律求出每组数据对应的电阻，然后取平均值即为此次实验所用的电阻；（4）电流跟电阻和电压都有关系，我们通过实验验证时，采用控制变量法研究，即在探究电流跟电阻关系时需要控制电压不变进行实验。（5）多次测量的目的：一是用来求平均值来减小误差，二是为了从不同情况中找到普遍规律，据此选择。【解答】解：（1）电路图如图所示：（2）李明连完最后一根导线后就发现两个表的指针发生偏转，并且指针总在晃动，造成上述现象的原因分别是开关闭合，某处连线接触不良。（3）研究电流与电压的关系，保持电阻一定；横向比较可以得到：电压成倍增大，电流也相应的成倍增大，所以结论是：在电阻一定时，电流与导体两端电压成正比。根据R=可得：每组数据对应的电阻均为5，取平均值可知此次实验所用的电阻为5；（4）在探究电流跟电阻关系时需要控制电压不变，因此更换电阻后，需移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数与换电阻前电压表示数相同。（5）探究通过导体的电流与电压、电阻的关系的实验中，一次实验数据不能发现规律，所以这里多次实验是为了：从不同情况中找到普遍规律；“伏安法”测量定值电阻的阻值实验中多次测量的目的是为了多次测量求取平均值，以达到减小误差的目的。故答案为：（1）见上图；（2）开关闭合；某处的连线接触不良；（3）在电阻一定时，电流与导体两端电压成正比；5；（4）移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数2V不变；（5）A；B。【点评】本题考查了伏安法测电阻实验电路图的设计和欧姆定律的计算、多次测量的目的、实验数据的分析以及量程的选择等，知识点多，可以说每道小题学生都容易出错，难度较大。20【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）由图知，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；连接电路时，开关处于断开状态和滑动变阻器处于最大阻值处都能保护电路；（2）电压表并联在定值电阻两端，电流表串联在电路中，要注意正负接线柱的连接，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中。（3）根据电表量程读出灯泡两端电压和通过的电流，由P=UI计算灯泡的额定功率；（4）根据灯泡两端的电压和电流的变化，利用P=UI判断功率的变化。【解答】解：（1）电流表指针没有指在零刻度线上，应先对电流表调零；为了保护电路，连接电路时，开关处于断开状态，滑动变阻器处于最大阻值处，由图可知滑片要滑到最左端。（2）灯泡额定电压为2、5V，电压表使用03V量程，电流表与小灯泡串联，电压表并联在小灯泡两端，滑动变阻采取“一上一下”的连接方式；图如下：（3）灯泡正常发光时电流由图丁可知，I=0.2A，灯泡额定电压为2.5V，灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V0.2A=0.5W；（4）电流表的示数为通过灯泡电流和电压表电流的和，由于电压表的分流作用，故测量通过小灯泡的电流偏大，根据P=UI可知额定功率比小灯泡的真实功率偏大。故答案为：（1）对电流表调零；最左端；（2）如上图；（3）0.5；（4）分流；偏大。【点评】本题考查了实验注意事项、额定功率的计算，是实验的常考问题；这类实验操作类的题，学生一定要平时多做实验，在实验过程中提高动手能力，这样对于电路故障就容易找原因及发现解决故障的方法。四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题8分，第23小题9分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21【考点】KB：太阳能热水器中的热量计算【分析】（1）已知水的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式Q=cmt可以得到水吸收的热量；（2）已知水吸收的热量和太阳辐射到热水器的热量，两者之比是热水器的效率；（3）已知煤炭热值及煤炭完全燃烧释放热量与水吸收的热量相同，利用公式m=得到需要煤炭的质量。【解答】解：（1）水吸收的热量为Q吸=cm水t=4.2103J/（kg）100kg（4010）=1.26107J；（2）此热水器的效率为=100%=40%；（3）因为Q=mq，所以需要完全燃烧的煤炭质量为m煤炭=0.42kg。答：（1）此过程中，水吸收了1.26107J热量；（2）该热水器的效率是40%；（3）水吸收的热量相当于完全燃烧0.42kg煤炭释放的热量。【点评】此题是一道热量、热效率、热值有关的计算题，计算过程不复杂，难度不大。22【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）开关S1闭合，S2、S3断开时，灯泡L2和R串联，根据I=求出电流；（2）当开关S1、S