2019年中考物理模拟试卷及答案解析12-9

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意每小题2分，共20分）1（2.00分）下列有关物态变化的叙述正确的是（）A冰熔化过程中冰水混合物温度高于0B冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气凝华而成C通常采用降温的方法将石油气液化储存在钢罐内D舞台上的云雾是干冰升华成的二氧化碳气体2（2.00分）如图所示，用10N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为3N，若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的有（）AB受到的摩擦力为3N，方向水平向左B滑轮移动的速度为0.2m/sC绳子拉物体A的功率为2WD在运动过程中若将拉力F增大到12N，弹簧测力计的示数仍为3N3（2.00分）如图所示，某同学将两个完全相同的物体A、B分别放到甲、乙两种液体中。物体静止时，A漂浮，B悬浮，且两液面相平，容器底部受到的液体压强分别为P甲、P乙，物体A、B所受浮力分別为FA、FB则（）AP甲P乙，FA=FBBP甲P乙，FAFBCP甲P乙，FA=FBDP甲P乙，FAFB4（2.00分）水是人类生存的重要资源，下列与水有关的说法中正确的是（）A漂浮在水面的木块受浮力，而在水中下沉的石块不受浮力B夏天向教室地面洒水降温利用了水的比热容大C“潭清疑水浅”是由于光的折射造成的D向水中加盐，可使水的凝固点高于05（2.00分）下列关于信息、材料、能源及可持续发展，判断正确的是（）A北斗导航系统利用超声波为车辆导航B超导材料不适合用于电饭锅的电热丝C核能是不可再生资源，当前的核电站都是利用核聚变来获取核能的D“上微信抢红包”所利用的电磁波，其传递速度比光的传播速度快6（2.00分）关于声的说法正确的是（）A用大小不同的力敲击同一音叉是为了探究音调与频率的关系B人们可以用声学仪器接收到超声波判断地震的方位和强度C倒车雷达是利用回声定位探测车后的障碍物D给摩托车安装消声器是阻断噪声传播7（2.00分）如图，电源电压保持不变，闭合开关后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A电流表A的示数变大，电压表V2的示数变小B电压表V2 的示数与电流表A的示数的比值不变C电流表A的示数变小，电压表V2的示数不变D电压表V1与电压表V2的示数之和不变8（2.00分）如图，电源电压为4.5V，电压表量程为“03V”，电流表量程为“00.6A”，滑动变阻器规格为“10 1A”，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变）在保证小灯泡L电流不超出额定电流的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（）小灯泡的额定电流是0.6A滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是410电压表示数变化范围是02V电流表示数变化范围是0.30.5A。A只有、正确B只有、正确C只有、正确D只有、正确9（2.00分）下列的四幅图，对应的说法正确的是（）A如图，通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失B如图，闭合开关，通电螺线管右端为N极C如图，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体的运动方向不变D如图，闭合开关，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流10（2.00分）在卫生间中安装有排风扇和照明灯，它们既能同时工作又能单独工作，下面各图中满足上述要求且符合安全用电的是（）ABCD二、填空题（每空1分，共12分）11（2.00分）某次测量如图所示，被测物体的长度是 cm；一辆长10m的大货车，以36km/h的速度驶进一个隧道，从车头进入隧道到车尾离开隧道所用的时间为20s，则隧道长为 m。12（3.00分）汽车是我们熟悉的交通工具，给我们的生活提供了便利。在汽车的制造中涉及到许多物理知识：（1）汽油机是汽车的“心脏”，汽油机的 冲程将内能转化为机械能；（2）汽车前方的挡风玻璃是倾斜的，目的是使车内物体所成的 像（选填“实”或“虚”）位于玻璃的上方，不妨碍司机视线；（3）有的汽车尾部设计安装了一种“气流偏导器”，它的上表面平直，底部呈弧形凸起，相当于一个倒置的翅膀（如图所示），当汽车高速行驶时，气体在流速大的地方压强较 ，汽车能产生较大的抓地力。13（1.00分）一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业。该洒水车在洒水的过程中，机械能 。（选填“增大”“减小”或“不变”）14（2.00分）如图是探究凸透镜成像规律时观察到的现象，下列光学仪器中成像原理与其相同的是 （选填放大镜、幻灯机或照相机）；如果只把蜡烛向左移动一定距离，要想在光屏上得到清晰的像应该在凸透镜前放置 （选填“近视镜”或“老花镜”）。15（2.00分）如图所示，电源电压恒为12V，闭合开关S，当滑动变阻器的阻值为10时，电压表的示数为10V，此时电动机正常工作，则滑动变阻器消耗的功率是 W；若电动机内部线圈的电阻为2，则通电5min电流通过电动机内部线圈产生的热量是 J。16（2.00分）如图所示，A、B弹簧下方分别吊着软铁棒和条形磁铁，闭合开关，将滑动变阻器的滑片逐渐向右移动时，A弹簧的长度将 ，B弹簧的长度将 （选填“伸长”、“缩短”或“不变”）。三、实验与作图题（17题2分、18题19题各5分，20题21题各4分，共计20分）17（2.00分）一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和有关插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光。请按以上要求将图中元件用笔画线代替导线连接起来。18（5.00分）在“探究影响滑轮组机械效率的因素”实验中，某实验小组用如图所示的同一滑轮组提升不同钩码的方法，分别做了甲、乙、丙3组实验，实验数据记录如下：次数钩码重/N动滑轮重/N钩码上升的距离/cm弹簧测力计的示数/N弹簧测力计上升的距离/cm机械效率120.8511566.7%240.851.715360.8515（1）在实验操作中应该使钩码 （选填“快速”或“缓慢”）上升；（2）进行第2次测量时滑轮组的机械效率约为 （保留三位有效数字）（3）进行第3次测量时，弹簧测力计示数为 N，滑轮组做的有用功是 J；（4）分析实验数据，实验小组得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与 有关。19（5.00分）为了测量一个标有“2.5V 0.625W”小灯泡的电阻，小雄连接的实验电路如图所示。（1）图中电压表还没有连入电路，请你用笔画线作为导线，将电压表正确地连入电路中。（2）实验前，他发现电路中还有一处连接不恰当，请你指出 。（3）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应处在 端。（选填“A”或“B”）（4）正确连接电路，经检查无误后，小雄分别测出了小灯泡两端的电压为1.5V、2V、2.5V，计算出对应的电阻R1、R2、R3然后用R1、R2、R3的平均值作为小灯泡两端电压为2V时的电阻。他的做法 。（选填“正确”或“不正确”）（5）这个小灯泡在正常工作时的电阻为 。20（4.00分）在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采取了如图所示的实验装置（两个透明容器中封闭着等量的空气）。（1）实验中通过观察 变化来比较电流通过电阻产生热量的多少。（2）观察图甲中的AB管，在通电时间相等时，发现B管液面上升的高，则表明电流通过导体产生的热量多少与 有关。（3）采用图乙实验装置，可以得出结论：在电阻和通电时间相同时， 越大，电流产生的热量越多。（4）该实验中用到了控制变量法和 法。21（4.00分）为探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”，小明用电池（电压一定）、滑动变阻器、数量较多的大头针、铁钉以及较长导线为主要器材，进行如图所示的简易实验。（1）他将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过 来显示电磁铁磁性的强弱，下面的实验也用这种方法的是 。A、认识电压时，我们可以用水压来类比B、用光线来描述光通过的路径C、把敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动D、用斜面小车研究阻力对物体运动的影响（2）连接好电路，使变阻器连入电路的阻值较大，闭合开关，观察到如图甲所示的情景：接着，移动变阻器滑片，使其连入电路的阻值变小，观察到图乙所示的情景，比较图甲和乙，可知 图中的电流较小，从而发现，通过电磁铁的电流越 （选填“大”或“小”）磁性越强。四、计算题（22题23题各4分共计8分）22（4.00分）如图所示，质量为500g的薄壁容器放在水平地面上，容器底面积为80cm2，内装1.5L的水，已知g=10N/kg，水=1.0103kg/m3，求：（1）容器对水平桌面的压强；（2）水对容器底部的压力。23（4.00分）如图是一台电热水壶铭牌上的部分信息。不考虑温度对电阻的影响，请根据铭牌所提供的信息，求：（1）它正常工作时电阻丝的电阻有多大？（2）当实际电压为200V时，该电热水壶的效率为80%，在一标准大气压下将壶内1Kg的水由20加热至沸腾，需要加热多少分钟？参考答案与试题解析一、选择题（下列各题的四个选项中，只有一项符合题意每小题2分，共20分）1【考点】1B：熔点和凝固点；1N：液化方法及其应用；1Q：生活中的升华现象；1R：生活中的凝华现象【分析】（1）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；（2）物质由气态变为固态的过程叫凝华；（3）气体液化的方法有二：降低温度，压缩体积；（4）物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化。【解答】解：A、冰熔化过程中温度保持不变，所以冰水混合物的温度始终是0此选项错误；B、冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气遇冷凝华而成的冰晶。此选项正确；C、通常采用在常温下，压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内。此选项错误；D、舞台上的云雾是干冰升华成二氧化碳气体过程中吸收大量的热，使空气中的水蒸气液化而成的。此选项错误。故选：B。【点评】此题考查的是我们对物态变化条件、特点、种类的掌握和应用，是热现象考查的重点，要熟练掌握基本规律。2【考点】7D：摩擦力的大小；FF：功率的计算【分析】根据平衡力的知识结合动滑轮的特点进行分析；A在水平方向：向右受绳子的拉力，向左受地面的摩擦力和B的摩擦力；B在水平方向：向右受A的摩擦力，向左受测力计的拉力。【解答】解：A、B静止处于平衡状态，水平方向上受到向左的拉力和A给它的右向的摩擦力的作用，由平衡条件得：B受到的摩擦力f=F=3N，方向水平向右，故A错误；B、物体A的移动速度为0.2m/s，所以动滑轮的移动速度为0.1m/s，故B错误；C、由图可知，滑轮为动滑轮，绳子拉力为F的一半，是5N，P=Fv=5N0.2m/s=1W，故C错误；D、测力计对B的拉力与A对B的摩擦力是一对平衡力，在运动过程中，若拉力增大到12N，由于B和A之间的摩擦力不变，所以测力计的示数不变，仍为3N，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了动滑轮的省力特点、摩擦力的分析及功率的计算，解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。3【考点】8A：液体压强计算公式的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）浸没在液体里的物体浮沉条件是：当G物F浮，物体上浮；当G物F浮，物体下沉；当G物=F浮，物体处于悬浮；漂浮时G物=F浮。（2）两个物体完全相同，根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高（深度h相同），利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。【解答】解：（1）由于A、B完全相同，则重力相等，由图可知：A在甲液体中漂浮，B在乙液体中悬浮，由物体的漂浮、悬浮条件可知：FA=G，FB=G，所以FA=FB。（2）甲液体中的A漂浮，甲液A，乙液体中的B悬浮，乙液=B，两种液体的密度：甲液乙液；又因为两容器液面等高，所以由p=gh可知，两种液体对容器底压强：p甲p乙故C正确。故选：C。【点评】本题考查了学生对漂浮条件、悬浮条件、液体压强公式的理解和运用。根据物体的浮沉（悬浮、漂浮）确定A、B与液体的密度大小关系是本题的关键。4【考点】1B：熔点和凝固点；1H：汽化及汽化吸热的特点；8O：阿基米德原理；AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）浸在液体（或空气）中的物体，受到液体（或空气）的浮力；所受的浮力大小等于它排开的液体（或空气）受到的重力；（2）蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热；蒸发有致冷作用；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹等；（4）当水中含有杂质时，凝固点会降低，由此可判定原因。【解答】解：A、在水中下沉的石块也受到浮力的作用，故A错误；B、在夏天，人们在地面上洒水时，水蒸发吸热，利用水蒸发可以降温，故B错误；C、“潭清疑水浅”是由于光的折射造成的，故C正确；D、向水中加盐，水的凝固点会降低，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查与水有关的一些物理知识，是一道常见题。5【考点】46：超导现象；D2：电磁波的传播；D8：移动通信；K4：核能【分析】（1）声波和电磁波都可以传递信息，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播；（2）超导体的电阻为零，电流通过不会放热，所以电能无法转化为内能，不适合做电热丝；（3）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；（4）电磁波可以传递信息，根据对真空中光速的掌握分析。【解答】解：A、超声波属于声波，不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播。故“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故A错误；B、超导体的电阻为零，可以用超导体做输电导线，减小由电能到内能的损耗提高传输效率，但是不能用来制作电饭锅的电热丝，故B正确；C、核能是不可再生能源，核电站是利用可控原子核裂变释放的核能来发电的，故C错误；D、手机是利用电磁波传递信号的，其信号传播速度与光速相同，光在真空中的传播速度是3108m/s，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对信息、能源、新材料等知识的掌握，属于基础知识的考查，相对比较简单。6【考点】97：回声测距离的应用；9G：响度与振幅的关系；9L：防治噪声的途径【分析】（1）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；（2）过声学仪器接收到的次声波等信息判断地震的方位和强度（3）减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。【解答】解：A、用大小不同的力敲击同一音叉是为了探究响度与振幅的关系，故A错误；B、人们可以用声学仪器接收到次声波判断地震的方位和强度，故B错误；C、倒车雷达是利用回声定位探测车后的障碍物，故C正确。D、摩托车安装消声器是在声源处减弱噪声，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了防止噪声的途径，回声的应用，响度与振幅的关系，难度不大，是一道声学综合题。7【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表A测电路中的电流。根据电源的电压可知电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，进一步可知电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化，进一步可知两电压表示数之和的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表A测电路中的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故A不正确；将滑动变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C正确；则电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大，故B不正确；由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R2两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，则电压表V1与电压表V2的示数之和变大，故D不正确。故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清各表所测量的电路元件和示数之间的关系是关键。8【考点】IZ：电路的动态分析【分析】知道灯泡的额定功率和额定电压，根据P=UI求出灯泡的额定电流；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的最小电压，即电压表的最小示数；根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额的电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据欧姆定律求出电压表的最大示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值。【解答】解：小灯泡的额定电流：I=0.5A，故错误；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数：U滑=UUL=4.5V2.5V=2V，此时电路中的最大电流Imax=0.5A，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：R滑min=4；灯泡的电阻：RL=5，I当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由电阻的串联和欧姆定律：电路中的最小电流：Imin=0.3A，电路中电流变化的范围是0.3A0.5A，故正确；此时灯泡分担的电压最小U L小=IminRL=0.3A5=1.5V，滑动变阻器两端的最大电压：U滑max=UU L小=4.5V1.5V=3V，即电压表最大示数，电压表的示数范围为2V3V，故错误；此时滑动变阻器的最大阻值：Rmax=10，所以滑动变阻器的范围是410，故正确。故选：A。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。9【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CA：通电螺线管的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CP：电磁感应【分析】利用下列知识分析判断：（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；（2）右手螺旋定则是判定通电螺线管的极性跟电流方向的关系：已知电流方向即可根据右手螺旋定则判定出通电螺线管的极性；已知通电螺线管的极性即可根据右手螺旋定则判定出螺线管中的电流方向；（3）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变；（4）闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生电流，叫电磁感应。【解答】解：A、通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；B、在电源外部，电流从电源的正极流向负极；用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极，所以右端是N极，故B正确；C、通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，电流方向不变，对调N，S极，导体棒摆动方向改变，故C错误；D、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了电与磁之间的三个联系（通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象）以及安培定则的运用，难度不大；要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。10【考点】HU：串、并联电路的设计；IV：安全用电原则【分析】（1）串联电路中，电流只有一条路径，各元件相互影响；并联电路中，电流路径有多条，各元件互不影响。（2）家庭电路中，为了安全，开关应该接在火线上。【解答】解：（1）因为要求排气扇和照明灯既能同时工作又能单独工作，因此二者互不影响，必须并联，而且有自己独立的开关，故B和D均不正确；（2）为了安全，开关接在火线上，故A正确，C不正确。故选：A。【点评】本题考查了实际电路的设计，注重了物理知识的应用，解决此类电路应用题目，要结合串联合并联特点进行分析。二、填空题（每空1分，共12分）11【考点】64：长度的测量；69：速度公式及其应用【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）已知从车头进入隧道到车尾离开隧道所用的时间为20s，大货车在这段时间里通过的路程等于隧道长加上车身长。【解答】解：由图可知，在（1011）cm之间有10个格，那么每一个小格就是1mm，即该刻度尺的分度值为1mm=0.1cm，测量的起始刻度是10.00cm，物体末端对着的刻度线为12.35cm，所以物体的长度即为两刻度值差L=12.35cm10.00cm=2.35cm；（2）已知v=36km/h=10m/s，整个大货车车身在隧道的时间为20s，由v=可得，大货车在这段时间里通过的路程：s=vt=10m/s20s=200m；因为大货车在这段时间里通过的路程：s=L隧道+L车，所以L隧道=sL车=200m10m=190m。故答案为：（1）2.35；（2）190。【点评】本题考查刻度尺的读数，以及速度公式的运用，是应用题。12【考点】8K：流体压强与流速的关系；AD：平面镜对光的作用；GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中只有做功冲程对外做功；并且将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程。（2）挡风玻璃相当于平面镜，根据平面镜成像的特点之一，平面镜成正立等大的虚像这一角度分析。（3）气流偏导器的上方空气流速小；下方空气流速大，根据流体压强与流速的关系可知空气对汽车向下的压强大于向上的压强。由此气体对汽车产生了一个向下的压力，使车更好的“抓”住地面。【解答】解：（1）汽油机的一个工作循环包括：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，做功冲程将内能转化成机械能。（2）挡风玻璃相当于平面镜，因为平面镜成的像是虚像，所以挡风玻璃倾斜安装，是为了避免由于平面镜成像而使车内景物的像成在车的正前方，影响司机视线。（3）当车高速行驶时，气流偏导器的上方空气流速小，压强大；下方空气流速大，压强小。空气对汽车向下的压强大于向上的压强，由此气体对汽车产生了一个向下的压力，使车更好的“抓”住地面。故答案为：（1）做功；（2）虚；（3）小。【点评】本题考查内燃机各个冲程的作用、平面镜成像的特点等，注意做功冲程和压缩冲程中的能量转化问题；掌握平面镜成像特点；明确气流偏导器为什么会对汽车产生一个向下的压力是此题的难点。13【考点】FT：机械能【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；（3）机械能等于动能和势能之和。【解答】解：一辆在水平高架路面上匀速行驶的洒水车正、在洒水作业，质量在减小、速度不变，所以动能减小；高度不变、质量减小，所以重力势能减小；而机械能等于动能和势能之和，机械能减小。故答案为：减小。【点评】本题主要考查了动能和重力势能大小的判断，只要知道影响动能、重力势能大小的因素即可解答。14【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】（1）当物距大于像距时，凸透镜成倒立缩小的实像，此时的原理可应用于照相机；（2）若物距增大，则像距会减小，此时为使像距不变，则需用凹透镜进行发散，使像成在原来的光屏上，近视镜就是凹透镜。【解答】解：（1）如的实验装置中，物距大于像距，所以此时光屏上得到了烛焰清晰的缩小的实像，照相机就是根据这一原理制成的；（2）把蜡烛向左移动一小段距离时，物距变大，像距变小，像靠近凸透镜，为使像能成在光屏上，应在蜡烛和凸透镜之间放一块适当的凹透镜对光线进行发散，像才能成在光屏上，近视眼就是用凹透镜进行矫正的。故答案为：照相机；近视镜。【点评】本题的考查中即包括了凸透镜成像的特点，又有近视眼的矫正原理，有一定的综合性，都是有关光学的重要知识，值得我们关注。15【考点】JA：电功率的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）由电路图可知，电压表测电动机两端电压，由串联电路特点求出滑动变阻器电压，由欧姆定律可以求出电流，根据P=UI求功率；（2）由Q=I2Rt求出内部线圈产生的热量。【解答】解：（1）由电路图可知，电压表测电动机两端电压，串联电路两端电压等于各部分电路两端电压之和，滑动变阻器两端电压UR=UU1=12V10V=2V，则I=0.2A，则滑动变阻器消耗的功率PR=URI=2V0.2A=0.4W；（2）由焦耳定律得：电动机内部线圈产生的热量Q=I2R1t=（0.2A）22560s=24J。故答案为：0.4； 24。【点评】分析清楚电路结构，熟练应用欧姆定律、串联电路特点和焦耳定律公式即可正确解题。16【考点】CA：通电螺线管的磁场【分析】本题抓住影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数。滑动变阻器滑片移动，如何引起电流的变化，如何影响电磁铁的磁性强弱，根据右手定则判断通电螺线管的极性。【解答】解：开关闭合，通电螺线管具有磁性，将软铁棒A吸引，闭合开关，将滑动变阻器的滑片逐渐向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，故A弹簧的长度将伸长；开关闭合，根据右手定则判断通电螺线管的上端为S极，同名磁极相互排斥，弹簧长度会缩短；动变阻器滑片向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，条形磁铁B的排斥力增大，所以弹簧测力计的示数将变小，弹簧长度会缩短。故答案为：伸长；缩短。【点评】本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性，难易程度适中。三、实验与作图题（17题2分、18题19题各5分，20题21题各4分，共计20分）17【考点】IO：家庭电路的连接【分析】开关S在干路上，控制两盏灯，两灯泡并联，开关S接火线，然后分别进入两灯泡回到零线；火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。【解答】解：教室内要安装2盏“220V 40W”的照明灯，开关S控制两盏灯，则说明开关在干路上，两灯泡并联，开关S接火线，然后分别进入两灯泡回到零线；两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。如图所示：【点评】掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。18【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）实验时应竖直匀速缓慢拉动测力计；（2）根据实验数据，由机械效率公式求出滑轮组的效率；（3）由图示测力计确定其分度值，读出其示数；根据W=Gh算出有用功；（4）在分析数据时，要注意机械效率的变化是由哪个物理量的变化引起的，从而得出结论。【解答】解：（1）实验操作中应竖直匀速缓慢拉动弹簧测力计；（2）进行第2次测量时，滑轮组的机械效率=100%78.4%；（3）由图知，测力计的分度值为0.2N，所以其示数为2.4N。第3次测量时的有用功为：W有用=G3h=6N0.05m=0.3J；（4）从1、2次实验数据可知，钩码重增加时，滑轮组的机械效率增大，则得出的实验结论是：滑轮组的机械效率与物重（或钩码重）有关。故答案为：（1）缓慢；（2）78.4%；（3）2.4；0.3；（4）物重（或钩码重）。【点评】此题考查了学生对测滑轮组机械效率实验的理解，这些问题也是大多数同学存在的，要真正理解其中的原因。19【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验【分析】（1）把电压表并联在灯泡两端。（2）分析图示电路图，然后答题。（3）为保护电路闭合开关前，滑片要置于阻值最大处。（4）灯泡电阻受温度影响，据此分析答题。（5）由电功率的变形公式求出灯泡正常工作时的电流。【解答】解：（1）灯泡额定电压是2.5V，电压表选03V，把电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示：（2）由P=UI可知，灯泡额定电流：I=0.25A，电流表应选00.6A，由图示可知，电流表量程为03A量程，电流表量程选择错误。（3）为保护电路，闭合开关前，滑片要置于A端。（4）灯泡电阻随温度变化而变化，不同电压下的阻值不同，把不同电压下的阻值作为平均值是错误的。（5）由I=可知，灯泡正常工作时的电阻：R=10。故答案为：（1）电路图如图所示；（2）电流表量程选择错误；（3）A；（4）不正确；（5）10。【点评】本题考查了连接实物电路图、电路分析、实验注意事项、求电阻，连接电路图时要注意电表量程的选择；灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，不能把不同电压下灯泡电阻的平均值作为灯泡电阻。20【考点】JH：焦耳定律【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电压不变，因此需要电阻并联。【解答】解：（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（2）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电阻的关系；（3）在乙电路其中一个容器的外部，将一个电阻和这个容器内的电阻并联，再接入原电路，由乙图所示的实验现象可以得到的结论是：在电阻、通电时间相同的情况下，电流越大，电流通过电阻产生的热量越多。（4）该实验中用到了控制变量法和转换法。故答案为：（1）液面高度差；（2）电阻；（3）电流；（4）转换。【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。21【考点】CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验【分析】（1）要掌握转换法，知道电磁铁的磁性强弱是通过吸引大头针的多少来体现的；（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，根据控制变量法，若要探究磁性强弱与电流大小的关系，需要保持线圈匝数不变。【解