2019年中考物理模拟试卷及答案解析9-11

2019年中考物理模拟试卷一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确1（2分）我市地处沿海，能源丰富，下列能源中属于不可再生能源的是（）A风能B天然气C太阳能D潮汐能2（2分）南宋著名诗人辛弃疾的诗句“溪边照影行，天在清溪底。天上有行云，人在云里行。”中所描写的“天在清溪底”和“人在云里行”两种情景，是光的（）A反射现象B折射现象C反射现象和折射现象D折射现象和反射现象3（2分）自动扶梯已成为公共场合一种常见的公共工具，乘坐自动扶梯的礼仪规范中提到：搭乘自动扶梯时“右侧站立，左侧急行”。如果以运动的扶梯为参照物，下列说法中正确的是（）A地面是静止的B右侧站立的人是运动的C扶梯是运动的D左侧急行的人是运动的4（2分）如图所示，小明保持尺子伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动尺子，尺子的振动不同，他听到的声音也不同。这表明（）A音色与声源振动的幅度有关B音调与声源振动的频率有关C响度跟声源振动的幅度有关D声音只能在空气中传播5（2分）如图所示，小明自制了一个带有电磁铁的木船模型。将它放入水中漂浮，船头B指向东。闭合开关S，则小船将会在水平面内自由转动，当小船再次处于静止状态时，船头B指向（）A东B北C西D南6（2分）炎热的夏天，小红将半瓶矿泉水放入冰箱冷冻室中，经过一段较长时间后，瓶中的水全部变成了固态，下面的图象能正确反映这个物态变化过程的是（）ABCD7（2分）下列家用电器中，工作电流最小的是（）A空调器B洗衣机C台灯D微波炉8（2分）如图，小明在水中练习潜水，则能正确反映岸上教练看到水下小明的光路图是（）ABCD9（2分）将一根塑料绳一端扎紧，尽可能将其撕成更多细丝，用干燥的手从上向下捋几下，发现细丝张开了，细丝张开的原因是（）A分子间有斥力B分子间有引力C异种电荷相互吸引D同种电荷相互排斥10（2分）随着高层建筑的增多，电梯的安全成了关注的焦点。电梯在匀速上升过程中（）A动能转化为重力势能B机械能保持不变C重力势能转化为动能D电能转化为机械能11（2分）在如图所示的“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验中，可以探究物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关的是图中的（）A甲和丙B甲和乙C乙和丁D丙和丁12（2分）小强爱好电子制作，在一次综合实践活动中，他使用热敏电阻、电压触发器、蜂鸣器和其他一些器件设计火警报警器，即在发生火警时蜂鸣器报警。已知该热敏电阻在常温下电阻值约为20k，温度越高，阻值越小，当温度高于80时阻值低于100电压触发器（相当于电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警。下列电路设计中最符合要求的是（）ABCD二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分13（3分）抽油烟机是现代厨房的必备电器，小明在厨房里观察到妈妈揭开汤锅时，大量“白汽”迅速进入油烟机，这里的“白汽”是 （汽化/液化）形成的，由于转动的扇叶处气体的流速 ，压强 ，从而在周围大气压的作用下将“白汽”排出。14（3分）如图，今年4月，1500辆摩拜共享单车入驻盐城，为市民提供了一种“低碳环保”的出行方式。装在单车上的GPS定位系统会及时将单车位置信息通过 传递给信息处理中心，方便存取单车。单车轮胎上有凹凸不平的花纹，这是为了 。若单车质量为15kg，车轮与地面的总接触面积100cm2，则静止时对水平地面的压强是 Pa（g取10N/kg）。15（3分）取一只透明卷盒，底部钻一小孔，刚好能将电子式火花发生器的放电针管紧紧地塞进孔中，向盒中滴入数滴酒精，再将盒盖盖紧。当掀动电火花发生器的按钮点燃酒精时，可观察到盒盖 ，同时听到“砰”的一声响。这时盒内燃气的内能 （变大/不变/变小），四冲程汽油机的 冲程就是根据这个原理工作的。16（3分）如图，“长鼻子”校车在我市已普遍使用，校车的底盘很重，车轮比普通汽车要大，这是为了 ；每个座位都有安全带，这是为了防止汽车减速或撞击时由于 对乘客造成伤害，校车内还配有摄像头进行视频记录，它的镜头相当于一个 镜。17（3分）汽车发动机工作时，会产生大量的热量，需要对它进行“水冷”，这是因为水的 较大，冷却效果好；某汽车水箱中装了10kg的水，发动机运行一段时间后，水温升高了46，在这个过程中，水吸收的热量是 J，相当于完全燃烧 kg汽油的能量被浪费了，这也是内燃机效率不高的原因之一。c水=4.2103J/（kg），q汽油=4.6107J/kg18（3分）小明测量一边长为2cm的正方体金属块的密度。他先将天平放在水平桌面上，然后将游码移至横梁标尺的 处，再调节天平平衡。测量中，当右盘所加砝码和游码位置如图所示时，天平平衡，则金属块的质量为 g，金属块的密度为 g/cm319（3分）“水上飞行器”是近几年流行起来的一种水上表演项目，通过操纵水柱喷射的方向，人可以实现悬停、翻滚、飞行等各种复杂的动作，其原理是在喷射水柱的同时， （人/水/飞行器，下空同）对 也有力的作用，力的作用是 的。20（3分）许多重大火灾都是因供电线路上某些连接处接触不良造成的。当线路连接处接触不良时，该处的电阻将 （变大/不变/变小），由于电流的 效应导致局部过热，也可能引发火灾。在电路中安装熔断器 （能/不能）防止这种火灾事故的发生。三、（6分）按题目要求作图：21（2分）如图，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角及其度数。22（2分）如图所示，杠杆OA可以绕O点转动，使杠杆在图示位置平衡，画出最省力时的作用力的方向和力臂。23（2分）图为连有开关的三孔插座。请将其背面接线图补充完整，使开关控制插座。四、计算题24（6分）如图所示，工人用250N的力F将重400N的物体在10s内匀速提升2m，（摩擦和绳重不计）求：（1）动滑轮的重力；（2）拉力F的功率；（3）动滑轮的机械效率。25（9分）天气转凉，妈妈买来电热毯，其简化电路图和铭牌如图所示。R1和R2为发热电阻丝。（1）高温状态下，电路中的电流是多少？（2）R2的阻值是多少？（3）S1闭合，S2断开时，5min内R1上产生的热量是多少？*牌电热毯型号TT150120cm额定电压220V额定功率高温：110W低温：88W五、实验探究题26（6分）在研究凸透镜及其成像规律的实验中：（1）小华测焦距f时，将凸透镜正对太阳，在透镜下方的白纸上呈现一圆形光斑时，测得光斑到透镜的距离为L，将白纸再靠近透镜一段距离，发现白纸上又出现了相同大小的光斑，则L f（/=）；（2）小明将蜡烛、凸透镜和光屏按图示位置放置并调节，使烛焰、光屏的中心位于凸透镜的 上。若此时光屏上恰能成清晰的像，则该像为倒立、 （放大/缩小/等大）的实像；（3）使烛焰从距离凸透镜较远处逐次靠近透镜，每次都调节光屏到透镜的距离，使烛焰在光屏上成像，会发现像 （变大/不变/变小）。当给凸透镜戴上近视眼镜后，为使光屏上再次呈清晰像，应将光屏向 （左/右）移动。（4）本实验需要多次测量，以下实验中多次测量目的与其不同的是 （填字母）。A探究同种物质的质量和体积的关系 B探究反射角与入射角的关系 C用刻度尺测量物体的长度27（7分）小明利用U形管压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。（1）实验中液体压强的大小是通过 来判断的。实验前，小明发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，如图甲所示，原因可能是 。A压强计坏了B金属盒的橡皮膜漏气C软管内封闭气体压强与外界气压不相等DU形管左侧的红墨水倒多了（2）排除故障后，他重新将金属盒浸没于水中，发现随着金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，如图乙所示，由此可知液体内部的压强与 有关。（3）小明保持乙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丙所示。比较乙、丙两次实验，小明得出了：在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论 （正确/不正确），原因是 。（4）小明发现，当探头在水和盐水的相同深度时，U形管两侧液面的高度差几乎不变，他做了一些改进，下面操作不能使实验效果更加明显的是 A将U形管换成更细的BU形管中换用密度更小的液体C加大烧杯中盐水的密度D使探头在水和盐水中的深度加大28（8分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，小明和他的同学选用了5、10、15、20四个定值电阻，电源电压恒为3V。（1）请按图甲所示的电路图，将实物图乙连接完整。（2）闭合开关，发现电压表、电流表都无示数，再将电压表接在变阻器两端时，发现电流表仍无示数，但电压表示数接近电源电压。造成这一现象的原因可能是 。（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当选用5的电阻时，电流表示数如图丙所示，记为 A；以后每更换一个阻值更大的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向 （A/B）端移动，使电压表的示数为 V，同时记下对应的电流值。（4）小明根据实验数据，作出了如图丁a所示的图象（横坐标未标物理量），同组的小强认为不便直观判断I与R的定量关系，于是对图象中的横坐标进行了巧妙变换，从而画出了如图丁b所示的图象。你认为小强的改进方法是： 。（5）实验结束整理器材时，小华才发现电路的开关一直没断开，而两个电表的示数都发生了变化！她重新调节变阻器，使电压表示数恢复到原先的数值，却发现电流表的示数还是比最后记录的数值要小。你认为导致这个现象的原因是 。29（10分）阅读短文，回答问题。EX360纯电动汽车 2018年3月26日，北汽新能源纯电动汽车EX360正式上市，整车质保3年或12万公里，电池质保8年或15万公里，补贴后售价为7.999.89万元。EX360采用北汽自主研发的高效三电系统，搭载高性能三元锂电池，配备专利电池管理系统及超低温预热充电技术零下35度亦可正常启动和充电，最高续航里程更是达到了400km。EX360支持快充、慢充和普通220V交流电充电。快充半小时即可将电量由30%充至80%；慢充7.5小时充满；若选配随车充电宝，普通220V插座就可充，15小时充满。EX360的部分参数如下表。整车质量1480kg电池容量48kWh电动机最大功率80kW最高时速125km/h能量回收是电动汽车特有的功能。车辆在减速或制动时车轮的转动会带动驱动电机转动，此时驱动电机就变成了发电机，能够产生电能为汽车的动力电池充电，达到能量回收利用的效果，同时具有辅助制动功能。电动汽车在加速时具有的动能越大，制动时回收的电能也就越多。EX360的S挡即为能量回收挡位，它又分为1、2、3三个挡位，1、2挡属于轻度能量回收挡，当驾驶者踩刹车时便可进行能量回收。3挡为重度能量回收挡，只要驾驶者轻轻放开油门就可进行能量回收，车速低于30km/h时能量回收功能自动关闭。（1）快充的目的是为了减少充电的 。（2）关于纯电动汽车，下列说法不正确的是 。A空调开启时，续航里程会变短B能量回收系统可有效延长刹车片的寿命C能量回收的原理是电流的磁效应D快充是通过提高充电功率实现的（3）若按每千瓦时0.5元的居民电价计算，在最经济的情况下，EX360每行驶一公里的电费成本为 元。（4）EX360在快充时（由30%充至80%）的充电功率为 kW。（5）若司机将EX360的档位设为S档的3档行驶，然后在速度表显示125km/h时松开油门（不踩刹车），直至速度减为10km/h保持匀速行驶。下列关于此过程中车速随时间变化的图象中比较符合实际的是 。参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确1【考点】K2：能源的分类【分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源。【解答】解：太阳能、潮汐能、风能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。故选：B。【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。2【考点】A6：光的反射；AM：光的折射现象及其应用【分析】人看到天在溪底的像是光的反射现象，人和云在水中的倒影是光的反射形成的像。【解答】解：“天在清溪底”是看到“天”在“溪底”，即人看到的是“天”在“溪底”所成的像，属于平面镜成像，其实质是光的反射；“人在云里行”是人的像在云的像中走，同样是人和云通过水面所成的虚像，是光的反射现象。故选：A。【点评】本题考查了对光的反射和折射的分析，难度不大，但比较容易出错。3【考点】52：参照物及其选择【分析】判断物体是否运动，即看该物体相对于所选的参照物位置是否发生改变即可。【解答】解：A、如果以扶梯为参照物，地面相对于扶梯的位置发生了改变，所以地面是运动的，故A错误；B、如果以扶梯为参照物，右侧站立的人相对于扶梯的位置没有发生改变，所以右侧站立的人是静止的，故B错误；C、如果以扶梯为参照物，是不能研究扶梯自身的运动情况的；应选其他物体为参照物，才能研究扶梯的运动情况，故C错误；D、如果以扶梯为参照物，左侧急行的人相对于扶梯的位置发生了改变，所以左侧急行的人是运动的，故D正确。故选：D。【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。4【考点】9G：响度与振幅的关系【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）声音可以在固体、液体、气体中传播。【解答】解：（1）保持尺子伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动尺子，尺子振动的幅度不同，用力越大，尺子的振幅大，则响度大，所以可得出结论：响度跟声源振动的幅度有关。故AB错误，C正确。（2）声音可以在固体、液体、气体中传播，故D错误。故选：C。【点评】掌握响度的影响因素：响度的大小与发声体的振幅有关，振幅越大，响度越大。5【考点】CA：通电螺线管的磁场【分析】由右手螺旋定则可知螺线管的磁极，螺线管处在地球的磁场中，因磁极间的相互作用可知小船静止时船头的指向。【解答】解：闭合开关S，由右手螺旋定则可知通电螺线管右侧为N极，左侧为S极；因地磁场沿南北方向，地球南极处为地磁场的N极，地球北极处为地磁场的S极；因同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，故船头B指向北方。故选：B。【点评】通过本题应掌握：（1）知道地球是个巨大的磁体，地磁南极在地理北极的附近，地磁北极在地理南极附近；（2）右手螺旋定则内容为：右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指向的方向为磁感线N极方向。6【考点】1A：凝固与凝固放热特点【分析】本题主要考查对水的凝固点和晶体凝固图象的记忆。冰为晶体，水的凝固点为0。【解答】解：将一杯常温的开水放入正常工作的冰箱的冷冻室中，水的温度逐渐降低，经过一段较长时间后，水达到凝固温度0并逐渐凝固；当水全部凝固后，冰的温度再次降低。由于A和B中图象温度升高，所以A和B都不正确；由于C图中的凝固点不是0，所以C不正确，D是凝固过程，且凝固点是0，故D正确。故选：D。【点评】本题的解题关键是先判断出水的温度变化，然后记住水的凝固点。7【考点】HG：电流的大小【分析】首先要对选项中涉及的几种电学物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：空调的工作电流在5A左右；洗衣机的工作电流约1A；台灯的工作电流约0.2A；微波炉的工作电流约5A；故工作电流最小的是台灯。故选：C。【点评】此题考查对生活中常见电学物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。8【考点】AN：作光的折射光路图【分析】光的折射定律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射入水中时，折射角小于入射角，当光由水斜入空气中时，折射角大于入射角。据此分析即可解答。【解答】解：（1）岸上教练看到水下的小明，光线是由水下小明“射出”的，即光线的传播方向应该是从水里斜射向空气中，故CD错误；（2）根据光的折射定律可知，当光由水斜射入空气中时，折射角大于入射角，故B错误、A正确。故选：A。【点评】此题考查光的折射定律的应用，关键是明确光线的传播方向。难度不大，属于基础题。9【考点】H8：电荷间的相互作用规律【分析】摩擦可以使物体带电，而同种电荷可以相互排斥。【解答】解：用手上向下捋塑料绳时，由于摩擦生电而使塑料绳带上同种电荷，因同种电荷相互排斥从而使细丝张开。故选：D。【点评】本题通过一个简单的现象考查了摩擦起电与电荷间的相互作用规律，以及验电器的原理，属基础题。10【考点】FU：动能和势能的转化与守恒【分析】动能大小的影响因素：质量、速度，物体的质量越大、速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、高度，物体的质量越大、被举得越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。【解答】解：电梯匀速上升时，质量不变，速度不变，动能不变；质量不变，高度增加，重力势能增大；动能不变、重力势能增大，机械能增大，故ABC错误；电梯的机械能是由电能转化而来的，故D正确；故选：D。【点评】本题关键：掌握动能、重力势能大小的影响因素，并能据此分析动能、重力势能、机械能的大小变化情况。11【考点】8R：探究浮力大小的实验【分析】物体所受浮力的大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关，研究浮力大小的影响因素时，采用控制变量法。【解答】解：要探究物体所受浮力大小与物体排开液体的体积有关时，要控制液体的密度不变，改变物体排开液体的体积，由以上四图可知甲丙两图符合。故选：A。【点评】知道影响物体所受浮力大小的因素和运用好控制变量法是解决本题的关键。12【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】分析各图连接方式，电压触发器（相当于电压表）所测电压，根据串联电路的分压原理分析常温或温度高于80时电压表的示数情况，结合电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警分析判断。【解答】解：由题意知，当温度高于80时，电压触发器（相当于电压表）检测到电压低于1V时，触发蜂鸣器报警，A、由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测热敏电阻两端电压，根据串联电路的分压原理知，在常温下=，且：U=U定值+U热敏=5V，所以U热敏=U=5V1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警；当温度高于80后，热敏电阻电阻阻值变小，所以其分得电压更小，即电压表示数仍小于1V，蜂鸣器报警，故A不合题意；同理：B、由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表热敏电阻两端电压，在常温下，=，U热敏=U=5V1V，即电压表示数大于1V，蜂鸣器不报警，当温度高于80后，热敏电阻电阻阻值变小，且低于100，=，U热敏=U=5V1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警，故B符合题意；C、由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，在常温下，U定值=U=5V1V，即电压表示数大于1V，蜂鸣器不报警，当温度高于80后，热敏电阻电阻阻值变小，且低于100，所以其分得电压更小，定值电阻分得电压更大，即电压表示数仍大于1V，蜂鸣器不报警，故C不合题意；D、由图知，定值电阻与热敏电阻串联，电压表测定值电阻两端电压，在常温下，=，U定值=U=5V1V，即电压表示数小于1V，蜂鸣器报警，故D不合题意。故选：B。【点评】本题由火警报警器为情景考查了电路的计算，关键是能正确识别电路，灵活应用串联电路的分压原理判断电压表所测电压的大小情况。二、填空题：本题共8小题，每空1分，共24分13【考点】1M：液化及液化现象；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）物质由气态变成液态叫液化。（2）流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强大。【解答】解：（1）从汤锅中汽化的水蒸气靠近油烟机时，遇冷液化变成小水珠，形成“白汽”；（2）转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将“白汽”排出。故答案为：液化；电能；【点评】此题考查了液化的应用、压强和流速关系，是一道基础题目。14【考点】86：压强的大小及其计算【分析】（1）GPS定位系统是利用电磁波传递信息的；（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；（3）单车静止时对水平地面的压力等于自行车的重力，利用F=G=mg求出其大小，知道受力面积，再利用p=求出对水平地面的压强。【解答】解：（1）装在单车上的GPS定位系统会及时将单车位置信息通过电磁波传递给信息处理中心，方便存取单车；（2）单车轮胎上有许多凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（3）单车静止时对水平地面的压力：F=G=mg=15kg10N/kg=150N，受力面积S=100cm2=0.01cm2，对水平地面的压强：p=15000Pa。故答案为：电磁波；增大摩擦力；15000。【点评】本题考查了电磁波的应用、增大摩擦的方法以及重力和压强的计算，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。15【考点】G9：做功改变物体内能【分析】本题是物体对外做功的题：气体膨胀，对外做功，内能转化为机械能，气体的内能就减小；在汽油机的做功冲程中，燃料燃烧释放的内能转化为机械能，对外做功。【解答】解：揿动电火花发生器的按钮，这时我们可以看到盒盖飞出去，这一过程中，内能转化为机械能，这时盒内燃气的内能变小，此过程与汽油机的做功冲程工作原理相似。故答案为：飞出；变小；做功。【点评】做功可以改变物体的内能，有两种情况，对物体做功，内能增加；物体对外做功，内能减小。16【考点】6L：惯性；BE：生活中的透镜【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（2）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；（3）凸透镜成像的三种情况：U2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2fVf，应用于照相机和摄像头。2fUf时，凸透镜成倒立放大的实像，V2f，应用于投影仪和幻灯机。Uf时，凸透镜成正立放大的虚像，应用于放大镜。凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。【解答】解：校车的底盘很重，车轮比普通汽车要大，这是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小对路面的压强；每个座位都有安全带，这是为了防止汽车减速或撞击时，由于惯性而飞出，造成二次伤害；摄像头的镜头相当于凸透镜，U2f时，凸透镜成倒立缩小的实像；故答案为：在压力一定时，通过增大受力面积来减小对路面的压强；凸透。【点评】此题考查减小压强的方法、惯性、凸透镜成像的应用，是一道综合性较强的题目，但难度不大，掌握基础知识即可正确答题。17【考点】GG：热量的计算；GE：水的比热容的特点及应用【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；（2）知道水的比热容、水的质量和温度的升高值，利用吸热公式求解；（3）由题知，Q放=Q吸，利用Q放=mq求完全燃烧汽油的质量。【解答】解：（1）因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们常用水作冷却剂给汽车的发动机降温；（2）水吸收的热量：Q吸=cmt=4.2103J/（kg）10kg46=1.932106J；（3）由题知，Q放=Q吸=1.932106J，由Q放=mq得完全燃烧汽油的质量：m=0.042kg。故答案为：比热容；1.932106；0.042。【点评】本题考查了水的比热容大的应用、吸热公式Q吸=cmt、放热公式Q放=mq的应用，计算时注意升高了（t）、升高到（末温）和升高（t）的区别。18【考点】2E：固体密度的测量【分析】（1）天平的正确使用方法是：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度。调节平衡螺母使指针指到分度盘的中央，或左右偏转的格数相同；物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和；（2）已知金属块的边长，计算出体积，利用=计算密度。【解答】解：（1）调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，然后调节游码移至横梁标尺的零刻度线处；（2）由图知，横梁标尺的分度值是0.2g，因此金属块的质量：m=20g+1.6g=21.6g；（3）金属块体积：V=2cm2cm2cm=8cm3，金属块的密度：=2.7g/cm3。故答案为：零刻度线；21.6；2.7103。【点评】本题考查了天平的调节及天平读数问题，同时考查了密度的计算，难度不大，考查较全面。19【考点】6I：力作用的相互性【分析】力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。【解答】解：在喷射水柱的同时，水会给飞行器一个推力作用，故力的作用是相互的。故答案为：水；飞行器；相互。【点评】本题主要考查力的作用是相互的，是基础题。20【考点】IX：家庭电路电流过大的原因；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法【分析】当线路连接处接触不良时，该处的电阻会增大；由于电流的热效应，根据焦耳定律可知接触处会产生大量的热量，是局部过热，温度升高，从而引发火灾；在电路中电流过大时，熔断器产生的热量增大而熔断，起到保护电路的作用。【解答】解：（1）线路连接处由于接触不良，电流通过时受到的阻碍作用增大，因此该处的电阻增大；由于电流的热效应，所以根据焦耳定律Q=I2Rt可知，在电流相同、时间相同的情况下，电阻增大，线路连接处产生了更多的热量，因此导致局部温度过高容易引发火灾。（2）因为电阻增大时不会引起电路中的电流过大，所以在电路中安装熔断器不能防止这种事故的发生。故答案是：变大；热；不能。【点评】本题考查电路故障形成原因和熔断器的作用，知道电路火灾的发生大部分是由于接触不良引起的。同时注意熔断器在此类电路中无法起到保护作用是关键。三、（6分）按题目要求作图：21【考点】A8：作光的反射光路图【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角及其度数。【解答】解：已知入射角为60，根据光的反射定律可知反射角也为60；根据反射角等于入射角，在法线右侧画出反射光线OB，如图所示：【点评】由于题目已经作出法线，根据反射角等于入射角，在同一平面内法线的另一侧画出入射光线即可，注意完成题目的要求。要注意入射角是入射光线与法线之间的夹角。22【考点】7S：杠杆中最小力的问题；7P：力臂的画法【分析】根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。【解答】解：OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡动力方向向上，根据动力与垂直于力臂画出最小的动力；如下图所示：【点评】力臂是支点到力的作用线的距离，若支点与力的作用点的连线成为力臂，此时的力臂最大。23【考点】IT：插座的构造与工作方式【分析】从安全角度考虑，开关应控制火线，火线经开关后才能与灯泡连接。三孔插座的三个孔应该分别接火线、零线和地线，图中只剩余一个孔，需要通过B点与火线连接。【解答】解；将火线接在开关上，通过开关进灯头，零线直接进灯头，三孔插座还要求中接地，如图：。【点评】开关要控制火线，这是家庭电路连接的一般要求，同时，对三孔插座的连接要求也应该熟知。四、计算题24【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；7!：滑轮组绳子拉力的计算【分析】（1）动滑轮绳子的有效股数为2，摩擦和绳重不计，根据F=（G+G动）求出动滑轮的重力；（2）根据s=nh求出绳端移动的距离，利用W=Fs求出拉力做的功，根据P=求出拉力F的功率；（3）根据W=Gh求出拉力做的有用功，根据=100%求出动滑轮的机械效率。【解答】解：（1）动滑轮绳子的有效股数为2，摩擦和绳重不计，由F=（G+G动）可得，动滑轮的重力：G动=nFG=2250N400N=100N；（2）绳端移动的距离：s=nh=22m=4m，拉力做的功：W总=Fs=250N4m=1000J，拉力F的功率：P=100W；（3）拉力做的有用功：W有=Gh=400N2m=800J，动滑轮的机械效率：=100%=100%=80%。答：（1）动滑轮的重力为100N；（2）拉力F的功率为100W；（3）动滑轮的机械效率为80%。【点评】本题考查了动滑轮拉力公式和做功公式、机械效率公式、功率公式的应用，是一道较为简单的计算题。25【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）由P=可判断高低温；已知电热水壶的加热功率和额定电压，利用P=UI 可求得电路中的电流；（2）处于高温状态时，开关S1、S2均闭合，只有R1接入电路，根据R=可求得R1的阻值，处于低温状态时，开关S1闭合，S2断开，R1和R2串联接入电路，根据串联电路的电压特点求得R2两端的电压，再利用R=可求得R2的阻值。（3）根据公式W=UIt求出热量的多少。【解答】解：（1）当S1，S2都闭合时，只有R1接入电路，开关S1闭合，S2断开，R1和R2串联接入电路，由P=可知，只有R1接入电路时功率最大，电热水壶处于高温状态；处于高温状态时，高温功率P1=110W，由P=UI可得，电路中的电流：I1=0.5A，（2）处于高温状态时，开关S1、S2均闭合，只有R1接入电路，则R1的阻值：R1=440；处于低温状态时，开关S1闭合，S2断开，R1和R2串联接入电路，由P=UI可得，此时电路中的电流：I2=0.4A，R1两端的电压：U1=I2R1=0.4A440=176V，则R2两端的电压：U2=UU1=220V176V=44V，由欧姆定律可得R2的阻值：R2=110。（3）S1闭合，S2断开时，5min内R1上产生的热量是：Q=W=U1I2t=176V0.4A300s=21120J。答：（1）高温状态下，电路中的电流是0.5A；（2）R2的阻值是440；（3）S1闭合，S2断开时，5min内R1上产生的热量是21120J【点评】本题考查物理知识在生活中的应用，由题目可以看出应用的是基本的串联电路和欧姆定律、电功率、热量的计算，此类题型经常是用来考查基本规律的。五、实验探究题26【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）平行光线经过凸透镜折射后可会聚在焦点，此时成一个最小最亮的光斑，成等大的光斑，光屏可能在焦点前后位置；（2）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，即使应烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，像才能呈在光屏的中央位置。物距大于像距，成倒立缩小的实像；（3）物距变小，像距变大，像变大；近视镜是凹透镜，对光线有发散作用；（4）此实验中多次测量，是为了得出重力和质量的正比例关系，使结论更具普遍性。【解答】解：（1）凸透镜正对太阳，白纸上呈现一光斑时，光斑到透镜的距离为L，将白纸再靠近透镜一段距离，发现白纸上又出现了相同大小的光斑，如图：说明开始时白纸在一倍焦距以外，后一次在一倍焦距以内，即L大于f；（2）实验时应先调节烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一直线上，并且大致在同一高度，即使应烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，像才能成在光屏的中央位置；由图可知，此时物距大于像距，成倒立缩小的实像；（3）烛焰从距离凸透镜较远处逐次靠近透镜，物距变小，像距变大，像变大；给凸透镜戴上近视眼镜后，近视镜是凹透镜，对光线有发散作用，为使光屏上再次呈清晰像，应将光屏向右移动；（4）本实验需要多次测量，是为了通过探究得出成像的规律，使结论更具普遍性；A、探究质量和体积的关系，多次测量，是为了得出质量和体积的关系，得出普遍性的规律；B探究反射角和入射角的关系，多次测量，反射角和入射角的关系，得出普遍性的规律；C用刻度尺测物体长度，都是为了多次测量求平均值，减小误差。故选C。故答案为：（1）；（2）主光轴；缩小；（3）变大；右；（4）C。【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用及凸透镜及凹透镜对光线的作用，要能够应用所学知识解释有关现象。27【考点】8C：探究液体压强的特点实验【分析】（1）液体压强大小通过U形管内液面的差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大；使用压强计前发现U形管内水面有高度差，说明软管内封闭的气体不受力时，压强与外界气压不相等，应重新进行安装；（2）探究液体压强跟深度关系时，控制液体的密度不变，改变液体深度；（3）探究液体压强跟密度是否有关时，控制深度不变，改变密度的大小；（4）根据p=gh来分析压强和液体密度的关系。【解答】解：（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强大小的，U形管中液面高度差越大，液体的压强越大；实验前，小明发现压强计U形管两边红墨水的高度不相等，说明软管内封闭气体压强与外界气压不相等，对实验结果会造成影响；故选C；（2）金属盒没入水中的深度增大，U形管两边液面的高度差逐渐变大，所以在液体密度一定时，液体越深，液体压强越大，即液体压强跟液体深度有关；（3）小强要探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持金属盒浸入液体中的深度不变；小明保持图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，液体的密度增大，没有控制金属盒浸入液体中的深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论；（4）根据p=gh可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，液体的压强与U形管的粗细无关，“将U形管换成更细的”不能使两侧液面高度差对比更加明显，A符合题意。而“在U形管中换用密度更小的液体”、“加大烧杯中盐水的密度”、“使探头在水和盐水中的深度加大”，都会使U形管左右两侧液面的高度差变大；故BCD不符合题意；故选A。故答案为：（1）U形管中液面的高度差；C；（2）深度；（3）不正确；没有控制金属盒浸入液体中的深度不变；（4）A。【点评】掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法探究液体压强大小的影响因素。28【考点】IL：探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）电源电压为3V，电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按 一下一上接入电路中；（2）闭合开关，发现电压表、电流表都无示数，说明电路为断路，再将电压表接在变阻器两端时，发现电流表仍无示数，但电压表示数接近电源电压，说明电路仍为断路，但电压表与电源两极连通，据此分析；（3）根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据欧姆定律求电压表示数；据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（4）根据I=可知，电压保持不变时，电流与电阻成反比关系；因I=U，即电压保持不变时，电流I与电阻的倒数成正比分析；（5）电阻随温度的升高变大了。【解答】解：（1）电源电压为3V，电压表选用小量程与电阻并联，变阻器按 一下一上接入电路中，如下所示：（2）