2019年中考物理模拟试卷及答案解析7-3

2019年中考物理模拟试卷一、填空题（每空2分，共26分）1（2.00分）如图所示，在8个相同的水瓶中，灌入质量不同的水，水面的高度不等若用大小相同的力敲击水瓶，发出声音的音调最高的是 （选填“高”或“低”）液面的瓶子。2（2.00分）“渗碳”是一种处理钢材的工艺，将钢材加热到一定的程度使碳分子渗入到钢材表面，提高钢材表面的耐磨程度。碳分子渗入钢材表面说明分子在 。3（2.00分）火箭发射的第一个飞行过程称为加速阶段，此阶段燃料迅速燃烧，使火箭加速上升。处于这一阶段的火箭与发射前相比较，其惯性 （选填“增加”、“减小”或“不变”）。4（2.00分）黄山的景色天下闻名，严冬时节山上经常会出现“雨凇”现象，“雨凇”是由在朔风里飘扬的雨滴并附着于树枝、草等物体上形成的冰晶，从物态变化的角度来看，“雨凇”的形成属于 现象。5（2.00分）如图是发电机模型，小风车在风的吹动下，带动线圈转动而 磁感线，产生的感应电流使电流计指针在中央零刻度线两侧左右摆动。6（4.00分）如图所示，A点到平面镜MN的距离AM=9cm，B点到平面镜的距离BN=3cm，MN=6cm，请作出从A点发出的光经过平面镜反射后经过B点的光路图，并求出入射点O距M点的距离为 cm。7（2.00分）如图所示是某品牌的“擦窗机器人”，它的质量为2kg，“腹部”有吸盘。当“擦窗机器人”的真空泵将吸盘内的空气向外抽出时，它便牢牢地吸在竖直玻璃上。当“擦窗机器人”在竖直玻璃上静止时，若真空泵继续向外抽气，则“擦窗机器人”受到的摩擦力 （选填“变大”、“变小”或“不变”）（吸盘内空气重力不计）8（2.00分）气袋是地震救援行动中常用的一种装备，已知某种型号的气袋承受的压强为6.8105Pa，当重物与气袋的接触面积为2m2时，气袋受到的压力为 N。9（4.00分）在如图所示电路中，电阻R1的阻值为12，定值电阻R2的阻值为20，闭合开关，电流A1，A2的示数分别为0.8A、0.3A，1min内R1上产生的热量为 J，电路消耗的功率为 W。10（4.00分）如图所示，某正方体物块系在弹簧测力计下端，在空气中称量时弹簧测力计的示数是5N，将其体积的浸入装水的容器中不动（不触底）如图乙，弹簧测力计示数减少2N，则物块完全浸没在水中受到的浮力为 N，物块的密度为 kg/m3。二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意11（3.00分）下列说法正确的是（）A温度越高的物体，温度降低时放出的热量一定越多B温度相等的100g水和100g水蒸气，水蒸气的内能更大C用锯条锯木板，锯条的温度升高，是由于锯条从木板吸收了热量D炒菜时，用锅铲翻动菜主要是通过做功的方式来改变菜的内能12（3.00分）如图所示，弹簧下挂着磁铁A，它的下端为N极，上端为S极，在其下方有个电磁铁M，以下说法正确的是（）A闭合开关S2，电磁铁M的上方为S极B调换电源的正负极后，闭合开关S2，弹簧会变短C先闭合开关S1、S2，再断开S1，弹簧变长D闭合开关S2后，滑片P向左滑动弹簧变短13（3.00分）如图所示用力F将小球压至D点（弹簧始终处于弹性限度内）。撤去力F后，小球从静止开始向上运动，到达C位置时小球所受弹力大小等于重力，B位置是弹簧自身长度的位置，A位置是小球到达的最高点。整个过程不计能量损失，下列说法中正确的是（）A在B位置小球受力平衡B在A位置小球不受力C从D到B位置过程中小球先减速后加速D从D到A位置过程中小球受到的合力先减小再增大14（3.00分）如图所示，有一轻质木板（质量可忽略不计）长为L、右端放一重为G的物块，并用一竖直向上的力F拉着，左端绕O点转动，当物体向左匀速滑动时，木板始终在水平位置保持静止，则下列表示拉力F与物块运动时间t的关系图中，正确的是（）ABCD15（3.00分）如图在斜面的底部有一个水平传送带，当传送带没有开动时，一个质量为m的物体从斜面顶端由静止滑下，恰好落在地面上的A点；若当水平传送带逆时针开动后，再将这个物体从斜面的同一高度由静止滑下，则该物体（）A落向地面A点的左侧B点B仍落向地面的A点C随传送带运动到斜面的底端D点D落向地面A点的右侧C点16（3.00分）如图所示为游乐园里的过山车，下列说法正确的是（）A过山车运动的整个过程中机械能守恒B过山车在下滑的过程中动能转化为重力势能C过山车冲上坡时，动能、重力势能均增大D过山车运动到最低点时动能最大17（3.00分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，其中定值电阻R1的阻值为R，滑动变阻器R2的最大阻值为2R，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，下列说法正确的是（）A电流表A示数与A1示数的比值变大B电压表V示数与电流表A1示数的比值变大C电路中的消耗的总功率变大D电流表A示数与A1示数差值变小三、实验题（每空2分，共20分）18（6.00分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中（1）实验前，必须将烛焰、光屏的中心和凸透镜的光心调整到 上；（2）如图所示，烛焰能在光屏上形成清晰的像，如果此时撤去光屏，人眼在光屏位置 （选填能”或“不能”）直接看到烛焰的像；（3）依次改变透镜的位置，移动光屏，直到找到清晰的像记录的数据如表所示：通过观察数据，可知第 次数据是编造的。次数123456物距（cm）504030201510像距（cm）15253545505519（6.00分）在“测量滑轮组的机械效率”的实验中，某组同学用同样的滑轮安装了如图所示的滑轮组，实验测得的数据如表所示。次数物体的重力G/N提升高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率110.10.50.366.7%21.50.10.70.371.4%320.10.90.3（1）表格内的第3次实验中应补充的数据是 （结果精确到0.1%）；（2）分析比较第1、2、3次实验数据可以判定，若要增大滑轮组的机械效率，应该 （3）某同学认为，滑轮组的机械效率还可能与动滑轮重力有关，请你简要写出对该猜想的探究过程 20（8.00分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12）（1）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 。A“10 5A”的滑动变阻器B“20 0.5A”的滑动变阻器P（2）闭合开关，移动滑片到某位置时，发现电压表的示数如图乙所示；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 （选填“A”或“B”）端移动。（3）通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示。分析图象可知：该小灯泡正常发光时的额定功率为 W。（4）用如图所示的方法测功率，要使测量误差越小，所选用的电压表的阻值应 （选填“接近”、远大于”或“远小于”）小灯泡的阻值。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题7分，第23小题8分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21（8.00分）随着国民经济的发展汽车已走进千家万户，一辆小汽车以90km/h的速度在平直路面上匀速行驶1h，消耗汽油10L若汽油完全燃烧放出的热量的36%用来驱动汽车做有用功，所用汽油的热值为4.6107/kg，密度为0.7103kg/m3求：（1）汽油完全燃烧放出的热量；（2）这段时间内汽车发动机的功率；（3）汽车受到的阻力22（7.00分）物体做变速运动，物理上可用平均速度来描述其运动。设某物体沿直线做单向（往一个方向）变速运动，在前一半时间平均速度为v1，后一半时间的平均速度为v2，那么可推出其整个时间段的平均速度为；若其前半程的平均速度为v1，后半路程的平均速度为v2，那么可推出其全程的平均速度为，试利用速度公式分别对以上两个推论加以证明。23（8.00分）如图所示，M为电动机，其线圈电阻rM=0.4，定值电阻R=24，电源内阻r不可忽略，电源电压U=40V当S断开时，电流表的示数为I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求：（1）电源内阻r；（2）开关S闭合时通过电动机M的电流；（3）开关S闭合时电动机输出的机械功率参考答案与试题解析一、填空题（每空2分，共26分）1【考点】9D：频率及音调的关系【分析】要解答本题需掌握：振动的频率越高，音调越高；敲击瓶子时，振动发声的物体是瓶子（包括瓶内的水）。【解答】解：用大小相同的力敲击瓶子，声音是由瓶子和瓶内的水振动发出的，水越多，振动越慢，音调越低；水越少，振动越快，音调越高，所以，液面低的瓶子发出声音的音调高。故答案为：低。【点评】此题主要考查学生对：频率与音调高低关系的理解和掌握。重点是弄清发声体。2【考点】GV：分子的运动【分析】扩散现象是指不同物质在互相接触时彼此进入对方的现象，说明了分子之间有间隙，同时说明分子在不停地做无规则运动，分子的运动速度与物体的温度有关，温度越高，分子运动越剧烈。【解答】解：由于物质是由分子组成的，且分子在不停的做无规则运动，当将零件放入含碳的渗碳剂中，这样碳分子就可以进入零件分子间的间隙，从而渗入零件的表层。故答案为：不停的做无规则运动。【点评】扩散现象不但说明了分子在不停地做无规则运动，还体现了分子之间有间隙。3【考点】6L：惯性【分析】惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。【解答】解：惯性大小只跟物体的质量大小有关，火箭发射的加速阶段，燃料迅速燃烧，质量减小，所以处于这一阶段的火箭与发射前相比较，其惯性减小。故答案为：减小。【点评】此题考查惯性，难度不大，关键是知道质量是惯性大小的唯一量度。4【考点】1A：凝固与凝固放热特点【分析】物质由液态变为固态是凝固。【解答】解：雨滴，并附于树枝、草等物体上形成的冰晶由液态变为固态是凝固。故甲图所示的“雨凇”的形成属于凝固现象。故答案为：凝固。【点评】此题考查了物态变化中的凝固现象，对生活中常见的物态变化要有所认识。5【考点】CP：电磁感应【分析】（1）发电机是根据电磁感应现象制成的；（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流。【解答】解：如图是发电机模型，小风车在风的吹动下，带动线圈转动而在磁场中切割磁感线，产生感应电流，使电流表的指针发生偏转，这种现象叫电磁感应现象。故答案为：切割。【点评】此题主要考查的是学生对发电机的原理、电磁感应实验的理解和掌握，基础性题目。6【考点】A7：光的反射定律【分析】用作图方法找到A点的像点A，连接AB与平面镜相交于O，根据数学知识判断MOA和NOB相似，根据相似比算出反射点与M点的距离关系。【解答】解：如图所示，画出A点的像点A，连接AB与平面镜相交于O：；对比MOA和NOB，OMA=ONB=90，MOA=NOB（对顶角相等），所以MOANOB。根据相似三角形对应边成正比，可得：=，即：=；因为 AM=AM=9cm，BN=3cm，MN=6cm，所以=，解得：MO=4.5cm。故答案为：4.5。【点评】本题应用到数学中相似三角形对应边成正比的知识，如果同学数学没学到这个知识点，可能想不到这种解题方法。7【考点】6T：二力平衡条件的应用【分析】物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力。【解答】解：擦窗机器人在竖直玻璃板上静止时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力是一对平衡力，二力大小相等，当真空泵继续向外抽气时，机器人的重力不变，则擦窗机器人受到的摩擦力不变；故答案为：不变。【点评】本题考查了二力平衡条件的应用，物体在平衡状态下受平衡力，找出平衡力是解题关键。8【考点】86：压强的大小及其计算【分析】根据压强的计算公式p=求出压力的大小。【解答】解：根据压强的计算公式p=可知，气袋受到的压力为：F=pS=6.8105Pa2m2=1.36106N。故答案为：1.36106。【点评】本题考查了压强计算公式的应用，属于基础知识。9【考点】JA：电功率的计算；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由图知，闭合开关，两只电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过R1的电流。已知通过R1的电流、R1阻值及通电时间，利用焦耳定律得到产生的热量；已知R1阻值和通过的电流，可以得到两端电压，也就是电源电压；已知电源电压和干路电流，利用P=UI得到电路消耗的功率。【解答】解：闭合开关，两只电阻并联，电流表A1测量干路电流，电流表A2测量通过R1的电流。1min内R1上产生的热量：Q1=I12R1t=（0.3A）21260s=64.8J；因为I=，所以电源电压：U=U1=I1R1=0.3A12=3.6V，所以电路消耗的功率：P=UI=3.6V0.8A=2.88W。故答案为：64.8；2.88。【点评】此题考查了并联电路的特点、欧姆定律变形公式及焦耳定律的应用，计算过程简单，是一道基础题。10【考点】2A：密度的计算；8O：阿基米德原理；8P：浮力大小的计算【分析】（1）利用称重法F浮=GF示求物块体积的浸入水中时受到的浮力；利用阿基米德原理F浮=水V排g求物块排开水的体积，然后得出物块的体积；利用阿基米德原理F浮=水V排g求物块块完全浸没在水中受到的浮力；（2）利用G=mg=Vg求物块的密度。【解答】解：（1）在空气中称量时弹簧测力计的示数是5N，即物体的重力G=F1=5N，物块体积的浸入水中时，物块受到的浮力：F浮1=GF2=F=2N；由F浮=水V排g可得，此时物块排开水的体积：V排1=2104m3，则物块的体积：V=2V排1=22104m3=4104m3，所以物块浸没水中受到的浮力为：F浮=水gV排=水gV=1103kg/m310N/kg4104m3=4N；（2）由G=mg=Vg可得物块的密度：=1.25103kg/m3。故答案为：4；1.25103。【点评】本题考查了学生对重力公式、密度公式、阿基米德原理的掌握和运用，利用好“称重法测浮力”求出金属块在水中受到的浮力是本题的突破口。二、选择题（每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意11【考点】G4：内能的概念；G6：温度、热量与内能的关系；G9：做功改变物体内能；GA：热传递改变物体内能【分析】（1）根据Q放=cmt分析放出热量与温度的关系；（2）同一物体的内能与温度、状态有关；（3）（4）改变物体内能的方式有做功和热传递，做功是能量转化的过程，热传递是能量转移的过程；【解答】解：A、由Q放=cmt可知，放出热量与物质的比热容、质量和降低的温度有关，因此温度高的物体，放出的热量不一定多，故A错误；B、物体的内能不仅与质量、温度有关，还与物体的状态有关；温度相等的100g水变成100g水蒸气需要吸收热量，所以水蒸气的内能更大，故B正确；C、用锯条锯木板，摩擦生热，机械能转化成内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式增加了锯条和木板的内能，故C错误；D、炒菜时，菜会从温度高的锅上吸收热量，这是通过热传递的方式来改变菜的内能的，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了热量、内能大小、改变内能的方法，属于基础知识。12【考点】C4：磁极间的相互作用；CA：通电螺线管的磁场【分析】（1）闭合开关，首先根据安培定则判断电磁铁的磁极，然后根据磁极间的作用判断弹簧长短变化。（2）电磁铁磁性强弱跟电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关。判断滑片移到时，电流大小变化，判断电磁铁磁性强弱的变化，判断弹簧长短变化。【解答】解：A、闭合开关S2，电磁铁具有磁性，根据安培定则可知，电磁铁的上端是N极，下端是S极；故A错误；B、调换电源的正负极后，闭合开关S2，根据安培定则可知，电磁铁的上端是S极，下端是N极，根据异名磁极相互吸引，可知弹簧变长；故B错误；B、闭合开关S1，S2电阻和滑动变阻器并联，再断开S1，电路中只有滑动变阻器连入，因此先闭合开关S1、S2，再断开S1，电路电阻由小变大，电流由大变小，电磁铁磁性由增强到减弱，对磁体A排斥变小，弹簧变长，故C正确。D、闭合开关S2后，滑片P向左滑动，电路电流变小，电磁铁磁性减弱，对磁体A排斥减弱，弹簧变长，故D错误。故选：C。【点评】本题把电磁铁磁性强弱的影响因素、磁极间的作用、电阻并联特点、欧姆定律综合起来，有一定的难度。13【考点】6U：力与运动的关系【分析】（1）平衡力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上；（2）地球附近的物体都受重力作用；（3）在D位置时，弹簧弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，小球加速上升；在C位置时，小球所受弹力大小等于重力，合力为零，速度最大；在BC段，弹力小于重力，合力向下，小球做减速运动；在BA段只受重力，合力向下，合力等于重力，合力最大，小球做减速运动。【解答】解：A、B位置是弹簧自身长度的位置，此位置弹簧没有发生弹性形变，没有弹力，由于整个过程不计能量损失，没有阻力，此时小球只受重力，不是平衡力，故A错误；B、在A位置小球到达最高点，速度为零，只受重力作用，故B错误；C、在D位置时，弹簧弹性形变最大，弹力最大，弹力大于重力，合力向上，小球加速上升，到达C位置时小球所受弹力大小等于重力，合力为零，之后BC段弹力小于重力，合力向下，小球做减速运动，BA段只受重力，合力向下，小球继续做减速运动，故C错误；D、由C分析知，D点弹力最大，弹力大于重力，合力等于弹力减重力，随后弹力减小，合力减小，当到C点时，弹力大小等于重力，合力为零，之后弹力小于重力，合力向上，合力等于重力减弹力，随着弹力的减小，合力逐渐增大，到B点，弹力消失，只受重力，合力就等于重力，合力达到最大，故从D到A位置过程中小球受到的合力先减小再增大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了小球上升过程中，通过重力和弹簧弹力的大小关系判断小球的合力和速度变化情况，是一道难题。14【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析【分析】如图，在物体运动时间t后，杠杆受到物体的压力（阻力）等于物体重力，再确定动力臂和阻力臂，根据杠杆平衡得出F与t的关系式，结合图象进行判断。【解答】解：如图所示：动力臂为OA=L，杠杆受到物体的压力（阻力）F=G，阻力臂为OB，OB=OAvt=Lvt，杠杆平衡，FOA=FOB=G（OAvt），即：FL=G（Lvt），F=Gt，由此可知，当t=0时，F=G；当t增大时，F减小。故选：A。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，根据题意得出拉力F与时间t的关系式是本题的关键。15【考点】6L：惯性【分析】（1）物体具有保持原来运动状态不变的性质，称为惯性；（2）原来运动的物体，由于惯性，仍然运动；原来静止的物体，由于惯性，仍然静止。【解答】解：物块从斜面滑下来，当传送带静止时，在水平方向受到与运动方向相反的摩擦力，物块将做匀减速运动，离开传送带时做平抛运动；当传送带逆时针转动时物体相对传送带都是向前运动，受到滑动摩擦力方向与运动方向相反，物体做匀减速运动，离开传送带时，也做平抛运动，因为传送带的摩擦力不变，所以与传送带不动时的抛出速度相同，故落在A点。故选：B。【点评】若此题中传送带顺时针转动，物块相对传送带的运动情况就应讨论了：（1）当物块滑到底的速度等于传送带速度，没有摩擦力作用，物块做匀速运动，离开传送带做平抛的初速度比传送带不动时的大，水平位移也大，所以落在A点的右边；（2）当物块滑到底速度小于传送带的速度，有两种情况，一是物块始终做匀加速运动，二是物块先做加速运动，当物块速度等于传送带的速度时，物体做匀速运动。这两种情况落点都在A点右边。（3）当物块滑上传送带的速度大于传送带的速度，有两种情况，一是物块一直减速，二是先减速后匀速。第一种落在A点，第二种落在A点的右边。16【考点】FN：动能和势能的大小变化；FU：动能和势能的转化与守恒【分析】机械能是指动能和重力势能的和，动能与物体的速度有关，重力势能与物体的高度有关。【解答】解：A、由于过山车与轨道间有摩擦，需要克服摩擦力做功，故机械能不守恒，故A错误；B、过山车在下滑的过程中重力势能转化为动能，故B错误；C、过山车冲上坡时动能减小，重力势能增大，故C错误；D、过山车运动到最低点时，重力势能最小，动能最大，故D正确。故选：D。【点评】本题就是考查学生对机械能、动能、重力势能这三者之间的关系的理解，抓住机械能是动能和重力势能的和这一点本题就可以解决。17【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，电源电压不变，电压表的示数不变，通过滑动变阻器的电流变小，但不影响R1支路，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，可得电流表A示数与A1示数的比值变化、电压表V示数与电流表A1示数的比值变化、电路功率的变化、电流表A示数与A1示数差值变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，电源电压不变，则电压表的示数V不变；但R2连入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变小；由并联电路的特点可知，滑片移动时时不影响R1支路，即通过R1的电流不变，电流表A1的示数不变；所以干路电流将变小，即电流表A的示数变小；由此可知，电流表A示数与A1示数的比值变小，故A错误；电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，故B错误；电源电压不变，干路电流变小，根据P=UI可知，总功率变小，故C错误；电流表A示数与A1示数差值为通过滑动变阻器的电流，通过变阻器的电流减小，则该差值减小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，注意滑动变阻器接入电路中电阻的变化是关键。三、实验题（每空2分，共20分）18【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）实验前，必须将烛焰、光屏的中心、凸透镜的光心调整到同一高度上，使像成在光屏的中央；（2）当物距小于像距时，成倒立、放大的实像，可以用光屏承接，也可以直接观察到；（3）透镜的焦距是10cm，当物体在焦点上时，不能成像。【解答】解：（1）做凸透镜成像实验，要使烛焰的焰心，凸透镜的光心，光屏的中心三者位于同一高度，目的是使像成在光屏的中央。（2）由图可知，此时的物距小于像距，凸透镜成倒立放大实像；当撤去光屏，人眼相当于一光屏，所以人眼在光屏的位置能直接看到烛焰的实像；（3）由题意可知，凸透镜的焦距是10cm，第6次实验时，物距等于焦距，此时不可能在光屏上能成像，故第6次实验的像距是编造的；故答案为：（1）同一高度；（2）能；（3）6。【点评】此题考查了凸透镜成像的实验探究过程及相关的注意事项，是一道综合题。19【考点】F8：滑轮（组）机械效率的测量实验【分析】（1）根据=100%=100%求出第3次实验的机械效率；（2）比较第1、2、3次实验数据，钩码升高的距离相同，绳子自由端移动的距离相同，说明使用的是同一装置，所做的额外功相同，提起的重物不同，机械效率不同据此得出结论；（3）要探究机械效率与动滑轮重力间的关系，只需要改变动滑轮的重力，求出的机械效率，进行比较即可。【解答】解：（1）第3次实验的机械效率：=100%=100%=100%74.1%；（2）比较第1、2、3次实验数据可知，对于同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高，因此增大物体的重力可以提高滑轮组的机械效率；（3）根据控制变量法可知，探究机械效率与动滑轮重力间的关系，只需要改变动滑轮的重力，故探究过程为：在实验1的基础上，保持被提升物体的重力不变，改变动滑轮的重力，记下竖直向上匀速拉动弹簧测力计的示数F，并计算机械效率进行对比。故答案为：（1）74.1%；（2）增大物体的重力；（3）在实验1的基础上，保持被提升物体的重力不变，改变动滑轮的重力，记下竖直向上匀速拉动弹簧测力计的示数F，并计算机械效率进行对比。【点评】本题考查了探究影响滑轮组机械效率因素的实验，要知道物体越重，做的有用功越多，机械效率越高；动滑轮越多，所做的额外功越多，滑轮组的机械效率越低。20【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）本实验中，电流表应与灯泡串联，由灯泡正常发光电流确定其量程；（2）根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表示数；根据串联分压特点确定滑片移动方向；（3）分析图象，得出小灯泡额定电压对应的电流，利用P=UI求出电功率；（4）分析电路的连接，根据并联电路的电流的特点分析。【解答】解：（1）根据I=可得灯泡正常工作时的电流约为：I=0.21A，此时滑动变阻器连入电路的阻值：R滑=16.7，故选用滑动变阻器B；（2）根据图乙可知，电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.2V；要测量灯泡的额定功率，需使电压表的示数为2.5V，因此需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向A端移动；（3）由小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象可知：当电压为2.5V时，电流为0.2A，所以灯泡额定功率为：P=UI=2.5V0.2A=0.5W；（4）由图可知，电压表与灯泡并联在一起，电流表接在电路中，测量的是通过灯泡和电压表的总电流；在数据处理时，把电流表的示数作为灯泡的电流，故通过电压表的电流越小越好，故所选用的电压表的阻值应远大于小灯泡的阻值。故答案为：（1）B；（2）A；（3）0.5；（4）远大于。【点评】此题是测定小灯泡的电功率的实验，综合考查了串联电路特点和欧姆定律应用，电压表的读数、功率计算等。要能从图象中获取有用数据。四、计算与推导题（第21小题8分，第22小题7分，第23小题8分，共23分；解答要有必要的公式和解答过程，只有最后答案的不能得分）21【考点】FF：功率的计算；GG：热量的计算；GL：热机的效率【分析】（1）知道汽油的体积和密度，利用密度公式求汽油的质量；又知道汽油的热值，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量；（2）求出了汽油完全燃烧放出的热量，又知道汽油完全燃烧放出的热量有36%用来驱动汽车做有用功，据此求用来驱动汽车做有用功，即发动机所做的功；根据P=求出功率。（3）由P=Fv可求得汽车的牵引力，根据二力平衡可知，汽车受到的阻力。【解答】解：（1）消耗