2019年中考物理模拟试卷及答案解析4-8

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个正确）1（2分）下列与声现象有关的说法中不正确的是（）A宇航员之间在太空中不能直接对话，是因为真空不能传声B汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的C看电视时调节音量是为了改变声音的响度D高速公路两旁的隔音板可防止噪声的产生2（2分）夏天，盛一盆水，在盆里放两块高出水面的砖头，砖头上搁一只比盆小一点的篮子。篮子里有剩饭、剩菜，再把一个纱布袋罩在篮子上，并使袋口的边缘浸入水里（如图所示），就做成了一个“简易冰箱“即使经过一天时间里面的饭菜也不会变质。与“简易冰箱”的工作原理相同的是（）A吃冰棒解热B在中暑病人额头上擦酒精C烧开水时冒“白气”D衣箱中的樟脑丸逐渐变小3（2分）如图所示的几个光学现象和应用，属于光的折射现象的是（）A海市蜃楼现象B平静的水面映出建筑“倒影”C激光在光导纤维中传播D在墙上映出手的影子4（2分）下列数据中，最接近生活实际的是（）A某初三学生百米成绩约为8sB人们正常交流时的响度约为60dBC一间普通教室内空气的质量大约为300gD家用电热水器正常工作时的功率约为30W5（2分）2017年4月20日19点41分在文昌航天发射场，长征七号重型运载火箭搭载天舟一号货运飞船发射升空。该型号火箭以液氧煤油为燃料，在火箭加速上升过程中（）A液氧煤油燃烧放出的热量全部转化为火箭和天舟一号的机械能B液氧煤油燃烧后热值会随着质量的减小而减小C天舟一号的动能和重力势能都增大D天舟一号的动能转化为重力势能6（2分）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）A图甲，厚玻璃筒内的空气被压缩时，筒壁发热的原因是空气的内能增加B图乙，抽去玻璃隔板，两瓶中气体逐渐混合均匀，说明空气比二氧化氮的密度大C图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少D图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大7（2分）如图所示，从甲地通过两条输电线向乙地用户供电，若甲地电源电压恒为U，输电线的总电阻为r，当乙地用户用电时，下列说法正确的是（）A用户使用的用电器两端电压为UB输电线上消耗的电功率为C当用户使用的用电器增多时，用电器两端的电压升高D当用户使用的用电器增多时，输电线上因发热而损失的功率增大8（2分）如图所示，长木板放在水平桌面上，木块放在长木板上，砝码放在木块上。现用2N的力F水平拉木块，木块、砝码、长木板均保持静止，此状态下，下列说法正确的是（）A木块对砝码的摩擦力为2NB长木板对木块的摩擦力为2NC长木板对木块的支持力和木块的重力是一对平衡力D桌面对长木板的支持力是长木板发生弹性形变而产生的9（2分）如图所示，闭合开关S，发现灯泡L1亮，L2不亮。调节变阻器滑片P，L1变亮，L2始终不亮，出现这一现象的原因可能是（）A滑动变阻器断路B滑动变阻器短路C灯泡L2短路D灯泡L2断路10（2分）如图所示，把重为G的物体沿高为h，长为l的粗糙斜面以速度v由底端匀速拉到顶端的过程中，拉力F做的功为W，则下列选项正确的是（）A拉力大小为B物体所受摩擦力大小为C拉力功率的大小为D斜面的机械效率为11（2分）如图所示，水平面上分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，右侧区域粗糙，且粗糙程度相同。一小球先从A点以3m/s的初速度运动到B点时的速度为2m/s，然后再使小球从B点以3m/s的初速度运动到A点。若小球从A点运动到B点所用的时间比从B点运动到A点少0.8s，则A点到分界线MN的距离为（）A3.0mB3.6mC4.2mD4.8m12（2分）如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1则（）AR0=8BR1=24CU1=9VDU=20V二、填空题（本题共10小题，每空1分，共23分）13（2分）烩面是河南的特色名吃。厨师将面坯拉成长长的面条，表明力可以使物体发生 ，煮面时通过 改变了面条的内能。14（2分）俗话说：“近朱者赤，近墨者黑”，从物理学的角度说这是一种 现象。“天舟一号”发射后，应进行多次变轨，地面的变轨指令是通过 传递的。15（3分） 2017年4月20日19时41分，满载航天“快递小哥”天舟一号货运飞船的长征七号遥二运载火箭发射成功，飞船与火箭分离后仍能向前飞行是因为它具有 ；4月22日，天舟一号与在轨运行的天宫二号空间实验室成功进行首次交会对接，形成组合体（如图），此时以天宫二号为参照物，天舟一号是 的，天舟一号的电池板利用的太阳能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。16（2分）某家庭电能表如图所示。若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为 kWh，空调的电功率是 W。17（3分）在测量盐水密度的实验中，已知空烧杯的质量是55g，烧杯和盐水的总质量如图所示，则盐水的质量是 g；将烧杯中的盐水全部倒入量筒中测得体积是60cm3，则盐水的密度是 g/cm3；采用这种测量方法得到的结果将 。18（3分）甲、乙两只电炉标有“220V 500W”和“220V 1000W”字样，把它们串联在220V的电路中。在相同时间内产生热量较多的是 ，将它们并联在电路中，产生热量较多的是 （选填“甲”或“乙”）串联时甲电炉消耗的电功率与并联时甲电炉消耗的电功率之比为 。19（2分）如图所示，两个容器中分别盛有甲乙两种液体，当在A处沿水平方向快速吹起时，会发现B、C管中的液体上升到如图所示的高度，则甲 乙（选填“”、“=”或“”），B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，压强 （选填“增大”或“减小”或“不变”）。20（2分）如图所示的电路，电源电压不变。闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中（RaP表示滑动变阻器连入电路的阻值），电流表的示数 ，电压表的示数与RaP的比值逐渐 。（选填“增大”或“减小”或“不变”）21（2分）小柯发现白炽灯泡在开灯瞬间最容易烧坏，猜想可能是在开灯瞬间灯丝的温度较低，导致电阻比正常工作时小。于是设计图示电路来验证自己的猜想。【实验步骤】第一步：断开S2，闭合S1，电流表指针偏转，但灯泡不发光。第二步：断开S1，闭合S2，灯泡正常发光，灯丝温度很高。第三步：两分钟后再断开S2并迅速闭合S1，观察电流表示数变化情况。【实验分析】（1）第一步中，灯泡两端的电压是6V，灯泡不发光的原因是 。（2）在第三步中，若观察到电流表示数变化的情况是 ，就可以得出灯丝的温度越低，其电阻越小。22（2分）底面积为100cm2的平底圆柱形容器内装有适量的水，放置于水平桌面上。现将体积为500cm3，重为3N的木块A轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为8cm，如图甲所示，若将一重为6N的物体B用细绳系于A的下方，使其恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出），不计绳重及其体积，物体B的密度为 kg/m3，图乙中水对容器底部的压强为 Pa。三、解答题（本题共7小题，共33分其中24、27题应写出必要的解题过程）23（2分）竖起的墙面上有一块面镜MN，小女孩站在平面镜前，她的脚前有一枚硬币（如图中点A所示），请你利用平面镜成像的特点画出小女孩看到硬币的像的光路图。24（1分）如图所示，是一个电热水壶的简易图，在图中画出它所受重力的示意图（B为重心）；用力作用在壶盖上A点时，可将壶盖打开，请在A点画出所需最小力F的示意图（O为支点）。25（1分）每到冬天都有一大批丹顶鹤从北方迁徙到盐城滩涂越冬，如图所示，一只丹顶鹤正沿直线朝斜向上方向匀速飞翔，作出此过程中空气对它作用力。26（8分）我国自主研制的某型新一代战斗机，它具备超音速巡航、电磁隐身、超机动性、超视距攻击等优异性能，该飞机最大起飞质量为37t，最大飞行高度达20000m，最大航行速度达2.5倍声速 （合3060km/h），最大载油量为10t，飞机航行时所受阻力的大小与速度的关系见下表：速度v（m/s）100200300400500阻力f/N0.31041.21042.71044.81047.5104已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，飞机使用的航空燃油的热值为5107J/kg，则（1）完全燃烧10t燃油所释放的能量是多少焦耳？（2）当飞机以400m/s的速度匀速飞行时，飞机发动机的输出功率是多少千瓦？（3）若在飞机油箱中加满燃油。且以600m/s的速度匀速飞行时，飞机能飞行的最远距离约是多少千米？27（6分）在信息化时代，相机和手机都是常用的图象采集设备。（1）如图所示，用相机拍照时，在芯片上所成的像是倒立的、缩小的 像（选填“实”或“虚”）镜头靠近人时，像的大小将变 ，此时像会 透镜（选填“靠近”或“远离”）用相机拍摄远近不同的物体时，通过伸缩镜头，使像清晰地成在芯片上，这个操作过程便是“调焦”，如图所示。（2）小敏同学发现手机不能“调焦”但成像也基本清晰，她将手机拿到哥哥工作的大学实验室去探究，实验数据如表，根据表中数据，判断手机镜头的焦距大约为 次数物理量 12 34 5 6 7 物距/m 10.00 5.002.00 1.000.50 0.100.05 像距/cm 0.5000.501 0.5020.503 0.5050.526 0.556A、5m B、0.5m C、0.05m D、0.005m（3）请分析，手机拍摄远近不同的物体不需要“调焦”的原因是 。28（7分）小芳到实验室做“测量小灯泡额定功率”的实验时，老师只给她提供了如下器材：标有“2.5V”的小灯泡、电源、滑动变阻器、开关、两个电压表（没有电流表）、阻值为10的定值电阻R0、导线若干。她根据所给定的器材经过认真思考后设计了正确的实验电路，如图甲是该电路的不完整电路图。（1）请你将图甲中电路图补充完整。（2）闭合开关前，将滑动变阻器调至阻值 的位置，闭合开关后灯不亮，电压表V1的示数接近电源电压，则电路故障为 。（3）闭合开关后，为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使电压表V1的示数为 V，此时电压表V2的示数如图乙所示，是 V。（4）小灯泡的额定功率为 W。（5）她还进一步设计出了只有电流表没有电压表解决这个问题的方法，其电路如图丙所示，R0=10，并认为关键的一步是必须调节滑动变阻器，使电流表A2的示数为 A时，再读出电流表A1的示数，才能计算小灯泡的额定功率。29（8分）图甲是某小区高层住宅电梯结构的示意图，它主要是由轿厢、滑轮、配重、缆绳及电动机等部件组成，小明家住该小区某栋楼的16楼，他乘电梯从1楼匀速升到16楼用时50s，已知每层楼的高度为3m。小明重600N轿厢重5400N，动滑轮和细绳的重力以及摩擦力均忽略不计，针对此时程，解答下列问题。（1）拉力F的功率为多大？（2）动滑轮A提升小明的机械效率为多少？（3）图乙是该电梯超载自动报警系统工作原理的示意图，在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机（其工作原理为 ）正常工作，当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关S，电动机也不工作，在控制电路中，已知电源电压为6V，保护电阻R2=100，电阻式压力传感器R1的阻值随乘客压力（F压）大小变化如图丙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计，当电磁铁线圈电流超过0.02A时，电铃就会发出警报声，若乘客人均重为700N，该电梯最多可以乘载多少人？参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个正确）1【考点】9O：声音的综合利用【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能够传声；（2）回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，即利用声音获得信息；（3）声音的强弱叫响度，影响响度的因素是发声体的振幅；（4）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。【解答】解：A、太空中没有空气，真空不能传声，因此两名宇航员在太空中不能直接对话。故A正确；B、汽车安装的倒车雷达是利用超声波回声定位的原理制成的，是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，即利用声音获得信息。故B正确；C、看电视时调节音量，声音强弱发生变化，所以改变的是声音的响度。故C正确；D、高速公路两旁的隔音板是在传播中减弱噪声，而不是为了防止噪声的产生。故D错误。故选：D。【点评】考查声现象的基础知识及应用，要求学生对声音及其特性、声音的传播及特征、减弱噪声的措施等知识点全面掌握。2【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点【分析】蒸发吸热，具有致冷的作用。蒸发快慢的影响因素：液体的表面积、液体的温度、液体表面上空气流动速度。【解答】解：由整个装置的结构特点可知，它是借助了蒸发致冷来使给食物降温的。装置放在通风处，这样即增大了液体的表面积，也增大了水的表面空气流动速度，加快水的蒸发，使饭菜温度降低，防止饭菜变质。A、吃冰棒解热，是利用熔化吸热知识，故A不合题意；B、在中暑病人额头上擦酒精，是利用汽化吸热，降低病人体温，故B符合题意；C、烧开水时冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故C不符合题意；D、樟脑丸逐渐变小是由固态直接变为气态蒸汽的升华现象，故D不符合题意。故选：B。【点评】掌握蒸发吸热致冷的原理，以及蒸发快慢的影响因素可做出解释。3【考点】AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。【解答】解：A、海市蜃楼是光经过不均匀的大气层时，发生折射形成的，故A正确；B、平静的水面映出建筑“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；C、激光在光导纤维中传播，是光的反射现象，故C错误；D、沿直线传播的光照到不透明的物体，被物体挡住，在墙上光照不到的地方形成影子，墙上的影子是由光的直线传播形成的，故D错误。故选：A。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。4【考点】61：时间的估测；23：质量的估测；9F：响度；FF：功率的计算【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、初三学生百米成绩约15s；故A错误；B、人们正常交流时的响度约为60dB；符合实际；故B正确；C、一般教室的建筑面积为100m2，教室的高一般为3m；故教室内空气的体积为V=sh=100m23m=300m3；根据空气的密度为1.29kg/m3；故空气的质量为m=V=1.29kg/m3300m3=387kg；故C错误；D、电热水器正常工作时的功率约1000W以上；故D错误；故选：B。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。5【考点】FN：动能和势能的大小变化；GJ：燃料的热值【分析】（1）火箭在升空时，燃料燃烧的热量不能全部利用，有一部分会以热传递的形式散失掉；（2）热值是指1kg燃料完全燃烧放出的热量，是燃料的一种特性，和燃料的密度、是否燃烧、是否完全燃烧等无关，和燃料的种类有关。（3）动能的大小与物体的质量、速度有关，重力势能的大小与物体的质量、高度有关；判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。【解答】解：A、火箭升空时，液氧煤油燃烧放出的热量大部分转化为火箭和天舟一号的机械能，但不是全部，故A错误；B、热值是燃料的一种特性，和燃料是否完全燃烧、燃烧时放出的热量多少、燃料质量的多少无关，所以液氧煤油燃烧后热值不会随着质量的减小而减小。故B错误；CD、天舟一号加速上升，质量不变，速度增加，所以动能变大，同时质量不变，高度增加，故重力势能变大；故该过程不可能存在动能和重力势能的转化，而是内能转化为机械能（动能和重力势能），故C正确、故D错误；故选：C。【点评】此题考查了燃料的热值、动能、势能的影响因素及相互转化的知识，是一道综合题，难度不大。6【考点】G9：做功改变物体内能【分析】（1）根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题；（2）做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；（3）一切物质的分子都在不停的做无规则运动。【解答】解：A、图中厚玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，筒内空气的内能增加、温度升高，又以热传递的方式将内能传给筒壁，同时活塞与筒壁摩擦做功，筒壁的内能也增大，即筒壁发热的原因不仅仅是空气的内能增加；故A错误；B、抽去玻璃隔板，两瓶中气体逐渐混合均匀，说明分子在不停的做无规则运动；故B错误；C、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，温度降低；故C正确；D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气体的内能减小；故D错误。故选：C。【点评】本题考查做功改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。7【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；I6：串联电路的电压规律【分析】（1）根据串联电路的电压规律分析电压的大小；（2）根据公式P=分析功率的大小；（3）（4）根据串联电路的分压规律和功率公式分析。【解答】解：A、由于导线有一定的电阻，根据U=IR可知，导线会分担一定的电压，故用户使用的用电器两端电压要小于U，故A错误；B、由于导线的电阻R较小，其分担的电压Ur要远远小于电源电压U，根据公式P=可知输电线上消耗的电功率为，故B错误；CD、当用户使用的用电器增多时，干路中的电流变大，根据U=IR可知，导线会分担的电压变大；根据串联电路的电压规律可知，用电器两端的电压减小；根据公式P=I2R可知，导线的功率变大，故C错误、D正确。故选：D。【点评】此题主要考查串联电路特点的理解以及对于电功率公式和焦耳定律公式的理解和掌握，注意导线与用电器之间是串联的，本题将知识应用实际生活中是能力的体现。8【考点】7D：摩擦力的大小【分析】静摩擦力大小与外力大小有关，根据物体处于平衡状态，据此做出判断；力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等、方向相反，并且在同一条直线上；只要一个物体对另一个物体施加了力，受力物体反过来也肯定会给施力物体施加一个力。这两个力是相互作用力。【解答】解：A、用2N的力F水平拉木块，木块、砝码、长木板均保持静止，此状态下，砝码相对木块静止，砝码没有运动趋势，所以，砝码不受摩擦力，即木块对砝码的摩擦力为0N，故A错误；B、用2N的力F水平拉木块，木块与长木板之间有相对运动趋势，则木块受摩擦力作用；木块静止，摩擦力等于拉力，则长木板对木块的摩擦力f=F=2N，故B正确；C、长木板对木块的支持力和木块的重力大小不相等，所以它们不是一对平衡力，故C错误；D、根据产生弹力的特点可知，放在桌面上的长木板受到桌面对它向上的弹力，这是由于桌面发生微小形变而产生的，故D错误。故选：B。【点评】本题主要考查静摩擦力，要结合二力平衡分析解答，属易错题。9【考点】HP：电路的三种状态【分析】在串联电路中，若只有一个用电器工作，则电路中不能发生断路，可能是另一个用电器发生了短路而造成的。若发生断路，则整个电路都不会有电流，所有的用电器都不会工作。【解答】解：A、若滑动变阻器断路，则整个电路断路，两灯都不亮，所以A错误；B、若滑动变阻器短路了，则滑动变阻器不会引起L1亮度的变化，所以B错误；C、若灯L2短路了，则L2不亮，L1照常发光，所以C正确；D、若灯泡L2断路，则L1也不能发光，所以D错误。故选：C。【点评】此题考查了电路故障的分析，首先掌握短路和断路的含义，才能根据题目中给出的情况作出判断。10【考点】F6：斜面的机械效率【分析】根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据W=Gh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率。拉力的功率为：P=或P=Fv；运用W额=fs变形后可求摩擦力。【解答】解：A、由题知，斜面长为l，拉力F做的功为W（即总功），由W=Fl可得，拉力大小为F=；故A错误；B、有用功为W有=Gh，拉力做的总功为W，则额外功为：W额=WW有=WGh，由W额=fl可得，物体所受的摩擦力：f=；故B正确；C、拉力功率的大小为：P=Fv=v=；或P=；故C错误；D、斜面的机械效率为：=；故D错误；故选：B。【点评】熟练运用功、功率、机械效率的计算公式；是解答此题的关键。11【考点】6U：力与运动的关系【分析】小球先从A点以3m/s的初速度开始运动，由于分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，小球从A点到分界线MN以3m/s的速度做匀速直线运动；右侧区域粗糙，其粗糙程度相同，小球从分界线MN到B点做减速运动；接着小球从B点以3m/s的初速度减速运动到分界线MN，速度变为2m/s，然后小球以2m/s的速度匀速运动到A点【解答】解：小球先从A点以3m/s的初速度开始运动，由于分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，小球从A点到分界线MN以3m/s的速度做匀速直线运动；右侧区域粗糙，其粗糙程度相同，小球从分界线MN到B点做减速运动；接着小球从B点以3m/s的初速度减速运动到分界线MN，速度变为2m/s，然后小球以2m/s的速度匀速运动到A点，故小球前后两次经过右侧区域的时间相同，小球从A点运动到B点所用的时间比从B点运动到A点少0.8s，其实就是小球第一次通过左侧区域的时间比第二次通过左侧区域的时间少0.8s，根据公式t=可知，=0.8s，解得s=4.8m；故选：D。【点评】正确分析物体在不同时段所处的状态是解决本题的关键所在，同时会根据速度公式v=进行计算。12【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压；当滑片P在b端时，R0与R串联，电压表测R0两端的电压，根据欧姆定律求出滑片位于a端和b端时电路中的电流之比，然后求出滑片位于a端时电路中的电流，根据P=UI表示出R0消耗的电功率即可求出电源的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，再根据欧姆定律求出滑片位于b端时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1的阻值。【解答】解：由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，即U1=U；当滑片P在b端时，R0与R1串联，电压表测R0两端的电压，示数为U2，设前后两次电路中的电流分别为I1、I2，已知U1：U2=5：1，由I=可得：=，则滑片位于a端时电路中的电流：I1=5I2=50.2A=1A，由P=UI可得，电源的电压：U=U1=6V，故CD错误；R0的阻值：R0=6，故A错误；滑片位于b端时，R0与R1串联，电路中的总电阻：R=30，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R1=RR0=306=24，故B正确。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表所测电路元件的判断。二、填空题（本题共10小题，每空1分，共23分）13【考点】6F：力的作用效果【分析】（1）力的作用效果：改变物体的运动状态；使物体发生形变；（2）改变物体内能的方式：做功和热传递。【解答】解：（1）厨师将面坯拉成长长的面条，面坯的形状发生了变化，表明力可以使物体发生形变；（2）在锅里煮面时，面条吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式改变了面条的内能。故答案为：形变；热传递。【点评】本题考查力作用效果、改变物体内能的方式等知识的应用，要明确做功和热传递改变物体内能的实质，做功属于能量的转化，热传递属于能量的转移。14【考点】GW：扩散现象；D2：电磁波的传播【分析】（1）扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。（2）电磁波可以在真空中传播，所以航天通信一般用电磁波来传递信息。【解答】解：俗话说：“近朱者赤，近墨者黑”，从物理角度说这属于扩散现象，表明一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。电磁波可以在真空中传播，卫星通信一般就是用电磁波进行信息传递的，故“天舟一号”发射后，应进行多次变轨，地面的变轨指令是通过电磁波传递的。故答案为：扩散；电磁波。【点评】本题考查了电磁波传播的应用以及扩散现象的掌握，属于基础知识的考查，相对比较简单。15【考点】6L：惯性；53：运动和静止的相对性；K8：太阳能【分析】任何物体都有惯性；研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，与参照物相比，物体位置有变化，说明物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态；能够源源不断从自然界获得或可以重复利用的能源是可再生能源，不能源源不断从自然界获得或不能重复利用的能源是不可再生能源。【解答】解：飞船与火箭分离后，飞船由于具有惯性，仍能向前飞行；“天舟一号”飞船与“天宫二号”实现成功对接后，保持相对静止，以对方为参照物，两者都是静止的，所以，此时以天宫二号为参照物，天舟一号是静止的；太阳能可以源源不断地从自然界获得，太阳能属于可再生能源。故答案为：惯性；静止；可再生。【点评】本题考查了能源的分类、惯性、参照物，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。16【考点】JA：电功率的计算；J5：电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表的最后一位是小数，单位是kWh，已知每消耗1kWh的电能电能表的表盘就转过3000r，可求转过60转消耗的电能，根据公式P=可求空调的功率【解答】解：空调消耗的电能W=kWh60=0.02kWh；空调的功率P=1.2kW=1200W。故答案为：0.02；1200。【点评】本题考查电能和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是理解电能表参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算。17【考点】2F：液体密度的测量【分析】物体质量等于砝码质量与游码示数之和，由此得到烧杯和盐水的总质量，从而计算盐水的质量；利用=计算盐水的密度；测量结果的大小受质量与体积测量结果的影响，从步骤的顺序中分析是否对这两个量的测量产生了影响。【解答】解：由图知，天平标尺的分度值为0.2g，所以烧杯和盐水的总质量：100g+20g+1g=121g，则盐水的质量：m=121g55g=66g；盐水的密度=1.1g/cm3；由实验步骤可以看出，将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，烧杯壁不可避免地会有残留的盐水，使得测量的盐水的体积变小，所以采用这种方法测量的密度值偏大。故答案为：66；1.1；偏大。【点评】此实验考查了天平的读数，以及密度的计算，这是学习该实验最基本的技能要求，也是我们应掌握的重点。18【考点】JI：焦耳定律的计算公式及其应用；JA：电功率的计算【分析】（1）知道两只电炉的额定电压和额定功率，根据R=比较两只电炉的电阻，根据串联电路的电流特点和焦耳定律比较两电炉的产生热量关系；根据并联电路中各并联支路两端的电压相等和Q=W=Pt比较两电炉的产生热量关系；（2）分别计算两种情况下甲消耗的实际功率并确定其比例关系。【解答】解：（1）由P=得，电炉的电阻R=，因为甲、乙两只电炉的额定电压相同，额定功率P甲P乙，所以甲、乙两只电炉的电阻：R甲R乙，又因为串联电路中的电流处处相等，即通过甲、乙两只电炉的电流：I甲=I乙，根据Q=I2Rt可知，在相同时间内产生的热量Q甲Q乙，故串联时产生热量较大的是甲；将它们并联在220V电路上，根据并联电路中各支路两端的电压相等，即U甲=U乙=220V，则两电炉的实际功率等于额定功率，即：P甲=500W；P乙=1000W，根据Q=W=Pt可知，在相同时间内产生的热量Q甲Q乙，故并联时产生热量较大的是乙；（2）甲电炉的电阻为R甲=96.8，乙电炉的电阻为R乙=48.4，串联在220V电路中甲消耗的实际功率为：P实甲=I实2R甲=（）2R甲=（）296.8=W；当甲电炉并联在220V电路中，P实甲=P额甲=500W，所以两种情况下甲消耗的功率之比为P实甲：P实甲=W：500W=4：9。故答案为：甲；乙；4：9。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及焦耳定律公式的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要知道实际电压等于额定电压时，实际功率等于额定功率。19【考点】8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）由图知，管内气体压强加上液体产生的压强和大气压相等，据此可知两边液体柱产生的压强相等，利用液体压强公式得出甲乙液体的密度大小关系；（2）流体在压强越大的地方压强越小，在压强越小的地方压强越大。【解答】解：（1）设B管内水柱产生的压强为p，C管内酒精产生的压强为p，管内气体压强为p，由图知，管内气体压强加上液体产生的压强等于大气压，则大气压p0=p+p=p+p，所以p=p，由液体压强公式可得：甲gh1=乙gh2，因为h2h1，所以甲乙。（2）当在A处沿水平方向快速吹气时，A处空气流速加快、压强减小，管内气体的压强小于外界大气压，液体在大气压的作用下上升。故答案为：；减小。【点评】本题考查了大气压强的存在和液体压强公式的灵活应用，关键是确定B、C两液柱产生的压强相等。20【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，RaP与R1并联后再与R2串联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测R1支路的电流变化，根据滑片的移动可知RaP的阻值变化，进一步得出电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中总电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知并联部分两端的电压变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过R1的电流变化，根据并联电路的电流特点可知通过R的电流变化即可得出电压表的示数与RaP的变化。【解答】解：由电路图可知，RaP与R1并联后再与R2串联，电压表测并联部分两端的电压，电流表测R1支路的电流变化，在将滑动变阻器的滑片P从b端向中点移动的过程中，RaP的阻值变小，则并联部分的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R2两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分两端的电压变小，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可知，通过R1的电流变小，即电流表的示数减小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且干路电流变大，通过R1的电流变小，所以，通过R的电流变大，即电压表的示数与RaP的比值逐渐增大。故答案为：减小；增大。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。21【考点】IA：影响电阻大小的因素【分析】（1）灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定；（2）根据欧姆定律判断电流的变化。【解答】解：（1）断开S2，闭合S1，灯泡接在上面电源的两端，此时电源电压为6V，灯泡两端的电压也为6V；由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光；（2）闭合S2通电两分钟后灯泡正常发光，灯丝温度很高，断开S2后，电路的电流变为零，再迅速闭合S1，电流表示数快速增大，但此时灯丝的温度高，电阻大，电流小，之后随着温度的逐渐降低，灯丝电阻逐渐减小，电流逐渐变大，直到不变，这说明灯丝的温度越低，其电阻越小。故答案为：（1）灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压，造成灯泡的实际功率远远小于额定功率，所以灯泡不发光；（2）电流表示数从零快速增大后，示数又慢慢增大到某一电流值后稳定不变。【点评】本题考查了温度对电阻的影响以及决定灯泡的亮度的因素，是一道难题。22【考点】89：液体的压强的计算【分析】（1）图乙中，木块A和物体B整体悬浮，整体受到的浮力等于二者重力之和，根据F浮=gV排求出排开水的体积，整体浸没时排开液体的体积和AB的体积之和相等，据此求出物体B的体积，根据G=mg求出物体B的质量，利用=求出物体B的密度；（2）图甲中，木块A漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理求出木块A排开水的体积，根据V=Sh求出甲中木块A排开水的体积和水的体积之和，然后求出容器内水的体积，再根据V=Sh求出图乙中水的深度，利用p=gh求出图乙中水对容器底部的压强。【解答】解：（1）图乙中，木块A和物体B整体悬浮，则F浮AB=GA+GB=3N+6N=9N，由F浮=gV排可得，排开水的体积：V排AB=9104m3，因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，所以，物体B的体积：VB=V排ABVA=9104m3500106m3=4104m3，由G=mg可得，物体B的质量：mB=0.6kg，则物体B的密度：B=1.5103kg/m3；（2）图甲中，木块A漂浮，则F浮A=GA=3N，木块A排开水的体积：V排A=3104m3，则容器内水的体积：V水=Sh甲水V排A=100104m20.08m3104m3=5104m3，图乙中水的深度：h乙水=0.14m，图乙中水对容器底部的压强：p=水gh乙水=1.0103kg/m310N/kg0.14m=1.4103Pa。故答案为：1.5103；1.4103。【点评】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、重力公式、密度公式、液体压强公式的应用，正确的得出容器内水的体积是关键，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等。三、解答题（本题共7小题，共33分其中24、27题应写出必要的解题过程）23【考点】AH：平面镜成像的相关作图【分析】光的反射定律：光反射时，反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。平面镜所成的像和物体关于平面镜对称。根据光的反射定律和平面镜成像的特点作图。【解答】解：硬币A反射的光线经平面镜反射后，进入了人眼，人看到了硬币A在平面镜中的虚像；先作出点A关于平面镜的对称点A，然后连接A和小女孩的眼睛，连线与平面镜的交点为入射点，连接AO即为入射光线，O和小女孩眼睛的连线即为反射光线，并标出光的传播方向，如图所示：。【点评】根据光的反射定律和平面镜成像特点都可以完成平面镜成像作图，但是作图痕迹是不同的，依据是不同的，一定要明确题目要求。24【考点】7S：杠杆中最小力的问题【分析】找到重心，沿重力的方向画一带箭头的线段表示重力；力臂是支点到力的作用线的距离。杠杆上为使力最小，应使动力臂最长，在阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时、最省力，据此画出动力方向。【解答】解：重力作用点的重心B，从B点竖直向下画一带箭头的线段表示重力G；为使打开壶盖的力最小，根据杠杆平衡条件可知，动力臂要最长；壶盖上O点为支点，OA为最长的动力臂，过A点作垂直于OA斜向上的动力F；如图所示：。【点评】本题考查了作力的示意图与作力臂问题，掌握力的示意图与力臂的作法即可正确解题。根据阻力和阻力臂一定时，动力臂最长时最省力找出动力臂是本题的关键。25【考点】6H：力的示意图【分析】丹顶鹤正沿直线朝斜向上方向匀速飞翔，处于平衡状态；受重力和空气的作用力而平衡。【解答】解：丹顶鹤正沿直线朝斜向上方向匀速飞翔，处于平衡状态，则丹顶鹤的重力和空气对它的作用力是一对平衡力；因为重力方向始终竖直向下，故空气对它的作用力竖直向上，如图所示。【点评】本题关键是明确丹顶鹤的受力情况和运动情况，要结合运动情况分析受力情况，不能孤立地看受力情况。26【考点】GJ：燃料的热值；E6：能量利用效率；FF：功率的计算【分析】（1）已知燃油的质量，根据Q=mq求出放出的热量；（2）根据表中提供的数据，利用P=Fv可求得飞机发动机的输出功率是多少千瓦；（3）已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，求得机械能，求出飞机以600m/s的速度巡航时所受阻力，利用W=fs可求得飞机的最大航程。【解答】解：（1）10t燃油完全燃烧放出的热量：Q=mq=1104kg5107J/kg=51011J；（2）由表中数据可知，飞机以400m/s的速度巡航时，所受阻力为4.8104N，则飞机发动机的输出功率P=Fv=4.8104N400m/s=1.92107W=1.92104kW；（3）由（1）可知Q=51011J；已知飞机发动机燃油完全燃烧的能量转化为机械能的效率是40%，则有用功W=40%Q=40%51011J=21011J，速度600m/s时的阻力为f6=（）2f1=（）20.3104N=10.8104N；则由W=Fs=fs，可得s=1.85105m=1.85103km。答：（1）飞机发动机完全燃烧10t燃油获得的能量是51011J；（2）当飞机以400m/s的速度匀速巡航时，飞机发动机的输出功率是1.92104kW，（3）若在飞机油箱中加满燃油，并且以600m/s的速度巡航时，飞机的最大航程约是1.85103km。【点评】新一代战斗机是一项高科技的研究成果，它包含了众多与物理学相关的知识，我们应该学会通过分析材料找出里面所包含的物理信息，并解答相关的疑问。27【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机，凸透镜成像遵循物近像远像变大的规律。（2）根据凸透镜成像的原理：当物距大于2倍焦距，成倒立缩小的实像，以及其应用来解答此题。（3）因为这