2019年中考物理模拟试卷及答案解析10-16

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（共14道小题，共32分1-10为单选题，每小题2分，11-14为多选题，每小题2分，漏选得1分，多选、错选不得分）1（2.00分）下列估测最接近实际的是（）A你现在所在教室内的气温约为40B将一本九年级物理书从地面捡到课桌做功大概是2JC液晶电视机，1h内消耗的电能大约是1.2kWhD正在考试的一张物理试卷的厚度为5mm2（2.00分）下列说法正确的是（）A只要物体振动，我们就能听到声音B声音在真空中的传播速度为340m/sC声音的频率越高，响度越大D手拨动琴弦，发出悦耳的声音，发声的物体是琴弦3（2.00分）课本中想想做做的小实验纸锅烧水，把盛有水的纸锅放在火焰上烧，水烧开了纸锅仍不会燃烧，这是因为（）A纸的比热容大于水的比热容，所以纸锅不会燃烧B火焰的温度较低，低于纸的着火点C水烧开后温度保持不变且低于纸的着火点D纸不吸收热量，所以纸锅不会燃烧4（2.00分）如图所示，甲、乙、丙、丁是四幅实验图，下列说法正确的是（）A甲实验说明同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥B乙实验说明闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流C丙实验说明利用磁场可以产生电流D丁实验说明机械能可以转化为电能5（2.00分）下列关于光现象的说法正确的是（）A彩色电视机的色彩是用红、黄、蓝三种色光按不同比例混合得到的B根据紫外线能使荧光物质发光，可以制成紫外线夜视仪C发生漫反射时，每条光线的反射角都等于入射角D激光在真空中不能传播6（2.00分）如图所示，下面四幅图中所涉及的物理知识描述正确的是（）A甲图：通过增大受力面积来减小压力B乙图：利用了连通器原理C丙图：利用流体在流速大的地方压强大D丁图：可探究液体压强的大小与深度的关系7（2.00分）下列做法中，符合安全用电规范的是（）A控制灯泡的开关应接在火线上B在高压线附近的空地上放风筝C发现有人触电后，立即用手把触电人拉离电源D家用电器外壳不用接地8（2.00分）如图所示，用F=6N的水平向右的拉力匀速拉动物块A时，物块B静止不动，此时弹簧测力计的示数为4N，则物块B所受摩擦力的大小及方向为（）A6N，向左B6N，向右C4N，向右D4N，向左9（2.00分）带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣机，要求洗衣和烘干都能独立进行。图中的电路设计符合要求的是（）ABCD10（2.00分）如图所示，杯中盛有清水，一长方形木块漂浮于水面，其下用细线系住一实心铁球，那么（）A铁球处于悬浮状态，它受到的浮力等于铁球重力B木块所受到的浮力小于它排开水的重力C若剪断细线，木块上升过程中，下表面受到的压力减小D若剪断细线，铁球下沉过程中，铁球受到的浮力减小11（3.00分）2017年，中国自主研发出圆珠笔的“笔尖钢”，用“工匠精神”诠释了“中国创造”。如图所示的是同学们用按压式圆珠笔按压弹起的情景，下列分析恰当的是（）A笔杆的手握部分有粗糙的橡胶套，可以增大摩擦B笔在纸上写的字不易擦去，是因为分子不运动C笔弹起离开桌面继续上升是因为笔具有惯性D笔弹起离开桌面上升过程中内能转化为机械能12（3.00分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，S1，滑动变阻器滑片P由中点向右移动时，下列判断正确的是（）A电流表A1、A2示数变小B电流表A1示数与A2示数的差变小C电压表V示数变大D电压表V示数与电流表A2示数的比值变大13（3.00分）下列关于功和能的说法中正确的是（）A被拉开的弹弓具有弹性势能B用力推车而车未动，因为用了力所以推力做了功C人造地球卫星从近地点向远地点运动时，势能增大，动能减小D速度小的物体动能不一定小14（3.00分）如图所示的电路中，电源电压恒为4.5V，电压表的量程为03V，电流表的量程00.6A，滑动变阻器规格为“20 1.5A”，小灯泡上标有“2.5V 1.25W”字样（小灯泡电阻值随温度变化忽略不计）。则下面表达正确的是（）A电路中电流表的变化范围是0.18A0.6AB电路消耗的最大电功率是2.25WC电压表的变化范围是2V3VD滑动变阻器允许连入电路的阻值范围是410二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共24分）15（3.00分）蜂鸟是最小的鸟类，也是唯一能够在空中悬停和倒飞的鸟类。如图表示一只质量为3g的蜂鸟正悬停在静止的树枝旁吸食花蜜。此时，以 为参照物，蜂鸟是静止的；空气对蜂鸟的作用力的方向是 ，大小约为 N。16（3.00分）据英国（每日邮报根道，一名摄影师在巴西的“水雾瀑布”前拍摄了一名巴西男子走钢索的照片，恰逢身边彩虹环绕，恍如置身仙境（如图所示）。彩虹属于光的 现象，该现象说明太阳光是由多种色光组成，我们在电脑屏幕上看到的彩虹图片是由红、 、蓝三种色光混合而成。站在图中瀑布下，人们感觉瀑布声震耳欲聋。这里的“震耳欲聋”指的是声音的 （填写声音的特性）。17（4.00分）2017年4月26日，我国自行研制的首艘康空母舰出坞下水，标志着我国自主设计建造航母取得重大阶段性成果。专家推测首艘国产航母标准排水量是55000吨，满载排水量是67000吨，则该航母满载时受到的浮力为 N如图甲所示为某艘航母的一架舰载机正飞离航母的情景，则它起飞离开甲板的一瞬间，航母受到的浮力减小量 （选填“大于”、“等于”或“小于”）该舰载机的重力；图乙所示为航母上简化的蒸气弹射装置，能带动舰载机在两秒内达到起飞速度，牵引索绕过两个定滑轮与活塞相连，该装置工作时将蒸气的 能转化为舰载机的 。（g取10N/kg）18（3.00分）在中考体育考试中，小刚投出的实心球在空中的运动轨迹如图所示。若不考虑空气阻力，则实心球从离开手后到达最高点的过程中，球受 个力的作用，球的机械能 （选填“增大”、“减小”或“不变”），在最高点时，球的动能 （选填“大于”或“等于”）零。19（3.00分）甲、乙、丙三个通草球静止在如图所示的位置，已知甲球带正电，则乙带 电，丙球带负电或 ，实验室检验一个物体是否带电的装置叫 。20（2.00分）已知定值电阻R1：R2=2：3，若把它们并联在同一电路中，通电后，它们的电流之比I1：I2= ：若把它们串联在同一电路中，通电1分钟，R1、R2产生的热量之比Q1 ：Q2= 。21（3.00分）小明家电能表本月初的示数为，本月底的示数如图所示，小明家本月消耗的电能为 kwh，如果按0.5元/（kwh）的电价计费。本月应付电费 元，该电能表的参数表明，小明家能同时使用的用电器总功率不得超过 W。22（3.00分）电磁波在空气中的传播速度约为 m/s，当导线中通过电流时，放在旁边的小磁针发生偏转，说明电流周围存在 ；丹麦物理学家 （选填“法拉第”、“奥斯特”或“欧姆”）是第一个发现电与磁之间有联系的人。三、作图题（本题共三个小题，共8分）23（3.00分）如图所示，请画出由烛焰上S点发出的两条光线经过凸透镜后的折射光线，并画出发光点S的像点S（F是凸透镜的焦点，O是凸透镜的光心，光线SP平行于主光轴）。24（2.00分）如图所示，工人师傅想用最省力的方法把一个油桶推上台阶，此时油桶可相当于一个杠杆。请你在图中做出杠杆的支点O和最小动力F的示意图。25（3.00分）如图所示，处于光滑水平面的小车上放有一条形磁铁，左侧有一螺线管，当开关S闭合时，发现小车向右运动，请在图中标出电源的正负极和A点处磁感线的方向。四、简答题（本题共一个小题，共4分）26（4.00分）在我们生活中存在着好多和热学相关的现象。（1）冬天，小红在洗漱间的水盆中放热水，洗漱间中平面镜的镜面变“模糊”了，她在镜前看不到自己在镜中的像。请你用学过的知识解释镜面变“模糊”的原因。（2）炎炎烈日下，松花江边的沙子热得烫脚，而江水却很清凉。这是为什么？五、计算题（本题共两个小题，共18分）27（9.00分）工人用图示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力的功率为120W（g取10N/kg）求：（1）有用功；（2）滑轮组的机械效率；（3）若工人用此装置匀速提升其他货物，测得拉力大小为300N，额外功占总功的20%，工人提升货物的重。28（9.00分）如图所示，L是“12V 36W”的灯泡，R1是阻值为30的定值电阻，R2是最大阻值为20的滑动变阻器，电源电压和灯泡电阻均不变，求：（1）灯泡的阻值；（2）开关S、S1均闭合，滑片P移到最左端时，灯泡恰好正常发光，求此时通过R1的电流；（3）闭合开关S，断开开关S1，求在滑片P移到最右端，电路消耗的总功率及通电1min灯泡消耗的电能。六、实验、探究题（本题共5个小题，共34分）29（7.00分）如图甲所示是陈红探究水沸腾时温度变化特点的实验装置。（1）该实验器材装配的合理顺序是 （填序号）（烧杯；酒精灯；温度计；铁圈及石棉网）（2）记录的实验数据如下表，实验观察到第2分钟水开始沸腾。请在图乙中画出水的温度与时间的关系图象。实验次数12345678时间t/min00.511.522.533.5温度/9094979899999999由图象可知，水沸腾时温度不变；且此时水的沸点低于100，说明水面上方气压 （选填“大于”、“小于”或“等于”）1标准大气压。（3）当水沸腾时，水中产生大量的气泡，如图丙中，A、B所示，其中 图是在第3min的气泡的变化情况。（4）接着陈红继续实验，如图丁所示，先不接两用气筒，将三角烧瓶中的水加热到沸腾时，温度计的示数为100；此时，通过直角管用两用气筒向烧瓶内打气，见到的现象是：水将 沸腾（选填“停止”或“继续”）；温度计的示数 （选填“升高”或“不变”）。（5）如图戊所示，在盛水的烧杯内放入一装水的试管，用酒精灯对烧杯缓慢加热，当烧杯中的水沸腾后，继续加热。则试管中的水 （选填“会”或“不会”）沸腾。30（5.00分）小丽用金属螺母、海绵和木板探究压力的作用效果与哪些因素有关：（1）图A、B实验中，根据 来比较压力的作用效果。（2）比较图A、B实验，可初步得到的结论是 。（3）将该金属螺母放在图C所示的木板上，比较图A中海绵受到的压强pA和图C中木板受到的压强pC的大小关系为pA pC（选填“”“”或“=”）但是观察到的压力作用效果却不同，这是因为 。（4）在一些公共汽车上配备逃生锤，遇到紧急情况时，乘客可以用逃生锤打破玻璃逃生，为了更容易打破玻璃，逃生锤外形应选择图中的 31（6.00分）在探究“凸透镜成像的规律”实验中：（1）如图甲所示是小明通过实验得到的凸透镜的像距v和物距u关系的图象，由图象可知凸透镜的焦距是 cm。（2）把蜡烛放在距凸透镜16cm处时，如图乙所示，在凸透镜另一侧前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、 的实像（3）实验完成之后，小明把自己的近视眼镜放在蜡烛与凸透镜之间，如图丙所示，因为近视眼镜对光有 作用，所以光屏上原来清晰的像变得模糊了，若想在光屏上重新得到清晰的烛焰像，在不改变蜡烛和凸透镜位置的情况下，应将光屏 凸透镜（选填“靠近”或“远离”）。（4）某小组实验时对图乙中的装置进行了改进，将蜡烛换成LED灯、光屏换成带有方格的光屏。蜡烛换成LED灯的优点是 。光屏换成带有方格光屏的优点是 。32（7.00分）如图甲所示，在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，将小钢球从高度为h的同一斜面上由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下。完成甲、乙、丙所示的三次实验，其中h1=h3h2，mA=mBmC。（1）小钢球在滚下斜面的过程中，它的 能转化为动能，其动能大小是通过 （选填“高度h”或“距离s”）大小来反映的；（2）小钢球在水平面上不能立即停下，是因为小钢球具有 ，小木块最终会停下来是因为受到 力的作用；（3）分析比较甲和乙两组实验可得，物体质量相同时，速度越大，动能越 ；（4）分析比较 两组实验可得出物体的动能与质量的关系；（5）综合上述可知，如图乙所示的交通标志牌是交通管理部门对不同车型设定的最高 。参考答案与试题解析一、选择题（共14道小题，共32分1-10为单选题，每小题2分，11-14为多选题，每小题2分，漏选得1分，多选、错选不得分）1【考点】13：温度；63：长度的估测；EC：功的计算；J3：电功的计算【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项。【解答】解：A、人体正常体温在37左右，正常情况下，教室中气温不可能高于体温。故A不符合实际；B、九年级物理书重约2.5N，课桌高度在0.8m左右，将一本九年级物理书从地面捡到课桌做功大概是W=Gh=2.5N0.8m=2J故B符合实际；C、液晶电视机的额定功率在150W=0.15kW左右，工作1h消耗的电能大约是W=Pt=0.15kW1h=0.15kWh故C不符合实际；D、人的头发的直径在75m左右，试卷纸的厚度与此差不多，在100m=0.1mm左右。故D不符合实际。故选：B。【点评】对物体长度、质量、温度等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、体温、气温等等，多观察多思考，必要时做出正确判断。2【考点】91：声音的产生；93：声速；99：人耳感知声音的过程及听到声音的条件；9D：频率及音调的关系【分析】（1）声音是发声体振动产生的，一切振动的物体都在发声，但物体振动我们不一定都能听到声音；（2）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以成为传声的介质，不同介质传播声音的速度不同。真空不能传播声音；（3）声音有三个特性，即音调、响度、音色。音调是指声音的高低，其与物体振动的频率有关；响度是指声音的大小，与振幅及据声源的距离有关。【解答】解：A、人耳的听觉范围是2020000Hz，超出这一频率范围的声音人耳是听不到的，故有时物体振动我们听不到声音，故A错误；B、声音不能在真空中传播。故B错误；C、响度是指声音的大小，其影响因素是振幅和距声源的距离。故C错误；D、手拨动琴弦，引起琴弦振动，所以此时发声的物体是琴弦。故D正确。故选：D。【点评】本题考查了声音的产生、传播条件以及声音的特性等，是一道基础题，难度不大。3【考点】1J：沸点及沸点与气压的关系【分析】水沸腾时的特点：吸收热量，温度不变；纸条燃烧的条件：达到纸的着火点。【解答】解：在一标准大气压下，水的沸点是100，当水的温度达到100时，吸热温度保持100不变，没有达到纸的着火点，因此，在纸盒里面装上水放在酒精灯火焰上烧，水烧开了，而“锅”不会损坏。故选：C。【点评】本题考查了沸腾的特点，要注意液体沸腾时要不断从外界吸热，而温度不变。4【考点】C4：磁极间的相互作用；C9：通电直导线周围的磁场；CJ：磁场对通电导线的作用；CP：电磁感应【分析】由实验的装置及实验现象可知实验的原理及意义。【解答】解：A、两磁铁悬挂起来，当同名磁极相对时，相互排斥；当异名磁极相对时，相互吸引，故A不正确；B、导线与灵敏电流计相连，闭合电路时，当导体在磁场中做切割磁感线的运动时，灵敏电流计发生偏转，说明了电磁感应现象，故B正确；C、导线内通以电流后，放在其周围的小磁针会发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故C不正确；D、导体棒与电源相连，当通以电流时由于受磁场力的作用，导体棒会发生运动，故说明通电导体在磁场中受磁场力的作用，是电能转化为机械能，故D不正确。故选：B。【点评】学习磁现象一章要掌握常见实验原理图，认识实验装置图，知道说明的原理和生活中的应用。5【考点】A4：光的传播速度与光年；AA：漫反射；AQ：色光的三原色和颜料的三原色；AU：紫外线【分析】（1）光的三原色是红、绿、蓝；（2）紫外线可使荧光物质发光，据此制成了验钞机；夜视仪利用了红外线的热效应；（3）发生漫反射时，每条光线都遵守光的反射定律；（4）光的传播不需要介质。【解答】解：A、彩色电视机的色彩是用红、绿、蓝三种色光按不同的比例混合得到的，不是红、黄、蓝，故A错误；B、根据紫外线能使荧光物质发光可以制成验钞机，根据红外线的热效应，可以制成红外线夜视仪，故B错误；C、发生漫反射时，每条光线都遵守光的反射定律，所以每条光线的反射角都等于入射角，故C正确；D、光的传播不需要介质，激光能在真空中传播，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了红外线与紫外线的应用、镜面反射的特点、光的传播、光的三原色与颜料三基色的区分等，属光学综合题，总体难度不大。6【考点】85：减小压强的方法及其应用；88：液体的压强的特点；8B：连通器原理；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）压强与压力和受力面积有关，减小压强的方法：减小压力或减小受力面积；（2）随着自动喂水的装置内水的减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使水位重新升高，瓶口继续没入水中，空气不再进入；（3）气体的压强与流速有关，流速越大的位置气体产生的压强越小；（4）液体压强随深度的增加而增大。【解答】解：A、人躺在吊床上，是通过增大受力面积来减小压强，所以人感到舒服；故A错误；B、当瓶口在水面以下时，瓶子内的水和空气的压强之和等于外界的大气压强，水不流出；当瓶口露出水面时，空气进入瓶内，瓶内空气和水的压强之和大于外界的大气压强，水流出，直到封住瓶口为止，利用的是大气压，不是连通器原理，故B错误；C、往吸管中吹气时，A管上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升。故C错误；D、液体内部向各个方向都有压强，带橡皮膜的玻璃管竖直插入水中，橡皮膜会向上凸；由于液体压强随深度的增加而增大，所以玻璃管插入水中越深，橡皮膜向上的凸起程度越大，可探究液体压强的大小与深度的关系，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对大气压的应用、增大或减小压强的方法流体压强与流速的关系以及液体压强的特点等知识点，本题还体现了生活中的很多现象都离不开物理知识。7【考点】IV：安全用电原则【分析】（1）开关应该接在灯泡和火线之间；（2）安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体；（3）一旦有人触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；（4）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。【解答】解：A、接灯时，火线首先接入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入灯泡的螺旋套。如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故。所以开关要接在灯泡和火线之间，断开开关，切断火线，触及灯泡时更安全。故A正确；B、因为高压线上是高压，在下面放风筝时可能会发生高压电弧触电或跨步电压触电。故B不正确；C、发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源。故C不正确；D、将家用电器的金属外壳接地，当用电器漏电时，电流就通过地线，流入大地，防止触电事故的发生。故D不正确。故选：A。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了。8【考点】7D：摩擦力的大小【分析】要解决此题，需要判断出物体B所受摩擦力方向，并且要知道其在水平方向上受的力：弹簧测立计的拉力和A对其向右的摩擦力。要掌握二力平衡条件及应用。作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。【解答】解：以B为研究对象，B在水平方向受弹簧测力计对其向左的拉力和物体A对其向右的摩擦力作用。因为B静止，所以这两个力平衡大小相等。所以所受摩擦力为4N，方向向右。故选：C。【点评】此题主要考查了二力平衡条件的应用。因为A受向右6N的拉力，所以其此题很容易忽略A与地面间的摩擦而错选B。9【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】由要求洗衣和烘干均能独立进行可知，加热器和电动机可以独立工作、互不影响即为并联，据此进行解答。【解答】解：A由电路图可知，开关S1闭合时电动机工作，再闭合S2时电动机和加热器并联同时工作，加热器不能独立工作，故A不符合题意。B由电路图可知，开关S1闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合S2时电动机工作，加热器不能独立工作，故B不符合题意；C由电路图可知，只闭合S1时电动机工作，只闭合S2时加热器工作，电动机和加热器均能独立进行工作，故C符合题意；D由电路图可知，开关S1闭合时电动机和加热器串联同时工作，再闭合S2时加热器被短路，故D不符合题意。故选：C。【点评】本题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案。10【考点】8O：阿基米德原理【分析】（1）此题中，应先将木块与铁球看成一个整体，它们处于漂浮状态，再分别对木块和铁块进行受力分析，就可以知道它们各自的重力与单独受到的浮力的关系了。（2）根据阿基米德原理判断浮力和排开液体重力的关系；（3）根据公式p=gh和F=pS判定压力的大小变化。（4）液面最终的变化取决于整个物体排水体积的变化情况。物体漂浮时，所受浮力与重力相等，可根据细线剪断前和剪断后浮力的大小变化；【解答】解：A、将木块和铁球作为一个整体，二者漂浮在水中，所受浮力与重力相等，但铁球不是悬浮状态是，受到竖直向下的重力、竖直向上的浮，竖直向上的拉力，故铁球受到的浮力不等于铁球重力，故A错误；B、根据阿基米德原理知：浸在水中生物物体受到的浮力等于它排开液体的重力，故木块所受到的浮力等于它排开水的重力，故B错误；C、若剪断细线，木块上升过程中，深度减小，根据p=gh可知，压强减小，根据F=pS可知，压力会减小，故C正确。D、若细线断，铁球下沉过程，铁球排开液体的体积不变，受到的浮力不变，故D错误。故选：C。【点评】在此题的分析过程中，要根据题目中要求的变化，来确定是将木块和铁球看成一个整体，还是要单独分析其中的一个，只有明确了这一点，再运用相关的原理与知识才能准确做出判断。11【考点】6L：惯性；7I：增大或减小摩擦的方法；FU：动能和势能的转化与守恒；GH：分子间的作用力【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。据此分析判断；（2）分子永不停息地做无规则运动；（3）惯性是物体本身具有的一种保持原来运动状态不变的性质；（4）机械能等于动能和势能之和，不计阻力，机械能守恒。【解答】解：A、笔杆的手握部分有粗糙的橡胶套，增大了接触面的粗糙程度，可以增大摩擦，故A正确；B、笔在纸上写的字不易擦去，是因为墨水发生了扩散现象（分子在做无规则运动），墨水进入了纸中，故B错误；C、笔弹起离开桌面继续上升是因为笔本身具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故C正确；D、笔弹起离开桌面上升过程中，笔的速度减小、动能减小，高度增加、重力势能增大，即动能转化为重力势能，故D错误。故选：AC。【点评】本题主要考查摩擦、惯性、分子运动、机械能的相互转化，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。12【考点】IZ：电路的动态分析【分析】闭合开关S，S1，该电路为并联电路，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流，电压表测量电源电压；根据滑动变阻器滑片移动的方向判定电阻的变化，然后根据欧姆定律和并联电路电流的特点分析电流的变化。【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过滑动变阻器的电流，电压表测量电源电压，电压表示数保持不变，故C错误；闭合开关S，S1，滑动变阻器滑片P由中点向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A2示数减小；电流表A1示数与A2示数的差为通过R的电流，R两端的电压不变，通过的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流会减小，即电流表A1示数减小；故A正确，B错误；电压表V示数与电流表A2示数的比值为滑动变阻器的电阻，电阻变大，阻值变大，故D正确。故选：AD。【点评】正确判断出这是一个并联电路，并明确电流表和电压表的测量范围，再根据欧姆定律进行判断，是解答此题的关键。13【考点】EA：力是否做功的判断；FK：动能和势能的概念；FN：动能和势能的大小变化【分析】（1）物体由于发生弹性形变而具有的能称为弹性势能；（2）做功的条件是：有力，且沿力的方向有一段距离；（3）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。【解答】解：A、被拉开的弹弓发生了弹性形变，所以具有弹性势能，故A正确；B、用力推车而车未动，虽然有力，但沿力的方向没有距离，所以没有做功。故B错误；C、人造地球卫星由近地点向远地点运动时，质量不变，高度增大，重力势能增大；速度变小，动能变小。故C错误；D、影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大，故只知道速度，不能确定动能的大小。故D正确。故选：ACD。【点评】此题考查了具有弹性势能的条件、做功的条件、动能、势能的转化等知识点，是一道综合题，但难度不大。14【考点】IZ：电路的动态分析【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，利用U=IR求出电压表示数的最小值；根据P=UI求出该电路的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表示数的最大；电路中的电流最小，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出灯泡的最小功率。【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据P=UI可得，灯泡的额定电流：IL额=0.5A，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，所以，电路中的最大电流为I最大=IL额=0.5A，由I=可得，灯泡的电阻：RL=5，电路中的最小总电阻：R总小=9，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R总小RL=95=4；电压表的最小示数为：U滑最小=I最大R滑最小=0.5A4=2V；该电路的最大功率：Pmax=UImax=4.5V0.5A=2.25W，故B正确；（2）由于电压表的量程为03V，所以由串联分压规律可知，当电压表示数最大为3V时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以灯泡两端的最小电压为：UL最小=UU滑最大=4.5V3V=1.5V；则电路中最小的电流：Imin=0.3A，由I=可得，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R滑最大=1020；所以，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围是410；故D正确。则电流表示数的变化范围是0.3A0.5A，故A错误；电压表的变化范围是2V3V，故C正确。故选：BCD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据电压表的量程和变阻器的最大值确定电路中的最小电流。二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共24分）15【考点】52：参照物及其选择；6T：二力平衡条件的应用【分析】如果物体位置相对于参照物位置不变，则物体是静止的；如果物体位置相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的；蜂鸟受到的空气作用力和重力是一对平衡力；【解答】解：以树枝为参照物，蜂鸟相对于树枝的位置没有发生变化，则蜂鸟是静止的；蜂鸟悬停在空中，蜂鸟受到的空气作用力和重力是一对平衡力，重力方向竖直向下，所以空气对蜂鸟作用力方向竖直向上，大小为F=G=mg=0.003kg10N/kg=0.03N。故答案为：树枝；竖直向上；0.03。【点评】本题考查参照物的选择及力的方向和重力的计算，是一道基础题。16【考点】9I：音调、响度与音色的区分；AP：光的色散；AQ：色光的三原色和颜料的三原色【分析】根据我们对色光三原色的认识、彩虹是光的色散现象来作答；响度大小与振幅有关。【解答】解：天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象；用放大镜观察电脑屏幕，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的。“震耳欲聋”指的是声音的振幅大，响度高。故答案为：色散；绿；响度。【点评】此题是对响度、色光三原色和彩虹形成的原理的灵活考查，同时也考查了我们的观察能力。是一道基础题。17【考点】8P：浮力大小的计算；GT：蒸气机,内燃机,汽轮机,喷气发动机的原理【分析】（1）航空母舰的排水量是指满载时排开水的质量，根据阿基米德原理求航空母舰满载时受到的浮力；（2）航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，受到的浮力减小，（3）水受热以后温度上升会产生大量的水蒸气，水蒸气会推动蒸汽轮机转动，将内能转化为机械能，【解答】解：（1）该航母满载排水量是67000吨，则该航母满载时受到的浮力：F浮=G排=m排g=67000103kg10N/kg=6.7108N；（2）舰载机飞离后，航母仍漂浮，则F浮=G，但自重G减小，航母所受浮力减小，所以浮力减小量等于该舰载机的重力；（3）水受热以后温度上升，会产生大量的水蒸气，水蒸气会推动活塞向右运动，从而通过两个定滑轮拉动舰载机向左运动，即将蒸气的内能转化为舰载机的机械能。故答案为：6.7108；等于；内；机械能。【点评】本题考查了学生对能的转化、阿基米德原理的了解和掌握，知道航母满载时排水量就是排开水的质量是本题的关键。18【考点】FN：动能和势能的大小变化【分析】地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用；不考虑能量损失，动能和势能转化过程中，机械能总量守恒；球到达最高点时，仍有向前运动的速度。【解答】解：不考虑空气阻力，实心球离开手后，手的作用力消失，实心球靠惯性向前飞行，此过程中只受到竖直向下的重力；离开手后的实心球斜向上方运动过程中动能转化为重力势能；从最高点向下运动的过程中重力势能转化为动能。如果不考虑空气阻力，球的机械能总量保持不变；球在最高点时，仍有向前的速度，所以动能大于零。故答案为：一；不变；大于。【点评】此题考查了重力的存在、机械能的转化和守恒，其中最后一空容易出错。19【考点】H9：物体带电情况的判断；HA：验电器的原理及使用【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体。（2）实验室用验电器来检验物体是否带电。【解答】解：（1）甲、乙相互排斥，说明甲、乙一定带同种电荷，甲带正电，则乙一定也带正电；丙、乙相互吸引，说明丙带负电或不带电。（2）实验室中检验一个物体是否带电的装置叫验电器。故答案为：正；不带电；验电器。【点评】该题考查了电荷间的相互作用，以及带电体可以吸引不带电的轻小物体。同时还要了解验电器的原理与作用。20【考点】IH：欧姆定律的应用；JI：焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）两电阻并联时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过的电流之比；（2）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据Q=I2Rt求出通电1分钟R1、R2产生的热量之比。【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻并联时通过的电流之比：=；（2）因串联电路中各处的电流相等，所以，通电1分钟R1、R2产生的热量之比：=。故答案为：3：2； 2：3。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和并联电路的电压特点以及欧姆定律、焦耳定律的应用，是一道较为简单的应用题。21【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kWh。（2）已知每度电的价格和本月消耗的电能可求出本月应交电费。（3）明确电能表每一个参数的含义，知道电能表的额定电压和额定电流，可利用公式P=UI计算出最大的电功率。【解答】解：消耗电能为：W=W1W2=951.6kWh821.6kWh=130kWh。电费的单价为：0.5元/（kWh），应交电费为：130kWh0.5元/（kWh）=65元。已知U=220V，I=10A，使用的用电器总功率不得超过；P=UI=220V10A=2200W。故答案为：130；65；2200。【点评】本题考查家庭消耗电能的计算，以及电功率的计算，关键是能正确理解电能表各个参数的物理意义，会计算一个月消耗的电能和应交电费。22【考点】C9：通电直导线周围的磁场；D2：电磁波的传播【分析】电磁波在空气中的传播速度为3.0108m/s；奥斯特发现了电生磁，揭示了电与磁的联系。【解答】解：电磁波在空气中的传播速度为3.0108m/s；奥斯特在1820年发现了通电导线周围存在着磁场。故答案为：3.0108；磁场；奥斯特。【点评】本题考查了物理学常识：奥斯特首先通过实验发现了电流周围空间存在磁场，法拉第发现了电磁感应现象，电磁感应现象是制成发电机的原理。三、作图题（本题共三个小题，共8分）23【考点】B6：透镜的光路图【分析】（1）在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点作出反射光线，反向延长两条折射光线，即可得到发光点S的像点S；（2）根据“折射光线的反向延长线过像点”画出下面一条光线的折射光线。【解答】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，由此画出对应的折射光线，这两条折射光线的反向延长线的交点即为发光点S的像点S；最下面一条光线不属于特殊光线，根据“折射光线的反向延长线过像点”画出其折射光线，如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。24【考点】7S：杠杆中最小力的问题【分析】由杠杆的平衡条件可知：当阻力、阻力臂一定时，动力臂越大，则动力越小；因此解答此题，只需找出使动力臂最大的动力作用点，然后作动力臂的垂线即可。【解答】解：由杠杆的平衡条件可知，在阻力乘阻力臂不变时，动力臂越长所用的动力越小；如图，支点为O，过支点O做直径OA，过A做OA的垂线，可得动力的作用线，按这个方向用力，动力臂最长，最省力，如图所示：【点评】在处理此类杠杆中最小力的问题时，可按以下步骤进行：确定支点和动力作用点；过动力作用点做出与动力臂垂直的直线，即动力作用线。25【考点】C7：磁感线及其特点；CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】知道的条形磁铁磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而判断电源的正负极；磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出来，回到S极。【解答】解：从图可知，条形磁铁的右端是S极，左端为N极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管的右端是N极，左端是S极；根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极；在磁体的外部，磁感线都是从磁体的N极出来回到S极，所以磁感线方向都向右。如图所示：【点评】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个，其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。四、简答题（本题共一个小题，共4分）26【考点】1M：液化及液化现象；GF：比热容解释简单的自然现象【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）比热容反映了物质在吸热方面的差异。【解答】答：（1）镜面变“模糊”的原因是水蒸气遇到温度低的镜面时，在其表面发生液化现象，形成细小的小水珠，附着在平面镜的表面。（2）松花江边的沙子热得烫脚，而江水却很清凉。是因为水的比热容大于砂石的比热容，质量相同的水和砂石，吸收热量相同，水升高的温度比砂石小得多。所以砂石热得烫脚，水还是清凉的。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外深入理解比热容概念；可解答此题。五、计算题（本题共两个小题，共18分）27【考点】EH：有用功和额外功；F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）知道物体的质量，根据G=mg计算出重力，再根据W有用=Gh计算出有用功；（2）利用W总=Pt求出总功，根据=计算机械效率；（3）根据机械效率（80%），拉力F和=，解得工人提升货物的重。【解答】解：（1）货物的重力：G=mg=45kg10N/kg=450N；有用功：W有用=Gh=450N2m=900J；（2）拉力做的总功：W总=Pt=120W10s=1200J；滑轮组的机械效率：=100%=100%=75%；（3）由图可知n=3，已知额外功占总功的20%，则此时的机械效率=120%=80%；此时的机械效率：=，所以提升物体的重力：G=nF=80%3300N=720N。答：（1）有用功为900J；（2）滑轮组的机械效率为75%；（3）工人提升货物的重为720N。【点评】本题考查做功、功率、机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是根据W总=Pt求出总功。28【考点】IH：欧姆定律的应用；J3：电功的计算；JA：电功率的计算【分析】（1）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据R=求出小灯泡的阻值；（2）当开关S、S1均闭合，滑片P移到最左端时，此时R1与L并联，根据灯泡正常发光可知电源的电压，根据欧姆定律可知通过通过R1的电流；（3）闭合开关S，断开开关S1，滑片P移到最右端，此时灯泡与滑动变阻器串联，先根据欧姆定律求出电路电流，然后根据P=UI求出电路消耗的总功率，再根据P=I2R求出通电1min灯泡消耗的电能。【解答】解：（1）由P=可得，灯泡的阻值：RL=4；（2）当开关S、S1均闭合，滑片P移到最左端时，此时R1与L并联；因为灯泡恰好正常发光，所以电源电压为12V，则通过R1的电流：I1=0.4A；（3）闭合开关S，断开开关S1，滑片P移到最右端，此时灯泡与滑动变阻器串联；此时电路中的电流：I=0.5A；电路消耗的总功率：P=UI=12V0.5A=6W；通电1min灯泡消耗的电能：W=I2RLt=（0.5A）2460s=60J。答：（1）灯泡的阻值为4；（2）通过R1的电流为0.4A；（3）闭合开关S，断开开关S1，求在滑片P移到最右端，电路消耗的总功率为6W；通电1min灯泡消耗的电能为60J。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功公电功率式的灵活应用，关键是明确开关处于不同状态时电路的连接方式。六、实验、探究题（本题共5个小题，共34分）29【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；（2）将表格中的数据描点连线即可得出水的温度与时间的关系图象；一个标准大气压下水的沸点是100，并且水的沸点随气压的增大而升高；（3）沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失；沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；（4）液体的沸点与大气压有关，气压越小沸点越低；气压越大，沸点越高。（5）试管中的水不会沸腾，因