2019年中考物理模拟试卷及答案解析12-18

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）1（3.00分）以下是小明估计的常见温度值，其中合理的是（）A中考考场的室温约为50B冰箱保鲜室中矿泉水的温度约为5C洗澡时淋浴水温约为70D健康成年人的腋下体温约为372（3.00分）下列措施中，不属于在声源处减弱噪声污染的是（）A在摩托车的排气管上安装消声装置B在城市道路旁安装隔声板C考场周围禁止大声喧哗D中考期间，考点周围禁止施工3（3.00分）“歼20”是我国新研制的重型隐形战机，它的“隐身”原理主要是机身对雷达发射出的某种波具有良好的吸收作用。这种波是（）A水波B超声波C电磁波D次声波4（3.00分）某大学两位研究生从蚂蚁身上得到启示，设计出如图所示的“都市蚂蚁”概念车。这款概念车小巧实用，有利于缓解城市交通拥堵。下列关于正在城市中心马路上行驶的此车说法正确的是（）A以路面为参照物，车是静止的B以路旁的树木为参照物，车是静止的C以路旁的房屋为参照物，车是运动的D以车内的驾驶员为参照物，车是运动的5（3.00分）我国的古诗词文化有几千年的灿烂历史，很多名句蕴含着丰富的物理知识，下列诗句从物理学的角度解释错误的是（）A“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”句中“浓阴”是光的直线传播形成的B“大漠孤烟直，长河落日圆”，诗人看到的“落日”是光线经过大气发生折射而成的像C“池水映明月，潭清疑水浅”句中“水浅”是由于光的反射造成的D“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还”句中的“彩云”是由于光的色散形成的6（3.00分）关于能源、能量，下列说法正确的是（）A可再生能源是未来理想能源的一个重要发展方向B核能的利用会造成放射性污染，所以应该关闭核电站C能量是守恒的，不会发生能源危机D化石能源、水能、核能，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源7（3.00分）如图所示工具中，使用时不能省力但能省距离的是（）A动滑轮B订书机C羊角锤D镊子8（3.00分）甲、乙、丙、丁是四个体积、形状相同而材料不同的球，把它们投入水中静止后的情况如图所示。它们中所受浮力最小的是（）A甲B乙C丙D丁9（3.00分）我们每一位同学家中所使用的电冰箱、洗衣机、电风扇等用电器都装配有电动机。电动机是根据下列哪种现象制成的（）A通电导体在磁场中受到力的作用B电流周围存在磁场C磁场对放人其中的磁体产生磁力的作用D电磁感应现象10（3.00分）课外活动时，小明和小华均在操场上沿直线跑道跑步训练。在某次训练中，他们通过的路程和时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（）A两人都做匀速直线运动B两人都不是做匀速直线运动C前2s内，小华跑较快D全程中，小华的平均速度大于小明的平均速度11（3.00分）如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根相同的细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端施加大小分别为F1和F2的拉力，将相同的重物缓慢提升相同的高度（不计绳重和一切摩擦）下列说法正确的是（）A拉力F1小于拉力F2B甲、乙两滑轮组的机械效率相同C甲、乙两滑轮组中的动滑轮都是费力机械D甲、乙两滑轮组中绳子自由端移动的距离相等12（3.00分）标有“2V 1W”字样的小灯泡和标有“20 1A”字样的滑动变阻器，连接在如图所示的电路中。已知电源电压为6V，电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“03V”。闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表、电压表示数的变化范围是（）A0.25A0.5A 1V2VB0.25A0.6A 1V2VC0.3A0.5A 1V1.5VD0.25A0.5A 1.5V2V二、填空题（每空1分，共16分不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）13（2.00分）夏天要下雨时家里的水缸会有“出汗”现象，这种现象属于 （填物态变化的名称）。俗话说“下雪不冷化雪冷”，原因是冰雪熔化要 热量（选填“吸收”或“放出”）。14（2.00分）科学研究表明，物质是由大量分子组成的，组成物质的分子相互之间存在作用力，分子都在永不停息地做 运动。丹麦物理学家 首先发现通电导体周围存在着磁场。15（2.00分）清晨，一觉醒来，听到窗外各种鸟儿欢快的鸣叫，有经验的人能够从这些声音中分辨出雄鸡、喜鹊、画眉的叫声，这是根据声音的 进行辨别的；雄鸡的叫声能够传得比较远，这是它声音的 比较大的缘故。16（2.00分）火车站的站台上标有安全警戒线，乘客在站台上候车时要站在警戒线外，这主要涉及的物理知识是流体流速大的位置压强 ；我们生活在大气的海洋中，第一次测出了大气压强的大小的实验是 实验。17（2.00分）桌上放一个装满水的瓶子，中间有一个气泡，如图所示，用手推一下瓶子，气泡将 ，如果使瓶子在桌面上匀速运动时，气泡将 。（填“向前、向后或不变）18（2.00分）用毛皮摩擦过的橡胶棒去靠近细线悬挂的轻质小球，发现小球被排斥，则小球带 电。该小球之所以带这种性质的电荷，是因为它 了电子（填“得到”或“失去”）。19（2.00分）图中，两个物体的重力均为200N图a中，不计绳和动滑轮的重力及摩擦，则匀速提起重物时拉力F1= N；图b中，大小活塞的面积之比是5：1，不计摩擦及活塞的重力，则匀速举起重物时压力F2= N。20（2.00分）一件200kg的冰雕作品熔化成水后其质量为 kg，体积是 m3（水的密度为1.0103kg/m3）三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分请将答案写在答题卡上）21（2.00分）根据凸透镜对光线的作用完成图中的光路。22（2.00分）图中，物体漂浮在水面上，请作出物体受到的重力G和浮力F的示意图。23（5.00分）小明和小亮做“探究平面镜成像特点”的实验（如图甲）。（1）小明实验时用透明玻璃板代替平面镜是为了 。（2）小明点燃蜡烛A，移动镜后完全相同的蜡烛B，使它与像完全重合，确定了像的位置。小明透过玻璃板看到镜后的蜡烛B是光的 （选填：“反射”、“折射）”而形成的 。选填（“实像”或“虚像”）。（3）实验后小亮用凸透镜替换了玻璃板（如图乙），在白纸上没看到烛焰的像，他把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，白纸上出现了明亮清晰的像，这个像应该是 、 的 。（选填“倒立”或“正立”，“放大”或“缩小”，“实像”或“虚像”）。24（7.00分）“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置如图所示，艾力同学让同一钢球A分别从不同的高度由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离s回答下列问题：（1）艾力同学在研究动能大小跟 的关系，实验中他控制了钢球的 不变；（2）钢球沿斜面滚下过程中，重力势能 动能 （均选填“增大”、“减小”或“不变”）；（3）观察木块被撞击后移动距离的长短，是为了判断 ；若水平面绝对光滑，本实验将 （选填“能”或“不能”）达到探究目的。25（8.00分）在测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率（正常发光时电阻约为8）的实验中，电源为两节新干电池。（1）连接电路时，开关应 。请用笔画线将图乙电路连接完整，要求滑片P向左滑动时，接入电阻变小。（2）电路连接后，闭合开关，移动滑片（未达到最小阻值），发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障可能是 。在实验中，小明把电流表与电压表的位置互换，闭合开关会后造成小灯泡 （选填“被烧坏”或“不亮”）。（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为 V，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡额定功率是 W。（4）若在实验中电流表坏了，为了测量小灯泡的额定功率，小明打算只选用一个R0=5的电阻，断开开关后接入原来电路，其他不改变，并设计了如图丁的电路及以下实验方案：调节滑片使电压表的示数为额定电压；保持滑片位置不变，将电压表的a点接线改接到c点，测出R0两端的电压U0通过计算得到小灯泡的额定功率。指出他的设计方案中存在的两个问题：问题一： 。问题二： 。四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请将必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明写在答题卡上，只写答案的不得分）26（6.00分）湖南运动员龙清泉在里约奥运会上，以抓举137kg、挺举170kg，总成绩307kg夺得男子56公斤级举重金牌。如图所示是龙清泉在抓举比赛时的英姿。已知：龙清泉的质量是56kg，脚与地面接触的总面积是0.04m2（g取10N/kg）求：（1）在抓举比赛中，龙清泉将134kg的杠铃成功举起，这时他对地面的压强。（2）龙清泉将134kg的杠铃成功举起2m的高度，他在挺举过程中对杠铃所做的功。27（8.00分）如图所示的电路中，定值电阻R1=150、R2=300闭合开关S后，电流表A2的示数为5mA求：（1）电阻R1两端的电压为多少（2）电流表A1的示数为多少（3）电路工作5min钟，R1产生多少焦耳的热量？（4）R2的功率为多大？28（10.00分）如图所示是某具有保温功能的电热水壶电路原理图，一个大气压下，额定电压为220V，当S1和S2同时闭合时，电热水壶处于加热状态；当S1闭合，S2断开时，R1，R2同时工作，电热水壶处于保温状态；电热丝R1=40，R2=1170，工作过程中不计温度对电热丝电阻的影响，电热水壶加热效率为80%若某次该电热水壶将0.5kg的水从20加热至沸腾所用时间为210s，求：（1）S2断开时，该电热水壶的额定保温功率是多少？（2）若在将0.5kg的水加热至沸腾过程中，水吸收了多少热量？水的比热容c=4.2103J/（kg）（3）这过程中电热水壶消耗的电能是多少？实际工作电压是多少？参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，只有一个是正确的每小题选对的得3分，不选、多选或错选的均得0分）1【考点】13：温度【分析】此题考查我们对常见物体或环境温度的认识，结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项。【解答】解：A、人体感觉舒适的温度在23左右，考场内的气温感觉舒适，在23左右。不符合实际；B、水的凝固点在0左右，冰箱内保鲜室中矿泉水的温度应该高于0，在4左右。不符合实际；C、人的体温在37左右，洗澡水的温度应该略高于体温，不可能达到70不符合实际；D、正常情况下，人的体温在37左右，变化幅度很小。符合实际。故选：D。【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、温度等进行准确的估测，是要求初中学生掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。2【考点】9L：防治噪声的途径【分析】减弱噪声有三种：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱。分析四个选择项中减弱噪声的办法，然后与题目中的要求对应即可解决此题。【解答】解：A、在摩托车的排气管上安装消声装置，这是在声源处减弱噪声，不符合题意。B、在城市道路旁安装隔声板，这是在传播过程中减弱噪声，符合题意；C、考场周围禁止大声喧哗，这是在声源处减弱噪声，不符合题意；D、中考期间，考点周围禁止施工，这是在声源处减弱噪声，不符合题意。故选：B。【点评】本题是考查减弱噪声的三个途径在生活中的具体运用。解决此类实际问题，要结合防治噪声的方法进行分析处理。3【考点】D2：电磁波的传播【分析】“隐形战机”的隐形功能，主要是将雷达发射的电磁波吸收，电磁波不能反射回雷达，就避开了雷达的探测。【解答】解：“隐形战机”可以有效避开雷达的探测，主要是它表面有一种特殊材料，能够增强对电磁波的吸收，减弱电磁波反射回雷达，从而有效避开敌方的侦测。故选：C。【点评】解决本题还要知道被人们称为电子眼的雷达是利用无线电波的反射来探测物体位置的。4【考点】52：参照物及其选择【分析】物体的运动和静止都是相对于参照物而言的，相对于参照物位置变化的物体是运动的，位置不变的物体是静止的。【解答】解：在城市中心马路上行驶的“都市蚂蚁”概念车相对于路面、路旁的树木、路旁的房屋的位置不断发生变化，所以以路面、路旁的树木、路旁的房屋为参照物，“都市蚂蚁”概念车是运动的，相对于车内的驾驶员的位置没有发生变化，所以以车内的驾驶员为参照物，车是静止的，故C正确。故选：C。【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物，所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性。5【考点】A2：光在均匀介质中直线传播；A6：光的反射；AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天空中的彩虹等都是光的折射形成的。【解答】解：A、“绿树阴浓夏日长，楼台倒影入池塘”中“浓阴”是树木的影子，由于光的直线传播，光射到不透明物体上，在不透明物体后面形成影子，故A正确；B、“大漠孤烟直，长河落日圆”中，“落日”是由于大气分布不均匀，下部空气密度大，上部空气密度小，落日发出的光在不均匀的空气中传播时发生折射，折射光线不断向下偏折，我们逆着折射光线看去所看到的落日位置比实际位置高，我们看到的“落日”是由于光的折射而形成的太阳的虚像，故B正确；C、“池水映明月，潭清疑水浅”中“水浅”是水底看起来比较浅，这是由于光的折射形成的，看水底是逆着光的传播方向看的，即逆着折射光线看，由于错觉，我们始终认为光是沿直线传播的，所以看到的位置比实际位置浅，故C错误；D、“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还”中的“彩云”是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故D正确。故选：C。【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的色散的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。6【考点】K1：能源【分析】（1）可再生能源清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境；（2）核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，其主要危害在于核燃料和核废料都具有放射性，但不应该关闭；（3）能量是守恒的，但由于能量的转化具有方向性，所以无节制的消耗能源会造成能源危机；（4）化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而水能可以从自然界不断地得到，所以属于可再生能源；【解答】解：A、可再生能源足够清洁、无污染环境，可以保证不会严重影响环境，是未来理想能源的一个重要发展方向，故A正确。B、核电站的建设与运行若有疏漏会造成环境污染，核废料具有放射性，但不应该关闭，应该合理的利用，故B错误；C、由于能量的转化具有方向性，所以无节制的消耗能源会造成能源危机，故C错误；D、化石能源、核能不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而水能可以从自然界不断地得到，属于可再生能源，所以D错误。故选：A。【点评】该题考查了能源的分类、开发和利用的知识，知道能源的转化具有方向性，并有节约能源和环保的意识是解决该题的关键。7【考点】7O：杠杆的分类【分析】使用时不能省力但能省距离的是费力杠杆，该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力。判断杠杆的类型可根据生活经验或动力臂与阻力臂的大小关系来判断。【解答】解：A、动滑轮实质是动力臂是阻力臂二倍的杠杆，它可以省力一半，省力但费距离，故该选项不符合题意；B、订书机在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；C、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它是省力杠杆，省力但费距离，故该选项不符合题意；D、镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费力但能省距离，故该选项符合题意。故选：D。【点评】联系生活经验，要判断杠杆的类型，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。8【考点】8O：阿基米德原理【分析】由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系。【解答】解：已知四个小球的体积相同，由图知，四个球排开水的体积关系为：V甲排V乙排V丙排=V丁排，由F浮=水V排g可知，四个球受到的浮力关系为：F甲F乙F丙=F丁，即所受浮力最小的是甲。故选：A。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的了解与掌握，能从图中得出四个球排开水的体积关系是本题的关键。9【考点】CM：直流电动机的原理【分析】电动机即通电能动，即是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故据上面的原理，逐次分析各个选项即可解决。【解答】解：A、电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故该选符合题意；B、电流周围存在磁场，人们根据这一现象制成了电磁铁，故该选项不符合题意；C、这是磁场的基本性质，是研究磁场的方法，故该选项不符合题意；D、电磁感应现象是发电机的原理，故该选项不符合题意。故选：A。【点评】根据电磁感应现象原理工作的有发电机、动圈式话筒；根据通电导体在磁场中受力原理工作的有电动机、扬声器；根据电流的磁效应原理工作的有电铃、电磁起重机、空气开关等有电磁铁的仪器。10【考点】69：速度公式及其应用【分析】（1）在做匀速直线运动时，路程与时间是成正比的，在图象上表现为一条直线；（2）判断前2s内谁跑得快，我们可采取相同时间比较路程，谁在相同时间内运动的路程长，谁就跑得快；（3）全程的平均速度等于全部路程除以所有的总时间。【解答】解：A、由图象可知，小明的路程和时间关系图象是一条直线，表明路程和时间成正比，所以小明做的是匀速直线运动；而小华的路程和时间关系图象是一条曲线，表明路程和时间不成正比，所以小华做的不是匀速直线运动，故AB错误；C、由图象可知，在前2s内，小华运动的距离比小明长，所以小华跑得较快，故C正确；D、由图象可知，两人的全程是相等的，所用的时间都是8s，两人的平均速度相同，故D错误。故选：C。【点评】解答本题时，可采用控制变量的思想和比较的思想去进行分析，比较时要在相同条件下去进行比较。11【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；F2：机械效率的大小比较【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。【解答】解：A、不计绳重及摩擦，因为拉力F=（G物+G动），n1=2，n2=3，所以绳端的拉力：F1=（G物+G动），F2=（G物+G动），所以F1F2，故A错误；B、因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W有用=G物h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；因为=，所以两滑轮组的机械效率相同，故B正确；C、使用动滑轮能够省力，动滑轮为省力杠杆，故C错误；D、因为绳子自由端移动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度h相同，所以s1=2h，s2=3h，则s1s2，故D错误；故选：B。【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。12【考点】IZ：电路的动态分析【分析】（1）由灯泡铭牌信息可知灯泡的额定电压及额定功率，由I=求出灯泡的额定电流，由欧姆定律求出电阻；（2）因灯泡、滑动变阻器及电流表串联，电压表测灯泡两端的电压，滑动变阻器阻值从零开始变大的过程中，电路中电流慢慢减小；在移动滑片过程中应保证电流表、灯泡及滑动变阻器都能安全工作，则可得出各表的变化范围。【解答】解：（1）由灯泡铭牌可得，灯泡的额定电压为2V，即电压表最大不得超过2V；由功率公式P=UI得：灯泡的额定电流I=0.5A，故电路中电流最大不得超过0.5A；由功率公式可得：灯泡的电阻RL=4；（2）当滑动变阻器接入电阻最大时，电路中电流最小，由欧姆定律可得：最小电流I最小=0.25A，此时灯泡两端的电压也为最小值，UL=I最小R=0.25A4=1V；所以电流表范围为0.25A0.5A；电压表范围为1V2V；故选：A。【点评】本题重点在于把握各电器的额定电压或最大限制电流，不能让每个电器超过其限制值；同时根据滑动变阻器的变化引起的电压或电流的变化进行分析。二、填空题（每空1分，共16分不要求写出计算过程，请将答案填写在答题卡上）13【考点】19：熔化与熔化吸热特点；1M：液化及液化现象【分析】熔化是物质从固态变为液态；凝固是物质从液态变为固态；汽化是物质从液态变为气态；液化是物质从气态变为液态；升华是物质从固态直接变为气态；凝华是物质从气态直接变为固态。 其中熔化、汽化、升华需要吸收热量，凝固、液化、凝华需要放出热量。【解答】解：夏天要下雨时家里的水缸会有“出汗”现象，是气态的水蒸气液化成的小水滴，是液化现象；下雪时，雪是水蒸气直接变为固态，属于凝华现象，放出热量，故下雪不冷；化雪时，雪由固态变为液态属于熔化，熔化吸收热量，故化雪时冷。故答案为：液化；吸收。【点评】此题考查的是自然界中常见的液化和熔化现象，以及它们与热量之间的关系，这是中考经常出现的物态变化题14【考点】C9：通电直导线周围的磁场；GV：分子的运动【分析】分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动，物体的温度越高，分子运动得越剧烈；分子间存在着相互的引力和斥力；奥斯特实验表明通电导线周围存在着磁场。【解答】解：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动，物体的温度越高，分子运动得越剧烈；分子间存在着相互的引力和斥力；奥斯特实验表明通电导线周围存在着磁场。故答案为：无规则；奥斯特。【点评】本题考查分子的运动及奥斯特实验，属于基础题。15【考点】9I：音调、响度与音色的区分【分析】解决此题要知道音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。【解答】解：不同物体的材料和结构不同，能够从这些声音中分辨出雄鸡、喜鹊、画眉的叫声，这是因为这些鸟发声时的音色不同；响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，雄鸡的叫声能够传得比较远，这是它声音的响度比较大的缘故。故答案为：音色；响度。【点评】此题要结合声音的特征响度定义以及声音中概念的全面掌握情况，包括音色的定义要熟练掌握。属于基础性题目。16【考点】8F：大气压强的测量方法；8K：流体压强与流速的关系【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。（2）历史上首先测出大气压的数值的实验是托里拆利实验，他借助水银利用了平衡法测出了大气压的数值。【解答】解：在流体中，流速越大的位置压强越小，火车行驶过程中周围空气流速大，压强小，行人距离火车太近时，身后的大气压可能将人推向火车，造成危险。意大利科学家托里拆利利用液体水银间接测出了大气压的数值，此实验运用了平衡法，即大气压大小等于水银柱产生的压强；通过计算水银柱的压强也就得出了大气压的数值。故答案为：小；托里拆利。【点评】此题考查流体压强和流速的关系、大气压强的测量方法，对于流体问题，一般分析物体两侧的流体流速，根据流体压强跟流速的关系，判断物体两侧的压强是解决此类习题的思路。17【考点】6L：惯性【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小。【解答】解：原来瓶子和水都保持静止，后来瓶子由于受推力由静止变运动，而瓶里的水由于具有惯性，仍想保持静止，所以水相对于瓶子向后运动，把气泡挤到前方。如果使瓶子在桌面上匀速向右运动时，此时处于平衡状态，故气泡将不变。故答案为：向前动；不变。【点评】瓶中的水和气泡都具有惯性，由于质量的原因，水的惯性大，所以水体现出惯性，把气泡挤到前面。18【考点】H7：摩擦起电的实质；H9：物体带电情况的判断【分析】（1）毛皮和橡胶棒摩擦后，橡胶棒带负电。带电体能吸引轻小物体。同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。（2）物体因多余电子带负电，缺少电子带正电。【解答】解：用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，去靠近细线悬挂的轻质小球，发现小球被排斥，由于同种电荷相互排斥，则小球带负电；小球是因为得到了电子而带负电。故答案为：负；得到。【点评】本题考查了自然界中的两种电荷和电荷间的相互作用规律。掌握物体带负电、带正电、不带电的实质。19【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；8T：帕斯卡原理及其应用【分析】（1）由图知使用滑轮组承担物重的绳子股数，根据F=G求出匀速提起重物时拉力；（2）知道左边活塞受到力的大小和两个活塞的受力面积关系，利用帕斯卡原理求出匀速举起重物时压力。【解答】解：（1）由图a可知，连接动滑轮的绳子股数n=2，不计绳和动滑轮的重力及摩擦，则匀速提起重物时拉力：F1=G=200N=100N。（2）设左边活塞的面积为S1，右边活塞面积为S2，已知S1：S2=5：1，因为两边压强相等，所以由p=可得，=，则F2=40N。故答案为：100；40。【点评】本题综合考查了滑轮组的特点以及帕斯卡原理的应用，熟记公式是解决本题的关键。20【考点】22：质量及其特性；2B：密度公式的应用【分析】（1）质量是物体本身的一种属性，与物体状态无关；（2）已知水的质量和密度，利用公式V=求水的体积。【解答】解：（1）冰熔化成水，状态变化，但质量不变，所以200kg的冰雕作品熔化成水后其质量：m水=m冰=200kg；（2）由=得水的体积：V水=0.2m3。故答案为：200；0.2。【点评】本题考查了对质量属性的理解和密度公式应用，关键是知道物体状态变化、质量不变。三、作图、实验与探究题（21题2分，22题2分，23题5分，24题7分，25题8分，共24分请将答案写在答题卡上）21【考点】B6：透镜的光路图【分析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。22【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用【分析】物体漂浮时，浮力等于重力，重力的方向总是竖直向下和浮力的方向总是竖直向上，过重心表示出重力和浮力的大小和方向。【解答】解：因为物体漂浮，所以F浮=G，过重心作竖直向下的重力和竖直向上的浮力，如图所示：【点评】本题考查漂浮条件的应用和力的示意图画法，注意作用点要画在实际位置；同一个图中画多个力，用线段的长短表示力的大小。23【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于确定像的位置；（2）光线通过玻璃板会发生折射。（3）首先根据平面镜成像特点可知，此时物距等于像距；当小亮用凸透镜替换了玻璃板，并把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，此时物距小于像距，然后根据凸透镜成像规律即可确定像的性质。【解答】解：（1）使用平面镜时，只能成像，而不能透光，不容易确定像的位置，用玻璃时，既能成像，又能透光，便于确定出像的位置，而且能比较像与物的大小关系；（2）光线通过透明玻璃板是从一种介质进入另一种介质会发生折射，所以透过玻璃板看到蜡烛B，实际是光的折射形成的虚像。（3）由平面镜成像特点可知，此时物距等于像距；当小亮用凸透镜替换了玻璃板，并把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，此时物距小于像距，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立放大的实像。故答案为：（1）便于确定像的位置；（2）折射；虚像；（3）倒立；放大；实像。【点评】（1）此题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。（2）此题中用凸透镜替换了玻璃板，既考查学生对平面镜成像特点的理解，又考查学生对凸透镜成像规律的掌握，是一道好题。24【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素【分析】（1）物体的动能与物体的质量和速度有关，在探究过程中需用控制变量法，根据已知条件判断出控制的变量，便可得出探究的因素；（2）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；（3）根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。实验将不能达到探究目的。【解答】解：（1）由题意知，同一钢球的质量相同，从不同的高度滚下时，到达水平面的速度不同，可以探究动能大小与物体速度的关系；（2）钢球沿斜面滚下过程中，重力势能减小动能增大；（3）实验中通过木块被钢球推动的距离来比较动能的大小；若水平面绝对光滑，本实验将不能达到探究目的。故答案为：（1）速度；质量；（2）减小；增大；（3）动能的大小；不能。【点评】此题是探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，考查了控制变量法及转换法在实验中的应用。25【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；根据滑片P向左滑动时，接入电阻变小，确定变阻器的连接；（2）闭合开关，移动滑片（未达到最小阻值），电流表有示数，说明电路为通路，根据灯泡不亮电压表无示数分析可能的故障；分析把电流表与电压表的位置互换后电路的连接，据此回答；（3）灯在额定电压下的功率为额定功率，根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求小灯泡额定功率是；（4）问题一：电源电压为3V，分析电路的连接，当灯正常发光时，由欧姆定律，求出电阻的电压，根据串联电路电压的规律得出灯与电阻的电压，并与电源电压比较；问题二：电流应从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出。【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；滑片P向左滑动时，接入电阻变小，故滑片以左电阻丝连入电路中与开关串联，如下所示：（2）电路连接后，闭合开关，移动滑片（未达到最小阻值），电流表有示数，说明电路为通路，发现灯泡不亮电压表无示数，则故障可能是灯泡短路；在实验中，小明把电流表与电压表的位置互换，电压表串联在电路，由于电压表的内阻很大，则电路中电流很小，闭合开关后会造成小灯泡不亮；（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，调节滑片使电压表的示数为2.5V，此时电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则小灯泡额定功率：PL=ULIL=2.5V0.3A=0.75W。（4）问题一：电源为两节新干电池，电源电压为3V，一个R0=5的电阻与灯串联，当灯正常发光时（其正常发光时的电流为0.3A），由欧姆定律可得电阻R0的电压：U0=IR0=0.3A5=1.5V，根据串联电路电压的规律，灯与电阻的电压：UL0=2.5V+1.5V=4V3V，即无论怎样调节变阻器，灯泡都无法正常发光（或电源电压不足或无法调到额定电压等）；问题二：由图知，正确测量灯泡的电压时，与电压表a相连的为电压表的正接线柱，将电压表a点接到c点，电压表的正负接线柱接反，无法测出R0两端电压。故答案为：（1）断开； 如上图所示；（2）灯泡短路；不亮；（3）2.5；0.75；（4）无论怎样调节变阻器，灯泡都无法正常发光或电源电压不足或无法调到额定电压等。将电压表a点接到c点，电压表正负接线柱接反，无法测出R0两端电压。【点评】本题测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率，考查注意事项、电路连接、故障分析、电路分析、额定功率的计算及串联电路的规律和电压表使用等知识。四、综合应用题（26题6分，27题8分，28题10分，共24分，请将必要的公式和重要的演算步骤及必要文字说明写在答题卡上，只写答案的不得分）26【考点】86：压强的大小及其计算；EC：功的计算【分析】（1）已知龙清泉、杠铃的质量，分别根据G=mg求出相应的重力，由于人站在水平面上，人对地面的压力等于总重，根据p=求这时他对地面的压强；（2）已求出杠铃的重力，根据W=Gh求将杠铃成功举起2m的高度对杠铃所做的功。【解答】解：（1）龙清泉的质