2019年中考物理模拟试卷及答案解析4-11

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1（3分）下列描述中最接近实际的是（）A八年级物理下册教科书质量约为50gB教室内黑板上边缘离地面高度约为2mC学校下课铃响到结束的时间约为5minD唐山4月份的平均气温约为342（3分）下列说法正确的是（）A声和电磁波都是由于物体的振动产生的B人耳听不到次声波是因为响度太小C卫星通信和移动通信是通过电磁波完成的D学校周围禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的3（3分）关于光现象，下列说法正确的是（）A影子是由于光沿直线传播形成的B玻璃幕墙反射的光“晃”眼，是由于发生了漫反射C在岸边看水的深度比实际深度浅是由光的反射引起的D物体远离平面镜时，它在镜中的像将变小4（3分）图中小球相对于水平桌面静止。小红通过观察，作出如下判断。正确的是（）A窗外另一列车相对她不动，则她坐的车一定是对地静止的B窗外另一列车相对她向东行驶，则她坐的车一定对地向西行驶C小球突然“自动”向东滚动，则她坐的车一定向西启动D小球突然“自动”滚动，则她坐的车运动状态一定发生了改变5（3分）下列说法正确的是（）A生物体内水的比例高，有助于调节自身的温度B物体的温度越高，所含的热量越多C夏天，在地上洒水会感到凉快，是因为水的比热容大D物体的温度不变，其内能就一定不变6（3分）平昌冬奥会在2018年2月26日落下帷幕，2022年冬奥会将在北京和张家口举行，下列关于冬奥会中蕴含的物理知识说法正确的是（）A滑冰运动员通过弯道时运动状态发生了改变B滑冰运动员通过向后蹬冰面，受到冰面向前的力C滑雪运动员沿斜面下滑时速度越来越快是因为惯性越来越大D滑雪运动员在空中达到最高点时若所受外力消失，运动员将做匀速直线运动7（3分）用弹簧测力计在同一木板上拉同一木块，使它先后在水平面和斜面上均以v的速度做匀速直线运动，如图所示。已知水平面上拉力与斜面上拉力之比为5：9，请分析下列说法正确的是（）A相同时间内，甲、乙两次拉力对木块做功之比为5：9B甲、乙两次拉力做功的功率之比为5：9C甲中的木块受到的摩擦力比乙中的木块受到的摩擦力大D相同时间内，甲、乙两次克服摩擦力做功相等8（3分）如图所示，电路中电源电压不变，下列说法正确的是（）A只闭合S1，滑片向右移动，电压表和电流表示数比值不变B先闭合S1、S2，再闭合S3，电压表示数不变，电流表示数变大C只闭合S1、S3时，滑片向右移动小灯泡变暗D将滑片移到最左端，先闭合S1和S3，再闭合S2，电路总功率不变二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，请将正确答案填写在题中的横线上）9（2分）将一个底部封闭的薄壁金属管固定在支架上，管中装一些酒精，然后用塞子塞紧管口。把一根橡皮条缠在管子上并迅速来回拉动，很快会观察到塞子被酒精蒸气顶出，木塞弹出时的能量转化与内燃机的 冲程相同，木塞弹出时管口的“白气”是发生 的结果。10（3分）小明在做“探究凸透镜成像规律”实验时，当各器件的位置如图甲所示时，光屏中心正好出现清晰的像（未画出），则生活中的 是利用此成像原理工作的；小明将远视眼镜放在图甲蜡烛和凸透镜之间，若想在光屏上重新得到清晰的像，应将光屏 （选填“靠近”或“远离”）凸透镜。如图乙，AB是物体AB经凸透镜折射后所成的像，MN为主光轴，请在图乙中画出凸透镜和凸透镜右侧焦点的位置。（保留作图痕迹）11（3分）如图是小明家里的电能表，则小明家可同时使用的用电器总功率不能超过 W如果小明家只有一个额定功率为2000W的电热淋浴器正常工作6min，则电能表的转盘转了 r，这时淋浴器内的水温从25升高到35，不计热量损失，则水箱内水的质量为 kg（计算结果保留整数）。（c水=4.2103J/（kg）12（3分）2016年世界上最大的风力发电机组就是SL5000发电机的工作原理为 。在20年的设计寿命里，它将通过风能获取4108kWh的电能，这些能量若通过燃烧炭来获得，需要燃烧 t的焦炭；风能属于 （选填“可再生”或不可再生”）能源。（焦炭的热值3.0107J/kg）13（3分）阅读短文，并回答问题。中国高寒动车组动车组在40的风雪环境下高速行驶，若不采取措施，车厢底部会被“卷入”大量的积雪，中国高寒动车组利用空气动力学原理，解决了这一难题。此外，在极寒的天气状况下，为了保证车厢的温度在22左右，车厢内进行了防寒隔热设计，例如车厢地板增加6mm的纳米材料等。（1）高速行驶的动车车厢下会被“卷入”大量积雪的原因是 （2）车厢地板上增加的纳米材料一定具有 的特性；（选填序号）比热容小密度小导电性差导热性差（3）长200m的动车组以240km/h的速度通过某路标的时间为 s三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）14（4分）小明想探究液体内部压强与深度的关系，实验器材有；大烧杯、塑料瓶、橡皮膜、水、盐水、皮筋，请选取实验器材进行实验。器材组装： 实验步骤： 实验现象： 实验结论： 。15（7分）如图甲是小华同学探究二力平衡条件时的实验情景（1）小华将系于小卡片（重力可忽略不计）两对角的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相反，并通过调整钩码的重力来改变拉力的大小。（2）当小卡片平衡时，小华将小卡片转过一个角度，松手后小卡片 （选填“能”或“不能”）平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究 。（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小华下一步的操作是 。（4）在探究同一问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验。其主要原因是： 【拓展】甲图中，若两个滑轮的位置没有在同一高度，则 （选填“能”或“不能”）完成此实验。乙图中，每个钩码重0.5N，左边挂三个钩码，右边挂1个钩码时，木块沿水平方向匀速向左运动。此时再在右边挂 个钩码，木块就可以沿水平方向向右匀速运动。16（7分）测量“小灯泡的电功率”。小灯泡的额定电流为03A，灯丝阻值在1015之间。所提供的器材有：电压表、电流表、电源（电压恒定为6V）、开关各一个，滑动变阻器（“52A”、“201A”）两个，导线若干。（1）图甲是小明没有连接完的实物电路，请你用笔画线代替导线将实物图补充完整。（2）小明选用的滑动变阻器的规格为 （选填铭牌）。（3）闭合开关，移动滑片，当电流表的示数为0.3A时，电压表的示数如图乙所示，读数为 V，小灯泡的额定功率为 W。（4）小华没有用电压表，但多用了一个开关，其他器材与小明的相同，设计了如图丙所示的电路也完成了该实验，请完成下列填空。只闭合S1，移动滑片P，使电流表的示数为0.3A ；则小灯泡额定功率的表达式P额 。【评估】小华的实验器材存在安全问题，理由是： 17（7分）如图甲所示，水平地面上有一底面积为300cm2不计质量的薄壁柱形容器，容器中放有一个用细线与容器底相连的小木块，木块质量为400g，细线体积忽略不计。若往容器中缓慢地匀速加水，直至木块完全没入水中，如图乙所示。木块所受的浮力F浮与时间t的关系图象如图丙所示，其中AB段表示木块离开容器底上升直至细线被拉直的过程，（g取10N/kg）求：（1）木块浸没在水中时受到的浮力和木块的密度；（2）木块浸没在水中时绳子受到的拉力；（3）剪断绳子待木块静止后水对容器底压强的变化。18（7分）如图甲所示的电路中，电源电压为18V且不变，滑动变阻器R0上标有“60 1.5A”字样，灯泡L的额定电压为2.0V，其电流与电压的关系图象如图乙所示。闭合开关S，电流表的示数为0.3A。（1）求此时灯泡L的实际功率和滑动变阻器R0的电功率；（2）现有三个定值电阻，分别为A（40）、B（20）、C（10），请从中选择一个来替换灯泡，并选择合适的电表量程（电压表有03V和015V两个量程，电流表有00.6A和03A两个量程），要求：在移动滑动变阻器滑片的过程中，不更换电表量程，两电表的指针分别能达到满刻度，且电路能正常工作。请选择电表使用的量程：电流表量程 A，电压表量程 V定值电阻应选用 （选填字母）；满足上述要求时，滑动变阻器R0连入电路的阻值范围。参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1【考点】13：温度；23：质量的估测；61：时间的估测；63：长度的估测【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、八年级物理下册教科书质量约为150g左右，故A错误；B、教室内黑板上边缘离地面高度约为2m，故B正确；C、学校下课铃响到结束的时间约为10s左右，故C错误；D、唐山4月份是处于春天，最高温度在15左右，故D错误。故选：B。【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。2【考点】91：声音的产生；99：人耳感知声音的过程及听到声音的条件；9L：防治噪声的途径；D2：电磁波的传播【分析】（1）声波是由物体的振动产生的，电磁波不是由物体振动产生的；（2）人的听觉频率范围是20Hz20000Hz之间，大于20000Hz的声波，人们听不见，叫超声波，小于20Hz的，人们也听不见，叫次声波；（3）电磁波的传播不需要介质；（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。【解答】解：A、声波是由物体的振动产生的，电磁波不是由物体振动产生的，是由电流的迅速变化产生的，故A错误；B、人耳听不到次声波，是因为次声波的频率小于20Hz，而不是因为响度太小，故B错误；C、卫星通信和移动通信是通过电磁波来传输信息的；故C正确；D、学校附近禁止鸣笛是在声源处防止噪声的产生，而不是在传播过程中控制噪声，故D错误。故选：C。【点评】了解声音的产生与传播，知道电磁波和机械波的区别，知道电磁波的传播不需要介质，机械波的传播需要介质，以及噪声的防治是一道基础题。3【考点】A3：光直线传播的应用；A9：镜面反射；AM：光的折射现象及其应用【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；（2）光的反射包括漫反射和镜面反射，（3）光从水中斜射到水面上时，会发生折射现象，折射光线将远离法线，折射角大于入射角；（4）平面镜成像特点之一：正立等大的虚像。【解答】解：A、影子是由于光的直线传播形成的，故A正确；B、玻璃幕墙反射的光会“晃”着人的眼睛，是由于光发生了镜面反射，故B错误；C、从水底反射的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得水的深度比实际的浅了。故是由光的折射引起的，故C错误；D、由“平面镜成像特点之一：正立等大的虚像”可知物体远离平面镜时，它在镜中的像不变，故D错误。故选：A。【点评】本题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射是本题的解题关键。4【考点】6L：惯性；52：参照物及其选择【分析】（1）（2）在研究机械运动时要先选择参照物，如果物体相对于参照物位置不变，则物体静止；如果物体相对于参照物位置发生变化，则物体是运动的。（3）任何物体都有惯性；（4）力可以改改变物体的运动状态。【解答】解：A、若窗外另一列车与该列车同向、同速度做匀速直线运动时，两车之间不会发生位置的变化，以一方为参照物，另一方是静止的，但相对于地面来说，有位置的改变，此时两车是运动的，故A错误；B、若两车都向东行驶，且另一列车的速度大于该车的速度时，以小红为参照物，则认为另一列车是向东运动的，而小红坐的车对地却是向东行驶的，故B错误；C、小球突然“自动”向东滚动，说明她坐的列车向西加速（启动）或向东减速，故C错误；D、小球突然“自动”滚动，说明小球由于惯性而保持原来的运动状态，造成该现象的原因是她坐的车运动状态发生了变化，故D正确。故选：D。【点评】本题考查运动和静止的相对性，物体相对于参照物位置是否变化，是判断物体是否运动的依据。5【考点】G6：温度、热量与内能的关系；GE：水的比热容的特点及应用【分析】（1）（3）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析；（2）热量是一个过程量，只存在于热传递过程中，不能说“具有”或“含有”热量，只能说“吸收”或“放出”热量；（4）内能的大小与温度、质量、状态等多个因素有关。【解答】解：A、生物体内水的比例很高，在外界环境温度升高时，生物体即使吸收较多的热量，由于水的比热容较大，体温不会升的过高；同理在在外界环境温度降低时，由于水的比热容较大，即使放出较多的热量，体温也不会过低，所以生物体内的水分有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害，故A正确；B、热量是一状态量，描述它的术语是”吸收“和”放出“，不能用“含有”，故B错误；C、夏天在地上洒水感到凉快是利用了水的蒸发吸热，而不是利用水的比热容大的特点，故C错误；D、晶体在熔化过程中，吸热，内能变大，但温度不变，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了蒸发吸热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。6【考点】6F：力的作用效果；6I：力作用的相互性；6J：牛顿第一定律；FN：动能和势能的大小变化【分析】（1）运动状态包括运动的方向和速度，其中一个改变则运动状态改变；（2）力的作用是相互的；（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（4）在不受外力的情况下物体将保持静止或匀速运动状态。【解答】解：A、滑冰运动员通过弯道时运动方向发生了改变，故运动状态发生了改变，故A正确；B、滑冰运动员通过向后蹬冰面，由于力的作用是相互的，所以受到冰面向前的力，故B正确；C、惯性是物质的属性只与物体的质量有关，故C错误；冲刺时，以周洋为参照物，由于其他运动员的速度都比周洋慢，所以周洋感觉其他运动员向后退，故C错误；D、滑雪运动员在空中达到最高点时若所受外力消失，运动员将保持静止状态，故D错误。故选：AB。【点评】以冬奥会短道速滑比赛的场景为内容，考查了与力学相关的多个知识点，都是较基础的力学知识，应熟练掌握。7【考点】FD：功率大小的比较【分析】（1）根据速度公式得出相同时间内木块在水平面和斜面上通过的路程关系，然后根据W=Fs计算甲、乙两次拉力对木块做功之比；（2）利用P=Fv计算甲、乙两次拉力做功的功率之比；（3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；（4）根据速度公式得出相同时间内木块在水平面和斜面上通过的路程关系，然后根据W=fs比较甲、乙两次克服摩擦力做功大小。【解答】解：A、木块在水平面和斜面上的速度相等，根据v=知，相同时间内，木块通过的路程相等，又知拉力之比为5：9，所以甲、乙两次拉力对木块做功之比：=5：9故A正确；B、拉力之比为5：9，且木块在水平面和斜面上的速度相同，由P=Fv可得，甲、乙两次拉力做功的功率之比为：=5：9故B正确；C、用同一木板和同一木块做实验，则接触面的粗糙程度相同，但木块对水平面的压力大于对斜面的压力，所以，甲中的木块受到的摩擦力比乙中的木块受到的摩擦力大，故C正确；D、相同时间内，木块两次通过的路程相等，甲、乙两次拉动木块时，木块受到的摩擦力大小不等，所以根据W=fs可知，相同时间内，甲、乙两次克服摩擦力做功不相等，故D错误。故选：ABC。【点评】本题考查了学生对速度公式及其应用、影响摩擦力的因素、功和功率的计算掌握情况，综合性强，难度适中，锻并能炼了学生的思考分析能力，是一道好题。8【考点】IZ：电路的动态分析【分析】（1）只闭合S1，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压，根据串联电路特点和欧姆定律分析滑片向右移动两表示数比的变化（2）闭合S1、S2时，只有R1连入电路中，再闭合S3，R1与灯泡并联，由此分析；（3）只闭合S1、S3时，R1与灯泡并联再与R2串联，根据串联分压原理分析灯光电压的变化，从而可知其亮度的变化；（4）将滑片移到最左端，变阻器连入阻值为0，闭合S1和S3，R1与灯泡并联，再闭合S2，电路仍然R1与灯泡并联，电路的总电阻不变，由此分析电路总功率的变化。【解答】解：A、由图知，只闭合S1，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压，由欧姆定律知，电压表与电流表的比值大小等于R2连入电路的阻值，而滑片向右移动时R2连入阻值变大，所以两表示数比变大，故A错误；B、由图知，闭合S1、S2时，只有R1连入电路中，两电表未连入电路，示数为0；再闭合S3，R1与灯泡并联，两电表仍未连入电路，示数为0所以两表示数不变，故B错误；C、由图知，只闭合S1、S3时，R1与灯泡并联再与R2串联，滑片向右移动R2连入电路的阻值变大，由串联电路的分压原理知，R2分得电压增大，R1与灯泡并联部分分得电压减小，灯光实际功率变小，故小灯泡变暗，故C正确；D、由图知，将滑片移到最左端，变阻器连入阻值为0，闭合S1和S3，R1与灯泡并联，再闭合S2，电路仍然R1与灯泡并联，电路的总电阻不变，电源电压不变，由P=可知电路的总功率不变，故D正确。故选：CD。【点评】本题是一道电路动态题，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。二、填空及简答题（本大题共9个小题；每空1分，请将正确答案填写在题中的横线上）9【考点】G9：做功改变物体内能；1N：液化方法及其应用【分析】拉动绳子对金属管做功，属于对物体做功，机械能转化为内能；看到塞子被弹起，属于物体对外做功，内能减小，温度降低，此时水蒸气遇冷会发生液化现象。【解答】解：实验中，用一根绳子在管外绕几圈，并迅速地来回拉动绳子，此时机械能转化为内能，酒精的温度升高，属于做功改变物体的内能，使金属管壁的温度升高；塞子被酒精蒸气顶出的过程中，内能转化为机械能，该过程与内燃机中的做功冲程原理相同；木塞弹出时，内能减小，温度降低，周围空气中的水蒸气液化成小水珠，形成白气。故答案为：做功；液化。【点评】此题考查做功改变内能的两个过程，体现了机械能和内能的相互转化过程。10【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的原理进行分析，照相机就是根据这个原理制成的；（2）远视眼镜即为凸透镜，凸透镜能使光线会聚的特点，在眼睛前面放一个凸透镜，就能使来自近处物体的光会聚在视网膜上；（3）利用凸透镜的三条特殊光线进行作图确定物体A的位置：过光心不改变方向；平行于主光轴的光线过凸透镜会聚在焦点上；过焦点的光线经凸透镜平行于主光轴射出。【解答】解：由图可知，物距大于像距，蜡烛、凸透镜位于图乙中刻度对应的位置时，物距在大于2倍焦距，凸透镜能成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的。因凸透镜对光线有会聚作用，可使远视眼看物体时使来自近处的物体的光会聚在视网膜上。当用远视眼镜时，会将像向凸透镜靠近，如拿走，必须使光屏远离凸透镜才可。连接A与凸透镜的中心并延长，过A点作主光轴的平行线交凸透镜一点，连接该点和凸透镜的焦点F并延长，交于一点，作该点垂直于主光轴，即为物体AB所成的像AB的位置。如图：故答案为：照相机；靠近；如上图。【点评】主要考查了凸透镜成像规律的应用，一定要掌握物距、像距、物体、像大小之间的关系。11【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法【分析】（1）由电能表铭牌找出电能表的工作电压和允许通过的最大电流，利用P=UI求小明家可同时使用的用电器最大电功率；（2）利用W=Pt求电热淋浴器消耗的电能，再利用电能表的参数“600r/kWh”求出转盘的转数；（3）不计热量损失，Q吸=W，利用Q吸=cmt求水的质量。【解答】解：（1）由图知，电能表的工作电压为220V，其允许通过的最大电流为40A，则小明家可同时使用用电器的最大电功率：P=UI=220V40A=8800W；（2）电热淋浴器正常工作6min消耗的电能：W=Pt=2000W660s=7.2105J=0.2kWh，600r/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转过600转，则此过程中电能表转盘的转数：n=600r/kWh0.2kWh=120r；（3）不计热量损失，Q吸=W=7.2105J，由Q吸=cmt可得水的质量：m=17kg。故答案为：8800；120；17。【点评】本题电热综合计算题，考查了电功率公式、吸热公式的应用，理解电能表相关参数、利用好Q吸=W是关键。12【考点】K2：能源的分类；CP：电磁感应；GG：热量的计算【分析】（1）发电机工作原理是电磁感应，将机械能转化为电能；（2）根据m=算出焦炭的质量；（3）风能是取之不尽用之不竭的能源，所以风能是可再生资源。【解答】解：（1）发电机工作原理是电磁感应，将机械能转化为电能；（2）已知：Q=W=4108kWh=41083.6106J=1.441015J，由Q=mq得：m=4.8107kg=4.8104t；（3）风能可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它属于可再生能源。故答案为：电磁感应；4.8104；可再生。【点评】解决此类问题要结合发电机的原理、热量公式能源分类等知识，属于基础题。13【考点】8K：流体压强与流速的关系；48：纳米材料的应用和发展前景；69：速度公式及其应用【分析】（1）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体的流速越大，压强越小；流体的流速越小，压强越大。据此分析解答；（2）根据纳米材料的特性分析解答；（3）已知路程和速度，利用速度公式计算时间。【解答】解：（1）高速行驶的动车车厢附近空气流速大，压强小，而远处空气流速小，压强大，积雪在压强差的作用下被“卷入”车厢下；（2）车厢地板上增加的纳米材料一定具有导热性差的特性，故应选（3）v=240km/h=m/s，根据v=可得，动车组通过某路标的时间：t=3s。故答案为：（1）流体流速大的位置压强小；（2）；（3）3。【点评】此题考查流体压强和流速的关系、纳米材料的应用和速度公式的应用，具有一定的综合性，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题。三、实验探究题（本大题共4个小题；第32小题4分，第33小题6分，第34、35小题各7分，共24分）14【考点】8C：探究液体压强的特点实验【分析】（1）液体内部压强，通过橡皮膜的凹陷程度来反映，故需要自制塑料瓶、橡皮膜、皮筋；（2）要探究“液体压强与液体深度的关系”时，需要控制液体密度相同，改变深度，过程橡皮膜的凹陷程度。【解答】解：（1）液体内部压强，通过橡皮膜的凹陷程度来反映，故需要将橡皮膜盖住塑料瓶口，用橡皮筋缠牢，放入烧杯的水中；（2）实验步骤：将塑料瓶直立着放入水中，改变深度，观察橡皮膜的凹陷程度；（3）实验现象：塑料瓶深度越深，橡皮膜凹陷越厉害；（4）实验结论：在同种液体内部，深度越深，压强越大。故答案为：器材组装：将橡皮膜盖住塑料瓶口，用橡皮筋缠牢，放入烧杯的水中；实验步骤：将塑料瓶直立着放入水中，改变深度，观察橡皮膜的凹陷程度；实验现象：塑料瓶深度越深，橡皮膜凹陷越厉害；实验结论：在同种液体内部，深度越深，压强越大。【点评】本实验中，考查了实验器材的要求与使用，实验表格和实验过程的具体设计，有一定挑战性，是我们应该掌握的实验技能。15【考点】6T：二力平衡条件的应用【分析】（2）小卡片转过一个角度，小卡片上受到的两个拉力就不在一条直线上，是验证不在同一直线上两个力是否平衡；（3）探究二力平衡时，验证两个力需要作用在同一个物体上，可以把小卡片分成两半变成两个物体；（4）小明将木块放在水平桌面上，木块在水平桌面上静止或运动都可能受到摩擦力的作用，就会影响实验效果；拓展：高度对实验结果无影响；木块静止时，受平衡力；匀速直线运动时，仍受平衡力。由静摩擦到动摩擦，摩擦力在改变。当处于滑动摩擦状态时，摩擦力不再改变。分析物体受力情况，由平衡力知识解答。【解答】解：（2）小卡片转过一个角度，小卡片两端的拉力就不在一条直线上，纸片就会转动，说明了不在同一直线上的两个力不能平衡；（3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，用剪刀把小卡片剪成两个更小的卡片，观察两个更小卡片是否平衡。（4）小明将木块放在水平桌面上，木块和水平桌面上就会产生摩擦力，就会影响实验效果；当木块两端的拉力相差很小时，因为受到摩擦力的作用，木块仍会保持平衡，对实验结果有影响）；而小华的方案中，绳子和滑轮间的摩擦很小，减小摩擦力对实验结果的影响；拓展：高度不同，但拉力是相同的，故高度对实验结果无影响，能完成实验；每个钩码重0.5N，左边挂三个钩码，右边挂1个钩码时，木块沿水平方向匀速向左运动，三个钩码的拉力为1.5N，一个钩码的拉力为0.5N，故此时木块受到的摩擦力为1.5N0.5N=1N；木块就沿水平方向向右匀速运动时摩擦力是不变的，此时摩擦力的方向是向左的，故此时的拉力应为：1.5N+1N=2.5N，故此时增加钩码产生的拉力为2.5N0.5N=2N，即挂4个钩码。故答案为：（2）不能；相互平衡的两个力是否必须处于同一直线上；（3）把小卡片剪为两半；（4）消除摩擦力对实验的影响；能；4。【点评】在该实验中，为了探究两个力是否平衡，要用到控制变量法的思路。探究其中的一个条件时，要控制其他条件相同。这也是根据实验步骤确定实验目的主要依据。16【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）由电路图可知，电压表连线不完整，根据题意确定电压表量程，电压表应与灯泡并联。（2）求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，根据该阻值选择滑动变阻器。（3）根据电压表量程由图乙所示电压表确定其分度值，读出电压表示数，由P=UI求出灯泡额定功率；（4）灯泡与滑动变阻器串联，用电流表测流过电路的电流，由串联电路特点及欧姆定律求出流过灯泡电流为灯泡额定电流时，灯泡两端电压，然后由P=UI求出灯泡额定功率。【解答】解：（1）灯泡额定电流为0.3A，灯丝阻值在1015之间，则灯泡额定电压U=IR在3V4.5V间，电压表应选015V量程，电压表与灯泡并联，电路图如图所示：；（2）电路电流为灯泡额定电流0.3A时，由U=IR可知，灯泡两端电压约为3V4.5V，此时，滑动变阻器两端电压U滑=UU灯，滑动变阻器两端电压约为1.5V3V，由R=可知，此时滑动变阻器接入电路的阻值约为510，则滑动变阻器应选择“20 1A”；（3）电压表量程是015V，由图乙可知，电压表分度值是0.5V，电压表示数是4V，灯泡额定功率P=UI=4V0.3A=1.2W；（4）只闭合开关S1，移动滑片P，使电流表的示数为0.3A，此时灯泡正常发光；再闭合开关S2，灯短路，电路为变阻器的简单电路，不移动滑片P位置，记下电流表示数为I，由欧姆定律，则此时滑动变阻器的阻值R滑=；在第一次操作中，根据欧姆定律I=，则灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U滑=I额R滑=I额，根据串联电路电压的规律，灯泡的额定电压：U额=UU滑=UI额，则灯泡的额定功率：P额=U额I额=（UI额）I额=（U0.3A）0.3A。【评估】灯泡正常发光时电路中的总电阻为：R=20；灯丝阻值在1015之间，此时滑动变阻器接入电路的电阻约为510之间；当闭合开关S2时，电路中只有滑动变阻器接入电路中，根据I=可知，此时电路中的电流在1.2A0.6A之间，超过了电流表的量程，会损坏电流表。在实验的过程中，再闭合开关S2时，电流表示数1A，超过了电流表的量程，会损坏电流表。故答案为：（1）见上图；（2）“201A”（3）4；1.2；（4）滑片P位置不变，再闭合S2，读出电流表示数为I；（U0.3A）0.3A；再闭合开关S2时，电流表示数1A，超过了电流表的量程，会损坏电流表。【点评】本题考查了实验器材的选择、电压表读数、求灯泡功率、及实验步骤的设计等问题，（4）问设计实验电路、实验步骤难度较大，是本题的难点。17【考点】8O：阿基米德原理；2B：密度公式的应用；8A：液体压强计算公式的应用【分析】（1）木块浸没在水中，由图丙分析可得浮力大小，根据阿基米德原理可