2019年中考物理模拟试卷及答案解析4-3

2019年中考物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1（3分）对下列设备应用到的物理知识的解释，正确的是（）A声呐利用次声波测绘海底地形BB 超利用电磁波获得人体内部信息C验钞器紫外线使钞票上的荧光物质发光D雷达靠超声波来实现监测空中的飞机2（3分）热现象在生活中随处可见，下列说法中错误的是（）A夏天，在工作的空调冷凝管上会形成一层水珠，它的形成需要放热B揭开冰棒包装后，会看到冰棒冒“白气”，它的形成需要吸热C秋天的早晨窗户玻璃内侧会出现水珠，它的形成需要放热D冬天的早上太阳出来后大雾慢慢散去，这需要吸热3（3分）如图所示，在南美原始森林的河流里有一种射水鱼，它在水中看到水面上方的树枝上停留的昆虫等猎物后，便向猎物射水，使猎物落在水面上后进行捕杀，下面能反映射水鱼看到猎物的光路图是（）ABCD4（3分）下列说法中正确的是（）A汽油机工作的压缩冲程中是将机械能转化为内能B高压锅运用了液体沸点随气压的降低而升高的原理C用丝绸摩擦玻璃棒，有电子从丝绸上转移到玻璃棒上，玻璃棒带正电D抽香烟的人周围烟雾缭绕，可以说明分子在不停地做无规则运动5（3分）下列数据中符合实际情况的是（）A1 度电可以使一只 40W 的白炽灯正常工作 1500minB一个中学生双脚静止站在水平地面上时，对地面的压强约为 105PaC一个重为 5N 的皮球从 10m 高处下落到 3m 的过程中，重力对它所做的功为 15JD通常中学生从一楼走到三楼所做的功约为 6000J6（3分）如图甲所示，电源电压为8V不变，滑动变阻器的最大阻值为100，电流在0.1A0.4A之间时电子元件均能正常工作。若通过此电子元件的电流与其两端电压的关系如图乙所示，则下列判断正确的是（）A为使电子元件处于正常工作状态，滑动变阻器的阻值范围应控制在 1260B电子元件处于正常工作状态时，电路消耗的最小功率为 0.2WC当变阻器接入电路电阻为 10 时，电子元件与滑动变阻器的功率之比为 1：1D当电路中的电流为 0.2A 时，变阻器接入电路的电阻为 157（3分）校园足球联赛的开展，丰富了校园文化生活，如图所示是小明踢任意球的情景（不计空气阻力），下列描述正确的是（）A踢足球时，脚感到疼是脚对足球施的力造成的B足球在空中飞行时，足球运动方向的改变是它所受重力造成的C足球在空中飞行时，受到重力和人对足球的踢力的作用D足球运动到最高点时，如果所有外力消失，它将保持静止8（3分）我国的航母正按计划进行各项科研试验和训练。如图所示是中国航母“瓦良格”号训练时的图片。下列说法中正确的是（）A舰载飞机起飞，是通过发射和接收电磁波与航母传递信息的B飞机在降落过程中，关闭发动机时仍能滑翔，是飞机惯性作用的缘故C舰载飞机飞离航母前后，航母始终漂浮，所受浮力的大小不变D飞机飞行时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速小于机翼下方空气流速9（3分）有甲、乙两个溢水杯，甲溢水杯盛满酒精，乙溢水杯盛满某种液体。将一不吸水的小球轻轻放入甲溢水杯中，小球下沉到杯底，溢出的酒精质量是40g；将小球从甲溢水杯中取出擦干，轻轻放入乙溢水杯中，小球漂浮且有1/6的体积露出液面，溢出液体的质量是50g，已知酒精=0.8103kg/m3，下列计算正确的结果有几个（）液体的密度是1.2103kg/m3两种情境下小球受到的浮力之比为4：5小球的密度0.8103kg/m3两种情境下小球排开液体的体积之比为6：5A只有 1 个正确B只有 2 个正确C只有 3 个正确D4 个都正确10（3分）下列四幅图中所看到的现象或应用中，说法正确的是（）A甲：该实验的结论是线圈匝数越多，电磁铁磁性越强B乙：电动汽车是该实验的具体应用之一C丙：ab 导线上下移动，灵敏电流表会发生偏转D丁：该实验说明磁场对电流有力的作用11（3分）如何利用阻值已知的电阻R0和一只电流表或一只电压表，测出未知电阻Rx的阻值，几个同学分别设计了如图所示的四种电路，其中方法可行的有几种？（电源电压恒定且未知）（）A1 种B2 种C3 种D4 种12（3分）如图所示电路，电源电压为12V且保持不变，滑动变阻器的最大阻值为25，若先将电路中连接“4V2W”的灯泡L1，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P的位置在A点，可使其正常发光。再把原来的灯换成一个“6V3W”的灯泡L2，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P的位置在B点，也可以使该灯泡正常发光（实验中两灯的电阻均保持不变），在这一过程中，下列说法正确的是（）AA 点在 B 点的左侧B电压表的示数由 4V 变为 6VC若只把 L1换成 L2时，闭合开关，此时 L2的实际功率是 2.6WD实验中，第一次滑动变阻器的功率比第二次大 1W二、填空题（每空1分，共26分）13（2分）以下几个和声音有关的实验现象：A、用一张硬纸片先后在木梳的齿上划过，一次快些，一次慢些，听声音的变化；B、借助于仪器观察不同乐器发出声音的图象不同；C、放在钟罩内的闹钟正在响铃，把钟罩内的空气抽出一些后，铃声明显减小；D、使正在发声的音叉接触水面，水面溅起水花。能说明声音产生和传播条件的两个实验是 ；能说明音调和频率有关的实验是 （均选填字母）。14（3分）小明走近办公楼的自动感应门，像的大小将 （选填“变大”、“变小”或“不变”），若他站在感应门前1m处，则他在玻璃门中的像离他 m当他站在感应区时门会自动平移打开，这时他在玻璃门中的像位置随着门的移动将 （选填“不变”或“改变”）。15（9分）2017年4月22日，“天舟一号”货运飞船成功发射，天舟一号的任务之一是将一批物资输送给天宫二号。（1）发射“天舟一号”的火箭主要用液态氢作为燃料是因为液态氢的 大。燃烧时 转化为 能；“天舟一号”与“天宫二号”对接完成前，“天舟一号”相对“天宫二号”是 的。（2）如图所示“天宫二号”在太空张开“翅膀”后获得的能源主要是 ，属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源。它科学探测得到的图象和数据是通过 传递到地球的。（3）从地球带到“天宫二号”中仪器的质量 （选填“变大”、“变小”或“不变”），此时天平 测出它们的质量。（选填“能”或“不能”）16（2分）在“测滑轮组机械效率”实验中，物体重6N，此时弹簧测力计的示数如图中所示，滑轮组的机械效率是 （不计绳重与摩擦）。若改变物重后所需拉力为3N，则该滑轮组的机械效率将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。17（2分）如图所示，为了测量滑动摩擦力的大小，小明把木块放在水平长木板上进行实验，目的是 ；正确操作是用弹簧测力计沿水平方向拉动，使其做匀速直线运动，目的是 。从而滑动摩擦力的大小等于拉力。18（3分）小明用矿泉水瓶做实验：（1）将两个相同的装满水矿泉水瓶如图甲放置，此时水对瓶内最底部的压强 。A倒放时大，B正放时大，C一样大。（2）为了验证大气压的存在，他在空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖看到瓶子瘪了，如图乙所示，其中向瓶中倒少量热水的目的是 。（3）他在矿泉水瓶中装水，在侧壁扎了三个小孔，观察到如图丙所示的现象，得到的结论是 。19（2分）如图所示，闭合开关后，根据小磁针静止时的指向，可以判断出电源正极在 端，条形磁体的N极在 端。（选填“左”或“右”）20（3分）图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S1，小灯泡的实际功率为1W，电源电压为 V若电源电压为2V，闭合开关S、S2，断开开关S1，电流表示数变化了 A，灯的实际功率为 W。三、解答题（共50分，解答题应有解题过程）21（2分）请在图中画出小球所受弹力的示意图。22（2分）如图所示，a、b分别为一束入射光线和一束出射光线。请画出a经过凹透镜后的折射光线和与b对应的入射光线。23（2分）请将图中所示元件，连接成符合安全用电要求的家庭电路。24（3分）如图所示是一定质量的某物质熔化时温度随时间变化的图象。（l）该物质是晶体，理由是 ；（2）在BC段中C点处物质的内能 B点处物质的内能（选填“大于”、“小于”或“等于”）（4）由丙图可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，其原因是 。25（6分）实验一：在“探究光的反射规律”的实验中，平面镜M水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由E、F两半部分组成。（1）如图甲所示，将一束光贴着纸板E沿AO射到镜面上O点，纸板F上会显示出反射光束OB，接着将纸板F 折，则在F板上不能看到反射光，此时反射光线、入射光线和法线 （选填“在”或“不在”）同一平面内。实验二：在探究凸透镜成像特点的实验中，凸透镜的光心、 的中心、光屏中心在同一高度上，蜡烛、凸透镜位置如图乙所示，当光屏移至刻度尺 cm处时，在光屏上观测到等大倒立的实像。（2）该凸透镜的焦距是 cm。（3）在上述成像的情况下，把蜡烛向左移动5cm，光屏应向 （选填“左”或“右”）移动可成清晰的像， 就是利用这种成像规律工作的。（4）在（3）中成像的情况下，把自己的近视眼镜放在凸透镜和蜡烛之间，发现光屏上的像变得模糊不清，应该向 透镜方向移动光屏（选填“靠近”或“远离”），可再次得到清晰的像。26（5分）小华总结所做过的力学探究实验，发现：（1）如图甲所示，探究“阻力对物体运动的影响”，为了完成探究，除图中所示器材外还需要增加的器材有 （选填“钩码”、“毛巾”或“弹簧测力计”），实验可得出“水平面上小车受到的阻力越小，运动速度减小越慢”的结论，支持该结论的实验现象是 。（2）如图乙所示，让同一小车从同一斜面的不同高度静止滑下，是为了探究动能与 的关系，木块B被撞得越远说明小车动能越 ；木块B在水平面上滑行时，第一次受到的摩擦力为f1，第二次受到的摩擦力为f2，则f1与f2的大小关系是f1 f2。27（4分）小刚在探究“电流与电压、电阻的关系”实验中，老师提供的实验器材有：电源（电压恒为6V），电流表、电压表各一个，开关一个，四个定值电阻（5、10、15、20），滑动变阻器（规格为“302A”）表一R=10电压U/V123电流I/A0.10.20.3（1）用笔画线将图中电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向A端滑动时，电压表示数变小；（2）小刚所测数据如表一所示，分析数据可得： ；（3）小刚探究“电流与电阻的关系”时步骤如下，请按正确顺序排列 （填选项前字母）A断开开关，换接其他定值电阻，继续实验B将滑动变阻器的滑片P置于阻值最大的位置，闭合开关C记下电流表示数D调节滑动变阻器，使电压表示数保持某值不变（4）小刚选用“5、15、20”电阻替换R，为了能顺利完成实验，电压表示数保持不变的值应不低于 V。28（6分）小明用如图甲所示装置探究不同液体的吸热升温情况的实验。（1）实验中，A、B两种液体 要相等；烧瓶中的电阻丝R甲 R乙（选填=或）。（2）小明根据实验测得的数据分别绘出了A、B两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙，分析图乙可知 （填“A”或“B”）种液体的升温快。若加热过程中无热量损失，已知A的比热容为2.4103J/（kg），则B的比热容为 J/（kg）。（3）若将甲、乙两瓶中液体换成质量相同的两种液体，电阻丝R甲 R乙（选填=或），则该装置可用来探究电流产生的热量与 的关系。29（7分）一个额定电压是6V的小灯泡，其正常工作时电阻约8，小组想测定这个小灯泡的额定功率，实验室中有如下器材：电流表、电压表、开关各一个，两个规格分别为“201A”、“400.6A”的滑动变阻器，导线若干，电源一只（电压为12V）。（1）小组设计了如图a所示电路图，通过分析你认为小明应选用规格为 的滑动变阻器。（2）图b已连接了部分电路，请你根据图a所示电路图，用笔画线代替导线，将电路连接完整，使滑片向左移动时灯变亮。（3）小组正确选择了滑动变阻器，将图b的电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数。任意移动滑动变阻器的滑片，电压表示数不变（示数不为零）且小于6V，原因可能是 。（4）小组排除故障后，继续实验。在实验过程中，眼睛应注意观察 表。小组又通过实验测得小灯泡电流随电压变化曲线如图c。由图可知，小灯泡的额定功率是 W。（5）若实验时电压表烧坏了，电流表及其它元件完好，手边还有一只阻值已知的电阻R0，开关若干，想继续测量灯的额定功率，请在图d的方框内画出实验的电路图，要求实验中电路不准拆开。30（4分）如图所示是某型号的电热水壶，有关参数如表。将它放置于面积为1.2m2的水平桌面上，当热水壶装最大容量水时，求：（此题g取10N/kg）（1）热水壶对桌面的压强；（2）1标准大气压下，若7分钟将20的水烧开，水需吸收多少热量？（3）电热水壶正常工作时的效率是多少？电热水壶壶高22cm最高水位20cm最低水位5cm壶底面积25cm2空壶质量500g最大容量1.5L最小容量0.5L额定电压220V额定功率1500W31（7分）如图所示，电源电压恒为18V，灯泡L上标有“9V4.5W”字样，灯的电阻保持不变，滑动变阻器R1的最大阻值为100，电压表量程为015V电流表量程为00.6A，图中虚线框内接有一只定值电阻R2（未画出）。已知：闭合S1和S3、断开S2时，调节R1，使其接入电路的阻值为12，此时电路的总功率为10.8W；闭合S1和S2、断开S3，调节R1，当电压表的示数为12V时，电流表读数约为0.33A。（1）灯泡L正常发光时的阻值为 ，在情形中，R2电阻为 。（2）请根据题意在虚线框内画出R2，并使电路完整。（3）当闭合S1和S2，断开S3，为保证电路安全，求滑动变阻器接入电路的阻值范围。（4）闭合所有开关时，移动滑动变阻器的滑片P的过程中，求小灯泡的最小功率。参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1【考点】AU：紫外线【分析】（1）（2）超声的穿透能力强，人们可以利用超声来进行探测。（3）验钞机是通过紫外线来进行工作的。（4）雷达是利用电磁波来确定物体位置和速度的设备。【解答】解：A、声呐是利用超声波测绘海底地形的，不是次声波，故A错误；B、B超是利用超声波获得人体内部信息的，故B错误；C、验钞器利用了紫外线使钞票上的荧光物质发光的性质，故C正确；D、雷达是通过发出和接收电磁波来监测空中的飞机的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对超声、电磁波、紫外线在生活中的应用的了解，属基础知识。2【考点】1M：液化及液化现象【分析】（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。（2）吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华。【解答】解：A、夏天，在工作的空调冷凝管上会形成一层水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，液化放热，故A正确；B、揭开冰棒包装后，会看到冰棒冒“白气”，空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒凝结成的小水滴，属于液化现象，液化放热，故B错误；C、秋天的早晨窗户玻璃内侧会出现水珠，是空气中的水蒸气遇冷液化吸成的小水珠，液化放热，故C正确；D、冬天的早上太阳出来后大雾慢慢散去，是汽化现象，汽化吸热，故D正确。故选：B。【点评】本题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要求学生在今后的学习中加强对所学的基础知识的储备，以便能够灵活应用。3【考点】AN：作光的折射光路图【分析】光的折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角，完成折射光路图。【解答】解：射水鱼在水中看到水面上方的树枝上停留的昆虫等猎物，是因为水面上方的树枝上停留的昆虫等猎物“发出”的光射向水面，发生折射，再进入射水鱼的眼睛中，因此光的传播路线是由空气水中。ABC、ABC三图中光的传播路线是由水中空气，故ABC错误。D、根据光的折射定律可知，光从空气中斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，故D正确；故选：D。【点评】本题常出现的问题是不能确定折射点，在两种介质的界面上，折射和反射同时发生时，要根据反射定律作出反射光线，根据折射定律作出折射光线。4【考点】GM：内燃机的四个冲程【分析】（1）汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程也有能量转化，将机械能转化为内能；（2）液体沸点随气压的升高而升高；（3）摩擦起电的实质是电荷的转移，电子从原子核束缚电子能力弱的物体转移到束缚能力强的物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；（4）分子是极小的粒子，是肉眼观察不到的。【解答】解：A、汽油机共有四个冲程，汽油机在压缩冲程中将机械能转化为内能，故A正确；B、压强越大，沸点越高，因此高压锅就是利用液体沸点随气压的升高而升高的原理，故B错误；C、丝绸与玻璃摩擦，玻璃中电子转移到丝绸上，玻璃由于失去电子而带正电，故C错误；D、抽香烟的人周围烟雾缭绕，烟雾是固体小颗粒的运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。故选：A。【点评】本题综合考查了热机的冲程的应用、沸点与气压的关系、分子热运动的辨别，以及对摩擦起电的认识等，综合性强，但都是基础知识。5【考点】EC：功的计算【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A灯泡正常工作时的功率为40W，根据W=Pt可得，1 度电可以使一只 40W 的白炽灯正常工作的时间t=25h=1500min，故A符合实际；B中学生的体重约为500N，两脚的总面积约为500cm2=0.05m2，则他对地面的压强为p=1104Pa，故B不符合实际；C重力对皮球所做的功：W=Gh=5N（10m3m）=35J，故C不符合实际；D中学生的体重约500N，从一楼走到三楼上升的高度为h=23m=6m，该同学从一楼走到三楼所做的功：W=Gh=500N6m=3000J，故D不符合实际。故选：A。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。6【考点】JA：电功率的计算【分析】（1）由图象可知，电路电流最小为0.1A，电流最大为0.4A，找到对应的电压，根据串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压，进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻。（2）由P=UI计算电子元件处于正常工作状态时，电路消耗最小功率；（3）由串联电路特点和欧姆定律，结合图象判断变阻器接入电路电阻为 10 时电路中电流，进一步判断两者功率关系；（4）由串联电路特点和欧姆定律结合图象计算此时变阻器接入电路的阻值大小。【解答】解：由电路图知，电子元件与滑动变阻器串联，A、电子元件处于正常工作状态时，电路电流最小为0.1A，由图象知，此时电子元件两端的最小电压为2V，所以滑动变阻器两端的最大电压为U1=8V2V=6V，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，R最大=60，电路电流最大为0.4A，由图象知，此时电子元件两端的最大电压为4V，所以滑动变阻器两端的最小电压为U2=8V4V=4V，滑动变阻器接入电路的电阻最小，R最小=10，所以滑动变阻器的阻值范围应控制在1060，故A错误；B、电子元件处于正常工作状态时，电路的最小电流为0.1A，电源电压一定，所以电路消耗最小功率：P最小=UI最小=8V0.1A=0.8W，故B错误；C、由图象知，当通过电子元件的电流达到最大正常工作电流0.4A时，其电压为4V，由串联电路特点和欧姆定律可得此时变阻器两端电压：UR=I最大R=0.4A10=4V，满足：U=UR+U电子元件=4V+4V=8V，由P=UI可知，电子元件与滑动变阻器的功率之比为 1：1，故C正确；D、当电路中的电流为 0.2A 时，由图象知，此时电子元件两端电压为3V，所以滑动变阻器两端的电压为U3=8V3V=5V，此时变阻器接入电路的电阻为：R=25，故D错误。故选：C。【点评】本题考查电阻、电功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是计算滑动变阻器的电阻范围，重点是学会根据图象分析问题。7【考点】6U：力与运动的关系【分析】（1）当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的。（2）力可以改变物体的运动状态，物体运动状态的改变包括方向和速度两个方面；（3）不计空气阻力，空中飞行的足球只受重力；（4）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态。【解答】解：A、用脚踢足球，脚感到疼是足球对脚施力的结果。故A错误；B、足球在空中飞行时，不计空气阻力，足球只受重力作用，足球的重力改变了足球运动方向，故B正确；C、足球在空中飞行时，不计空气阻力，只受重力，不再受人对足球的踢力的作用，故C错误；D、足球运动到最高点时，在水平方向上是运动的，如果所有外力消失，它将沿原来的方向做匀速直线运动，故D错误。故选：B。【点评】此题考查力的作用相互性、力的作用效果、和运动与力的关系以及牛顿第一定律，深入理解基本规律，是正确解答的关键。8【考点】8L：飞机的升力【分析】（1）在航空通讯中，是通过电磁波来传递信息的；（2）惯性是一切物体所具有的一种特性，在任何时候物体都有惯性；（3）漂浮物体的浮和始终等于自身重力，判断出重力的变化情况，即可得知浮力如何变化；（4）流体流速越快的位置压强越小，据此来分析飞机起飞时的受力情况。【解答】解：A、舰载飞机飞离航母后，通过发射和接收电磁波与地面取得联系，故A正确；B、飞机降落时，由于惯性，会向前滑行一段距离，但不能说受到惯性的作用，因为惯性不是力，故B错误；C、航载飞机飞离航母后，航母的总重力减小，航母始终漂浮，浮力等于重力，所以浮力会减小，故C错误；D、舰载飞机能够起飞，是由于飞机机翼上部流速大压强小，下部流速小压强大，从而产生向上的升力，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了漂浮条件、流体压强与流速的关系、平衡力的判断、惯性的定义等多个知识点，有一定的综合性，但总体难度不大。9【考点】8P：浮力大小的计算【分析】小球漂浮在乙溢水杯液体中，小球受到的浮力等于重力，进而得出球的质量；小球浸没在甲溢水杯液体中，排开酒精的体积等于小球的体积，故可得出小球的密度；据小球在乙中漂浮，据小球的密度，结合漂浮条件和阿基米德原理可计算乙液体的密度。根据阿基米德原理可求两种情境下小球受到的浮力之比和小球排开液体的体积之比。【解答】解：、由题意知小球放入乙液体中处于漂浮状态，则由漂浮条件和阿基米德原理可得：F浮乙=G球=G排，故小球的质量m球=m排=50g；由题知，在甲中小球下沉，小球的体积就等于排开酒精的体积，所以由=可得，小球的体积：V球=V酒精=50cm3；则小球的密度：球=1g/cm3=1000kg/m3，故错误；因为小球在乙中漂浮，所以F浮乙=G球，小球漂浮且有的体积露出液面，根据阿基米德原理有：F浮乙=乙gV；且G球=球gV球；将、两式带入F浮乙=G球可得：乙gV球=球gV球所以，乙中液体的密度：乙=球=1000kg/m3=1.2103kg/m3故正确；、根据阿基米德原理可知，两种情境下小球受到的浮力之比为：=故正确。、小球在甲溢水杯中全部浸没，在乙溢水杯中有露出液面，即浸没在液体中，所以，两种情境下小球排开液体的体积之比为V球：V球=6：5故正确。综上分析可知，正确，错误，只有3 个正确。故选：C。【点评】本题综合考查了重力的计算、浮力的计算（阿基米德原理、漂浮条件），涉及到物体的浮沉条件。利用好阿基米德原理是本题的关键。10【考点】56：电磁相互作用【分析】（1）电磁铁的磁性强弱与线圈匝数多少有关：当电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强；（2）电动机工作原理：通电导体在磁场中受力运动；（3）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；（4）小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的。【解答】解：A、由图可知，两个电磁铁是串联的，则通过两个电磁铁的电流相同。在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，表明线圈匝数越多，磁性越强该，故A错误；B、图乙中，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的工作原理，电动汽车主要部件是电动机，故B正确；C、ab向上运动时，由于不切割磁感线，所以在电路中不会产生感应电流，电流表的指针不偏转，故C错误；D、实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素、通电导体在磁场中受力运动、电磁感应、通电螺线管的磁场及安培定则。均为电学中的基础内容，应重点掌握。11【考点】IH：欧姆定律的应用【分析】利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻，并且要注意电表正负接线柱的连接。【解答】解：（1）开关S1闭合，S2断开时R0和Rx串联，电流表可以测出通过Rx的电流Ix；S2闭合时为Rx的简单电路，不能直接或间接测量出Rx的电压，所以不能求出Rx的电阻。（2）开关S0闭合，S接1时电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当S接2时电路为未知电阻Rx的简单电路，电流表测通过Rx的电流Ix，根据Rx=求出电阻。（3）开关S1和S2都闭合时，R0被短路，电压表测量电源电压U；只闭合S1时，R0和Rx串联，电压表直接测量Rx两端的电压Ux根据串联电路总电压等于各串联导体电压之和，求出定值电阻两端的电压U0=UUx，根据I0=，求出通过定值电阻的电流。根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix=I0根据Rx=求出电阻。（4）开关S0闭合，S接1时和S接2时电压表V的正负接线柱会连接错误，故无法测出未知电阻Rx的阻值。综合分析（2）（3）可以测出未知电阻Rx的阻值，即可行方法有2种。故B正确。故选：B。【点评】本题考查了伏安法测电阻的探究实验，设计正确的电路图、排除电路故障是我们在实验中常遇到的问题，因此在实验课上我们要边实验边思考，将所学的理论与实际结合起来，锻炼我们解决实际问题的能力。注意伏安法测电阻的原理为欧姆定律的使用，一定要直接或间接测出电阻两端的电压和通过电阻的电流为目的，然后可由欧姆定律求得电阻的阻值。12【考点】JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）当两灯泡分别接入时正常工作的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点分别求出电压表的示数；根据欧姆定律得出滑动变阻器接入电路电阻的大小，结合电路图可知接入电路的电阻越大，滑片P越靠近右端。（2）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，由I=分别求出两灯泡正常工作时的电路即为电路中的电流；根据P=UI可知两电路的总功率情况和滑动变阻器功率之间的关系；（3）只把 L1换成 L2时，闭合开关，RA与R2串联，根据欧姆定律可求电路中电流，再根据P=I2R2可求此时 L2的实际功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）当电路中连接“4V 2W”L1或“6V 3W”L2的灯泡时，因串联电路总电压等于各分电压之和，且灯泡正常工作，所以，电压表的示数分别为：UA=UU1=12V4V=8V，UB=UU2=12V6V=6V，即电压表的示数由8V变为6V，故B错误；（2）因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流分别为：I1=0.5A，I2=0.5A，即电流表在两种情况下示数均为0.5A，由前面解答可知，电压表的示数由8V变为6V，由P=UI可知，第一次滑动变阻器的功率较大，则：PR=（UAUB）I=UI=（8V6V）0.5A=1W，故D正确；（3）由I=可得，灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻分别为：RA=16，RB=12；因RBRA，结合电路图可知，A点在B点的右侧，故A错误；（3）“6V3W”的灯泡L2的电阻：R2=12， L1正常发光后，保持变阻器滑片的位置不变，再接入 L2时，闭合开关，RA与R2串联，根据欧姆定律可得，此时电路中电流：I=A， 此时L2的实际功率：P2=I2R2=（A）2122.2W，故C错误。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，关键是灵活的应用串联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，还要知道灯泡正常工作时的电压为额定电压、正常工作时的电流为额定电流，以及理解灯泡铭牌参数的含义。二、填空题（每空1分，共26分）13【考点】91：声音的产生【分析】（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，真空不能传声；（2）音调由发声体振动的（频率）快慢决定，发声体振动越快，发出的声音音调越高，发声体振动越慢，发出的声音音调越低。【解答】解：A、用一张硬纸片先后在木梳的齿上划过，一次快些，一次慢些，听声音的变化，此实验证明音调是由物体振动的频率决定的；B、借助于仪器观察不同乐器发出声音的图象不同；此实验证明不同发声体的音色不同；C、放在钟罩内的闹钟正在响铃，把钟罩内的空气抽出一些后，铃声明显减小；此实验证明声音的传播需要介质；D、使正在发声的音叉接触水面，水面溅起水花；此实验证明声音是由物体振动产生的。所以能说明声音产生和传播条件的两个实验是CD；能说明音调和频率有关的实验是A。故答案为：AC；D。【点评】本题考查了声音产生和传播的条件，以及声音三个特征的影响因素。14【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】（1）平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；（2）平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等。（3）平面镜成像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成。【解答】解：小明走近办公楼的自动感应门，感应门相当于平面镜，像与物大小相等，像的大小将不变，若他站在感应门前1m处，像离感应门也1m，则他在玻璃门中的像离他：1m+1m=2m，当他站在感应区时门会自动平移打开，根据像和物体各对应点的连线与平面镜垂直，这时他在玻璃门中的像位置随着门的移动将不变。故答案为：不变；2；不变。【点评】对于平面镜所成的像的大小与物体大小始终相等，当距离平面镜较远时，像看起来小了，这是视角变小的缘故，实际像和物体的大小都没变。15【考点】22：质量及其特性【分析】（1）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；燃料燃烧过程是化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，与参照物相比，物体位置有变化，说明物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态；（2）“天宫二号”在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，据此分析“天宫二号”在太空张开“翅膀”后获得的能源；能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源，短时间内从自然界得不到补充的是不可再生能源；电磁波和声音都能传递信息，电磁波传播不需要介质，声音传播需要介质；（3）质量是物体的一个基本属性，它不随物体的形状、状态、位置的改变而改变，一切物体具有惯性；如果失重，原来受重力影响的实验，都将无法完成，天平实质是等臂杠杆，根据两边受重力相等，得出两盘的质量相等。【解答】解：（1）火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量；并且所需的液态氢的体积小，便于储存和运输；火箭内燃料燃烧，化学能转化为内能，推动火箭做功是内能转化为机械能；“天舟一号”与“天宫二号”对接完成前，天舟一号与天宫二号的位置不断发生变化，所以天舟一号飞船相对于天宫二号是运动的；（2）“天宫二号”在太空张开的“翅膀”是太阳能电池板，所以“天宫二号”在太空张开“翅膀”后获得的能源是太阳能；太阳能能够短时间内从自然界源源不断得到补充的是可再生能源；太空是真空，真空不能传声，故科学探测得到的图象和数据是通过电磁波传递到地球的；（3）质量是物体的一个基本属性，当物体的位置发生改变时，物体的质量不发生变化，所以从地球带到“天宫二号”中仪器的质量变化改变；天平是等臂杠杆，依据的原理是F1L1=F2L2，F=G，如果完全失重，则重力为零，天平就无法进行测量。故答案为：（1）热值；化学能；内；运动；（2）太阳能；可再生；电磁波；（3）不变；不能。【点评】本题考查热值、能量的转化、参照物及其选择、能源的分类、电磁波的应用以及质量的特性和天平的原理的应用，知识点较多，解答此题的关键是熟记课本知识点。16【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）读出测力计的示数，在读数时注意测力计的分度值。根据公式W有用=Gh计算出有用功，根据W总=Fs计算出总功，其中s=nh滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。（2）不计绳重与摩擦，若改变物重后所需拉力为3N，说明增加物体的重力，有用功增大，在额外功不变的情况下，机械效率增大。【解答】解：（1）由图知，弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为2.4N，即拉力F=2.4N，由图知，n=3，拉力端移动的距离s=3h，滑轮组的机械效率：=100%83.3%；（2）不计绳重与摩擦，若改变物重后所需拉力为3N，大于之前的拉力，说明物体的重力增大了，则有用功增大，在额外功不变的情况下，有用功在总功中所占的比例变大，则该滑轮组的机械效率变大。故答案为：83.3%；变大。【点评】此题主要考查了有关滑轮组机械效率的计算。关键要分清有用功、总功以及搞清s与h的关系。17【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】水平匀速拉动木块，木块做匀速直线运动，处于平衡状态，拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，由二力平衡条件可知，滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力。【解答】解：实验中为了测量滑动摩擦力的大小，小明把木块放在水平长木板上进行实验，目的是让摩擦力沿着水平方向；弹簧测力计沿水平方向匀速拉动木块，使它沿水平长木板做匀速直线运动，目的是使木块处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，使弹簧测力计对木块的拉力等于木块受到的摩擦力。故答案为：让摩擦力沿着水平方向；使木块处于平衡状态，拉力与摩擦力是一对平衡力。【点评】本题考查探究摩擦力大小与什么因素有关，要掌握实验中测量摩擦力的方法。18【考点】88：液体的压强的特点【分析】（1）根据p=gh分析比较水对瓶内最底部的压强大小；（2）从大气压的角度，分析瓶内部气体压强的大小变化，从而做出判断；（3）液体内部压强的大小与深度有关，深度越深，压强越大。【解答】解：（1）两个相同的装满水矿泉水瓶无论正放，还是倒放，水的深度相等，密度相等，根据p=gh知，此时水对瓶内最底部的压强一样大；（2）向空矿泉水瓶中装入少量热水，迅速倒出，再马上盖上瓶盖，瓶中温度先迅速升高，使瓶内空气受热膨胀，然后再迅速降低，瓶中气体压强变小，小于外界大气压，在大气压的作用下，瓶子瘪了进去，所以，可以验证大气压的存在；（3）图丙中，矿泉水瓶中装水，在侧壁不同高度扎了三个小孔，发现越下端的小孔水喷得越远，由此可得到的结论是：同种液体，深度越大，液体压强越大。故答案为：（1）C；（2）使瓶内空气受热膨胀；（3）同种液体，深度越大，液体压强越大。【点评】一个简单的矿泉水瓶，就可以做多个物理学的实验，说明物理就在我们的身边，三个实验都具有很强的典型性，值得我们关注。19【考点】CV：通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】已知小磁针上端极性，可知其下端极性；小磁针静止，根据磁极间的相互作用判断螺线管右端和条形磁体左端的极性，再判断条形磁体右端的极性；利用安培定则可判断螺线管中的电流方向和电源左端的极性。【解答】解：观察图中小磁针可知，其上端是N极，下端是S极；小磁针处于静止状态，因异名磁极相互吸引，螺线管的右端和条形磁体的左端都吸引小磁针下端，所以螺线管的左端和条形磁体的右端都是N极，则条形磁体的左端为S极；用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的N极，四指指向就是电流的方向，所以电流从螺线管的右端流向左端；在电源外部，电流从电源的正极流向负极，所以电源右端为正极。故答案为：右；右；【点评】本题主要考查的是安培定则的运用以及磁极间的相互作用规律的运用等，难度不大。20【考点】JA：电功率的计算【分析】（1）只闭合开关S1，电路为L和R的串联电路，由甲图象读出当小灯泡的实际功率为0.1W时通过的电流，根据欧姆定律可求电源电压；（2）若电源电压为2V，闭合开关S、S2，断开开关S1，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，由甲图象可知此时通过R的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过灯泡L的电流不变，则通过R的电流即为电流表示数的变化量，利用P=UI求出灯的实际功率。【解答】解：（1）由电路图知，只闭合开关S1，灯泡与定值电阻R串联，由甲图象可知，当小灯泡的实际功率为1W时，通过的电流I=0.5A（即串联电路的电流），其电压为UL=2V，由R的IU图象可得，R的阻值：R=10，根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得，电源电压为：U=UL+IR=2V+0.5A10=7V；（2）若电源电压为2V，闭合开关S、S2，断开开关S1，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压为2V，由甲图象可知此时通过R的电流为IR=0.2A，通过灯泡L的电流仍然为0.5A，所以，通过R的电流即为电流表示数的变化量，即：I=IR=0.2A，此时灯的实际功率：PL=ULIL=2V0.5A=1W。故答案为：7；0.2；1；【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，关键是能从图象中得出小灯泡的实际功率为1W的电压和通过的电流。三、解答题（共50分，解答题应有解题过程）21【考点】71：弹力【分析】据图可知，此时小球所受的弹力有两个，即线对小球的拉力，第二个是墙对小球的支持力。【解答】解：据图可知，此时小球所受的弹力有两个，即线对小球的拉力，第二个是墙对小球的支持力，如下图：【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。22【考点】B6：透镜的光路图【分析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。【解答】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。23【考点】IO：家庭电路的连接【分析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。【解答】解：三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；由此可知，上面三根线分别为零线、