江西省宜春市上高二中2019届高三生物下学期5月全真模拟试题（含解析）

江西省宜春市上高二中2019届高三生物下学期5月全真模拟试题（含解析）1.细胞是最基本的生命系统，下列关于细胞中物质或结构的叙述，正确的是a. 线粒体能为大肠杆菌基因的转录和翻译提供atpb. 脂肪、糖原和淀粉都是储能物质c. 无机盐与神经元产生兴奋有关，与传导兴奋无关d. 在小球藻的培养液中加入atp合成酶，淀粉的合成量增加【答案】b【解析】【分析】线粒体是细胞内有氧呼吸的主要场所，是细胞的“动力车间”；脂肪是细胞内良好的储能物质，糖原是动物体内的储能物质，淀粉是植物体内的储能物质，atp是细胞内直接能源物质；神经元静息时，细胞膜对钾离子的通透性大，钾离子大量外流，形成内负外正的静息电位；受到刺激后，细胞膜的通透性发生改变，对钠离子的通透性增大，因此形成内正外负的动作电位，兴奋部位和非兴奋部位形成电位差，产生局部电流，兴奋就以电信号的形式传递下去，因此无机盐与神经元接受刺激产生兴奋有关，与传导兴奋也有关；光合作用过程中，光反应为暗反应提供了h和atp，暗反应为光反应提供了adp和pi，它们之间是相辅相成的，是一个统一的整体。【详解】a. 大肠杆菌是原核生物，无线粒体，a错误；b. 脂肪、糖原和淀粉都是储能物质，b正确；c. 兴奋的产生和传导与钠离子内流有关，故无机盐与神经元产生兴奋和传导兴奋有关，c错误；d. 由于叶绿体基质中的adp和pi是有限的，即使加入atp合成酶，也不能使atp的合成加快，淀粉的合成量将基本没有影响，d错误。2.下图某反射弧结构的模式图，其中乙表示神经中枢，甲、丙未知。神经元a、b上的1、2、3、4为四个实验位点。现欲探究a是传出神经元还是传入神经元，某研究小组将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧。下列说法错误的是a. 刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则a为传入神经元b. 刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则a为传出神经元c. 刺激位点1，若微电流计指针偏转2次，则a为传入神经元d. 刺激位点1，若微电流计指针偏转1次，则a为传出神经元【答案】a【解析】【分析】反射弧通常由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经和效应器组成，已知乙表示神经中枢，则甲、丙中，一个是感受器、一个是效应器，a和b中，一个是传入神经、另一个是传出神经，而兴奋在神经元上可以双向传导，在神经元之间只能单向传递，据此分析。【详解】a. 将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，说明兴奋可由b传向a，则a为传出神经元，a错误；b. 据a分析可知，刺激位点4，若微电流计指针偏转2次，则a为传出神经元，b正确；c. 将微电流计两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点1，若微电流计指针偏转2次，说明兴奋可由a传向b，因此a为传入神经元，c正确；d. 将微电流计的两个电极分别搭在位点2和位点3的神经纤维膜外侧，刺激位点1，若微电流计指针偏转1次，说明兴奋不能从a传向b，因此a为传出神经元，d正确。3.湿地生态系统在净化水质方面具有重要作用，图表示北京某地区建造的人工湿地（基质层由土壤和各种填料组成），有机物含量高的生活污水通过该湿地可被净化输出。下列关于该生态系统的叙述不正确的是（ ）a. 污水进入湿地经理化作用和分解者的作用得到净化b. 组成该湿地群落的类群包括植物、动物、微生物c. 该湿地群落中的碳全部来自光合作用固定的co2d. 污水进入量过大会破坏该湿地生态系统的稳态性【答案】c【解析】【分析】该人工湿地输入的污水中含有有机物，有机物中含有能量。人工湿地是一个生态系统，流入该生态系统总能量是生产者所固定的太阳能，生态系统的自动调节能力有一定的限度。向水体中通入空气可以提高细菌、真菌等微生物的分解效率，生物物种丰富度的增加属于群落演替中的次生演替，其群落生态位的变化趋势是多样性增加。人工生态系统建立的目的是设法调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。【详解】污水流经人工湿地后，经过物理沉降、化学反应和微生物的分解作用，使污水得到净化，a正确；该湿地中所有的动物、植物和微生物是所有生物的集合体，属于群落，b正确；由于有城市污水流入，补充该湿地群落中的无机物、有机物和能量，该湿地群落中的碳并不是全部来自光合作用固定的co2，c错误；污水进入量过大，超过了湖泊净化能力，其自我调节能力降低，抵抗力稳定性减弱，破坏该湿地生态系统的稳态性，d正确。故选c。4.某兴趣小组用胚芽鞘进行了如下图所示的实验1和2，下列对该实验及其结果的分析错误的是a. 胚芽鞘尖端能产生生长素，也能感受单侧光b. 生长素不能从形态学下端运输至形态学上端c. 生长素能从形态学上端运输至形态学下端d. 实验1设置与自然条件下一致，为对照组，实验2为实验组【答案】a【解析】【分析】根据题图，对比实验1和实验2，找出自变量，可知自变量是形态学上端和下端的位置，据此分析自变量和因变量间的关系，做出实验结论。【详解】a. 实验1和实验2的自变量是形态学上端和下端的位置，因此实验不能说明胚芽鞘尖端能产生生长素，也不能证明感光部位在尖端，a错误；b. 比较实验1和实验2的结果可知，生长素只能能从形态学上端运输至形态学下端，而不能从形态学下端运输至形态学上端，b正确；c. 比较实验1和实验2的结果可知，生长素只能能从形态学上端运输至形态学下端，而不能从形态学下端运输至形态学上端，c正确；d. 实验1为自然状态下生长素运输方向，为对照组，实验2为实验组，d正确。5.某林场在桉树幼林里栽培菠萝，通过精心管理取得了桉树、菠萝两旺，提高了经济效益。下列说法错误的是a. 桉树与菠萝表现出的分层现象属于该群落的垂直结构b. 桉树和菠萝会竞争阳光、水和无机盐，但竞争不明显c. 桉树和菠萝之间可能存在信息传递，不存在能量流动d. 菠萝可以保持水土，这体现了生物多样性的直接价值【答案】d【解析】【分析】群落的垂直结构是指在垂直方向上大多数群落都具有明显的分层现象，植物的垂直结构提高了群落利用阳光等环境资源能力，植物的垂直结构又为动物创造了多种多样的栖息空间和食物条件，所以动物也有分层现象；生物多样性包括基因多样性、物种多样性和生态系统多样性，生物多样性的价值有潜在价值（目前人类尚不清楚）、间接价值（对生态系统起到重要调节功能）和直接价值（对人类有实用意义和非实用意义）。【详解】a. 群落中的桉树和波萝在垂直方向上的分层现象构成群落的垂直结构a正确；b. 桉树和菠萝会竞争阳光等资源，但存在分层现象，竞争不明显，b正确；c. 桉树和菠萝之间不存在捕食与被捕食关系，因此只可能存在信息传递，不存在能量流动，c正确；d. 植物的保持水土属于生物多样性的间接价值，d错误。6.某种鸟为zw型性别决定，羽毛有白羽和粟羽，受1对等位基因(a/a)控制。该鸟有白羽和粟羽2个品系，每个品系均能稳定遗传。将白羽与粟羽两品系杂交，正交时后代为白羽和粟羽，数量相当。反交时后代全为粟羽。下列推断错误的是a. 反交的结果表明粟羽对白羽为显性性状b. 正交和反交的结果表明a、a基因不可能位于常染色体上c. 参与正交的雌鸟和雄鸟的基因型分别为zaw、zazad. 将反交产生的粟羽鸟互相交配，后代全为粟羽【答案】d【解析】【分析】两个品系均能稳定遗传，说明是纯合子，将两品系杂交，正交和反交结果不同，说明a、a基因位于z染色体上，而不位于常染色体上；根据题意，正交时后代为白羽和粟羽，反交时后代全为粟羽，可知正交的亲本及后代为：zaza（白羽）zaw（粟羽）zaza（粟羽）、zaw（白羽），反交的亲本及后代为：zaza（粟羽）zaw（白羽）zaza（粟羽）、zaw（粟羽），据此分析。【详解】a. 根据题意可知，纯合的白羽和粟羽杂交，反交时后代全为粟羽，说明粟羽对白羽是显性性状，a正确；b. 正交和反交的结果不同，表明a、a基因不可能位于常染色体上，而是位于z染色体上，b正确；c. 据分析可知，参与正交的雌鸟和雄鸟的基因型为zaw、zaza，c正确；d. 反交的亲本及后代为：zaza（粟羽）zaw（白羽）zaza（粟羽）、zaw（粟羽），将反交产生的粟羽鸟继续交配，后代会出现zaw（白羽），d错误。7.科学家研究发现，有一种俗称“熊虫”的动物，若进入“隐生状态”（这时它的代谢速率几乎可降至0），能耐受-271 的冰冻数小时，据研究，“熊虫”进入隐生状态时，它们的体内会大量产生一种叫做海藻糖的二糖。根据上述资料，有人认为“熊虫”体液中的海藻糖可以保护组织细胞，使组织细胞避免受到因低温造成的损伤。请设计一个实验方案，用于探究海藻糖是否能保护组织细胞，使组织细胞避免受到因低温造成的损伤。（操作时只要定性即可）（1）为了确保实验的科学性和准确性，从化学组成及生理功能看，用于实验材料的组织细胞应具有_(填“含有”或“不含有”)海藻糖的特点。（2）实验步骤：取适量同种、大小、生理状况相近的动物细胞，等分成甲、乙两组（以甲组为实验组）；_；将上述细胞培养液在_条件下培养数小时；观察甲、乙两组细胞生活状况。（3）实验预期结果及结论：_【答案】 (1). 不含有 (2). 甲加海藻糖，乙不加海藻糖 (3). -271 (4). 若甲组细胞生长良好，乙组细胞死亡则假设成立；若甲、乙两组细胞都死亡，则假设不成立【解析】【分析】根据题意，实验目的是探究海藻糖是否能保护组织细胞，使组织细胞避免受到因低温造成的损伤，可知海藻糖为自变量，故在设计实验时，实验组应加入海藻糖，对照组不加，将其他无关变量控制为等量，创设单一变量，该实验研究的是低温（-271 ）对细胞的损伤状况，因此细胞的生活是否良好是观察指标；预期试验结果时要考虑全面，分别有：“熊虫”产生的海藻糖确实能保护组织细胞，使组织细胞避免受到因低温造成的损伤，则实验组细胞生长良好，对照组细胞死亡；若实验组和对照组细胞均（或绝大部分）死亡，则说明“熊虫”产生的海藻糖不能保护组织细胞，组织细胞因低温而损伤；据此分析。【详解】（1）本实验研究海藻糖对组织细胞影响，有无海藻糖为自变量，故实验应排除掉实验材料中的海藻糖的影响，用于实验材料的组织细胞应不含有海藻糖。（2）实验步骤：甲组加入海藻糖，乙组不加；将上述细胞培养液在相同且低温（-271 ）的条件下培养数小时；（3）预期试验结果：若甲组细胞生长良好，乙组细胞死亡，则假设成立，即海藻糖能保护组织细胞，使组织细胞避免受到因低温造成的损伤；若甲、乙两组细胞都死亡，则假设不成立，说明“熊虫”产生的海藻糖不能保护组织细胞，组织细胞会因低温而损伤。【点睛】本题综合考查试实验设计，解答本题的关键是在实验设计时注意对照原则和单一变量原则，难度适中。8.某科研团队测定转基因植物的光合作用实验，采用“半叶法”对转基因和非转基因的叶片的光合作用强度进行测定。其原理是：将对称叶片的一部分(a)遮光，另一部分(b)不做处理，并采用适当的方法阻止两部分的物质和能量转移（如图）。取两种植物相同叶片，在适宜光照下照射9小时后，在a、b的对应部位各截取10cm2的叶片，烘干称重，获得相应数据如下表（单位：g），则可计算出该叶片的光合作用强度。非转基因植物转基因植物a32.1b4.84.8(1)叶绿体中色素的作用是_ ，a处叶肉细胞中生成h的场所是_。(2)表格中的数据，说明转基因植物叶片的净光合作用强度_(填“等于、大于或小于”)非转基因植物叶片的净光合作用强度， 可计算出转基因植物该叶片的光合作用强度是_g/(dm2h)，但无法计算出转基因植物叶片的呼吸作用强度的原因是_(3)通过表格中数据对比，转基因植物对_（填“光合作用”、“呼吸作用”或“两者”）有促进作用。【答案】 (1). 捕获光能（或吸收、传递和转化光能） (2). 细胞质基质和线粒体基质 (3). 等于 (4). 30 (5). 实验前没有截取相同面积叶片的重量数据 (6). 两者（因为两者的数值都比非转基因的要大。）【解析】【分析】根据题意，叶片a部分遮光，b部分不做处理，并采用适当的方法阻止两部分的物质和能量转移，取两种植物相同叶片，在适宜光照下照射9小时后，在a、b的对应部位各截取10cm2的叶片，烘干称重，设开始时10cm2的叶片干重都为x，则非转基因植物呼吸速率为x-3，净光合速率为4.8-x，光合速率=呼吸速率+净光合速率，因此非转基因植物的光合速率为1.8；转基因植物呼吸速率为x-2.1，净光合速率为4.8-x，则转基因植物的光合速率为2.7，据此分析。【详解】（1）叶绿体中色素的作用是吸收、传递和转化光能，a处叶肉细胞处在遮光条件下，能生成h的生理过程是呼吸作用，场所是细胞质基质和线粒体基质。（2）结合表格中的数据和分析可知，转基因植物叶片的净光合作用强度等于非转基因植物叶片的净光合作用强度，在适宜光照下照射9小时后，10cm2的叶片转基因植物的光合速率为2.7，1dm2=100cm2，则转基因植物该叶片的光合作用强度是2.790.01=30g/(dm2h)，但无法计算出转基因植物叶片的呼吸作用强度，因为实验前没有截取相同面积叶片的重量数据。（3）据分析可知，10cm2的叶片干重都为x，则非转基因植物呼吸速率为x-3，净光合速率为4.8-x，转基因植物的光合速率为1.8；转基因植物呼吸速率为x-2.1，净光合速率为4.8-x，则转基因植物的光合速率为2.7，通过表格中的数据对比，转基因植物的光合作用和呼吸作用的数值都比非转基因植物要大，因此转基因植物对两者都有促进作用。【点睛】本题难度适中，属于考纲中理解层次的要求，解答本题的关键是要能够理解两组叶片所进行的生理活动，并能够熟练运用总光合作用=净光合作用+呼吸作用的关系进行解题。9.脊髓灰质炎(俗称小儿麻痹症)因病毒侵入脊髓引起，对儿童身体健康危害极大。为彻底消灭这种传染病，我国政府每年免费对儿童进行预防接种，如服用减活脊髓灰质炎病毒制成的疫苗一“糖丸”。请回答：(1)某儿童感染脊髓灰质炎病毒后，没有表现出明显的症状，却获得了对该病毒的抵抗力，此过程中脊髓灰质炎病毒_(填“突破”或“未突破”)前两道防线。(2)一患儿出现发热和肢体疼痛等脊髓灰质炎疑似症状，医生建议立即抽血化验，检查相应的抗体水平，原因是_。(3)发热时应多喝水，可降低血浆渗透压，减轻对相应感受器的刺激，使由_细胞分泌、垂体释放的_减少，进而使肾小管、集合管_，最终使尿量增加，利于散热。(4)某儿童口服糖丸后感觉口渴，但根据医生要求未去饮水，控制该行为的神经中枢位于_。在此过程中，相关神经元突触前膜释放递质，使突触后膜受到抑制，此时该突触后膜上的_(填“na”或“cl-”)通道开放。【答案】 (1). 突破 (2). 机体受到抗原刺激后能产生特异性抗体并释放到血浆中 (3). 下丘脑神经分泌 (4). 抗利尿激素 (5). 重吸收水量减少 (6). 大脑皮层 (7). cl【解析】【分析】考点是人体生命活动调节，涉及免疫调节、神经调节和激素调节，以考查相关知识的识记和理解。【详解】(1)感染脊髓灰质炎病毒后，获得了对该病毒的特异性免疫能力，表明病毒已经刺激淋巴细胞产生了抗体和记忆细胞，所以脊髓灰质炎病毒已经突破了前两道防线。(2) 机体受到抗原刺激后能产生特异性抗体并释放到血浆中，检查血液中相应的抗体水平可以判断是否感染脊髓灰质炎病毒。(3)下丘脑神经分泌细胞分泌、垂体释放抗利尿激素，作用于肾小管、集合管调节对水的重吸收，改变尿量。(4)大脑皮层的高级神经中枢控制机体的行为。没有发生饮水行为，说明神经元突触前膜释放抑制性神经递质，使突触后膜受到抑制，不能产生动作电位，是由于突触后膜上的cl通道开放，导致cl内流。【点睛】抗体具有特异性，体内产生相应的抗体说明感染过相应的病原体；抗利尿激素是由下丘脑合成和分泌的，由垂体释放的；阴离子内流，膜内外电位差增大，不能产生外负内正的动作电位。10.果蝇易饲养，繁殖快，相对性状明显，是进行遗传学研究的好材料，以下是对果蝇一些遗传现象的描述，请据题意回答： （1）某科研人员从北京野生型红眼果蝇中分离出紫眼突变体，并进行了以下实验：实验甲，紫眼雌果蝇野生型雄果蝇f1均为红眼f2中红眼紫眼=31。实验乙，紫眼雄果蝇野生型雌果蝇f1均为红眼f2中红眼紫眼=31。依据上述实验结果首先可以确定基因既不在细胞质中，也不位于x、y染色体非同源区段中。因此，科研人员提出了控制果蝇眼色的基因位于x、y染色体同源区段的假设（假设1)。 若假设1成立，则用一只紫眼雌蝇与一只杂合雄蝇杂交，子代的性状表现与性别_(填“有”或“无”）联系；如果对实验甲和实验乙中f2的实验结果进一步分析，则支持上述假设1的实验结果应该是_。你认为果蝇眼色的遗传还可以提出哪一种假设？假设2：_。 （2）果蝇的细眼（b)和粗眼 (b)也是一对相对性状，基因位于x染色体上。现有一只细眼雌果蝇，有三种可能的基因型（xbxby、xbxb、xbxb)，请你设计一个最简单的实验，确定这只果蝇的基因型是否为xbxby。实验方案：_。实验结论：_。【答案】 (1). 有 (2). 实验f2中紫眼均为雌性，实验的f2中紫眼均为雄性（或实验的f2中红眼雌果蝇紫眼雌果蝇红眼雄果蝇=112，而实验的f2中红眼雌果蝇红眼雄果蝇紫眼雄果蝇=211） (3). 控制果蝇眼色的基因位于常染色体上 (4). 借助高倍显微镜对细胞的染色体进行镜检 (5). 若性染色体有三条则说明该果蝇的基因型为xbxby【解析】【分析】根据题意，正交、反交的实验结果均相同，说明控制果蝇眼色的基因不在x、y染色体非同源区段中，可能在常染色体上或x、y染色体的同源区段，则分别根据这两类情况进行分类分析即可，据此分析。【详解】（1） 若假设1成立即基因位于x、y染色体同源区段，假设控制果蝇眼色基因为a/a，根据“f1均为红眼，f2中红眼紫眼=31”，则推测紫眼为隐性，故紫眼雌蝇的基因型为xaxa，杂合雄蝇的基因型为xaya；紫眼雌蝇与杂合雄蝇杂交，子代的基因型为xaxa和xaya，雌蝇全部为红眼，雄蝇全部为紫眼，因此子代性状表现与性别有联系。对实验甲进行分析，紫眼雌果蝇（xaxa）野生型雄果蝇（xaya）f1均为红眼（xaxa、xaya）f2中红眼（xaxa、xaya、xaya）紫眼（xaxa）=31，f2中红眼雌果蝇紫眼雌果蝇红眼雄果蝇=112；对实验乙分析，紫眼雄果蝇（xaya）野生型雌果蝇（xaxa）f1均为红眼（xaxa、xaya）f2中红眼（xaxa、xaxa、xaya）紫眼（xaya）=31，f2中红眼雌果蝇红眼雄果蝇紫眼雄果蝇=211。假设2：控制果蝇眼色的基因位于常染色体上。（2）实验方案：要确定这只细眼雌果蝇（基因型可能为xbxby、xbxb、xbxb)）的基因型是否为xbxby，最简单的方法是借助高倍显微镜对细胞的染色体进行镜检。实验结论：若性染色体有三条则说明该果蝇的基因型为xbxby。【点睛】本题考查伴性遗传相关知识，解答本题的关键是掌握基因分离定律和伴性遗传定律，结合题干信息，根据假设进行分步分析即可，难度一般。11.葡萄糖异构酶经固定化后，可用于工业化生产高果糖浆。请回答下列问题。（1）戊二醛是一种交联剂，能与葡萄糖异构酶通过化学键交联。将酶液、戊二醛溶液先后加入到海藻酸钠溶液中搅拌均匀，用注射器将混合液注入到_溶液中可得到凝胶珠粒，此过程所用的固定化酶方法为_。（2）海藻酸钠的浓度影响会到凝胶珠粒的形状，若珠粒呈“蝌蚪”状，有明显的拖尾现象，说明_，此种固定化酶技术具有的优点是_。（3）1个葡萄糖异构酶活力单位常定义为每分钟产生1mol_所需的酶量。下图是温度对葡萄糖异构酶的固化酶和游离酶活力的影响曲线，该曲线表明_。（4）固定化酶与游离酶的酶促反应相比，存在的不足有_（答出2点）。【答案】 (1). cacl2 (2). 包埋法、化学结合法 (3). 海藻酸钠的浓度过高 (4). 酶可以回复，进行反复利用；节约成本；酶与产物分离等 (5). 果糖 (6). 固定化酶和游离酶的最适温度相同；低于或高于最适温度时，固化酶的酶活力高于游离酶 (7). 固定化时酶的活力有损失、比较适应于水溶性底物、不能催化一系列反应【解析】【分析】固定化酶（固定化细胞）技术是指将酶或细胞固定于载体上，便于与反应物分离，并能重复使用的技术，固定化酶一般采用化学结合法，固定化细胞多采用包埋法、物理吸附法，如用海藻酸钠进行包埋。固定化酶固定的是一种具体的酶，不能催化一系列化学反应；与直接使用酶相比，固定化酶使酶既能与反应物接触，又能与产物分离，还可以被反复利用。【详解】（1）戊二醛是一种交联剂，能与葡萄糖异构酶通过化学键交联。将酶液、戊二醛溶液先后加入到海藻酸钠溶液中搅拌均匀，用注射器将混合液注入到cacl2溶液中可得到凝胶珠粒，此过程所用的固定化酶方法为包埋法、化学结合法。（2）海藻酸钠的浓度影响会到凝胶珠粒的形状，若珠粒呈“蝌蚪”状，有明显的拖尾现象，说明海藻酸钠的浓度过高，此种固定化酶技术具有的优点是酶可以回收，能进行反复利用；节约成本；酶与产物分离等。（3）高果糖浆生产需要的酶是葡萄糖异构酶，1个葡萄糖异构酶活力单位常定义为每分钟产生1mol果糖所需的酶量。