江苏省姜堰二中2020学年高二化学下学期期中试题（选修含解析）

江苏省姜堰二中2020学年高二化学下学期期中试题（选修，含解析）本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。满分120分，考试时间100分钟。可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Br 80第卷(选择题，40分)单项选择题：本题包括10小题，每小题2分，共计20分。每小题只有一个选项符合题意。1.下列有关化学用语表示正确的是()A. CHO的电子式： .B. 2乙基1，3丁二烯的键线式：C. 丙烷分子的比例模型为：D. 邻羟基苯甲酸的结构简式：【答案】B【解析】【详解】A-CHO是醛类的官能团，醛基中碳氧之间存在两对共用电子对，其电子式为：，故A错误；B2-乙基-1，3-丁二烯分子中，在1和2号碳原子间、3号和4号碳原子间各有一个碳碳双键，在2号C上含有一个乙基，其键线式为：，故B正确；C是丙烷的球棍模型，不是比例模型，故C错误；D邻羟基苯甲酸中的取代基处于邻位，正确的结构简式为：，故D错误；故答案为B。2.下列反应中属于加成发应的是（ ）A. 乙烯使酸性KMnO4溶液褪色B. 将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色C. 甲烷与氯气混合，光照一段时间后黄绿色消失D. 乙烯使溴的四氯化碳溶液褪色【答案】D【解析】A乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色，是高锰酸钾和乙烯发生了氧化反应，故A错误；B将苯滴入溴水中，振荡后水层接近无色，没有发生化学变化，故B错误；C甲烷和氯气混合光照后，甲烷中的氢原子被氯原子所代替生成氯代物而使黄绿色消失，属于取代反应，故C错误；D乙烯中碳碳双键中的1个碳碳键断裂，每个碳原子上结合一个溴原子生成1，2-二溴乙烷，所以属于加成反应，故D正确；故选D。点睛：本题主要考查了加成反应的判断，加成反应的条件是有机物中必须含有不饱和键(如碳碳双键、碳碳三键等)。本题的易错点是B，苯与溴水发生萃取，属于物理变化。3.可用来鉴别已烯、苯、甲苯、苯酚溶液的一组试剂是A. 氯化铁溶液、浓溴水B. 碳酸钠溶液、浓溴水C. 酸性高锰酸钾溶液、浓溴水D. 氢氧化钠溶液、浓溴水【答案】C【解析】【分析】氯化铁溶液与苯酚发生反应显紫色；浓溴水与苯酚发生反应产生白色沉淀，苯、甲苯可以萃取溴水中的溴；己烯使浓溴水褪色；己烯和甲苯都能使高锰酸钾溶液褪色；碳酸钠溶液只能和苯酚反应生成苯酚钠和碳酸氢钠；氢氧化钠溶液只能和苯酚反应，但没有明显变化。【详解】根据上述分析：A氯化铁溶液鉴别出苯酚溶液，但是氯化铁溶液和浓溴水都不能鉴别甲苯和苯，故A错误；B碳酸钠溶液和苯酚溶液反应后不分层，但是碳酸钠溶液分别加到已烯、苯、甲苯中均不反应、分层，溴水可鉴别出己烯，但不能鉴别甲苯和苯，故B错误;C己烯可使溴水褪色、苯酚与溴水产生白色沉淀，苯、甲苯可以萃取溴水中的溴，上层有色，下层无色；甲苯使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以用酸性高锰酸钾溶液、浓溴水可鉴别，故C正确；D浓溴水与甲苯、苯混合后现象相同，不能鉴别，D错误故选C【点睛】考点：本题考查有机物的鉴别，侧重于有机物的官能团的性质的考查，注意把握有机物的性质的异同，作为鉴别有机物的关键，题目难度不大。4.下列有机物分子中，所有的原子不可能在同一平面上的是 ( )A. CH2=CH-CNB. CH2=CF-CF=CH2C. D. 【答案】C【解析】【详解】ACH2=CHCN相当于乙烯分子中的一个氢原子被-CN取代，不改变原来的平面结构，-CN中两个原子在同一直线上，这两个平面可以是一个平面，所以该分子中所有原子在同一平面上，选项A错误； BCH2=CF-CF=CH2相当于乙烯分子中的一个氢原子被乙烯基取代，通过旋转碳碳单键，两个碳碳双键形成的平面可能共面，所有原子可能处于同一平面，选项B错误；C中间的CH2，碳原子是正四面体，所有原子不可能处于同一平面，选项C正确；D乙炔是直线型结构，聚乙炔所有的原子可能在同一平面上，选项D错误。答案选C。5.某烃的分子式为C8H10，它滴入溴水中不能使溴水褪色，但它滴入酸性高锰酸钾溶液却能使其褪色， 该有机物一氯代物有3种，则该烃是()A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】某烃的分子式为C8H10，它滴入溴水中不能使溴水因反应而褪色，但它滴入酸性高锰酸钾溶液却能使其褪色，说明含有苯环，结合C、H原子数目关系可知：属于苯的同系物，该有机物的一氯代物只有3种，说明存在3种等效氢原子；A共有3种等效氢原子，一氯代物有3种，故A符合；B共有5种等效氢原子，一氯代物有5种，故B不符合；C对二甲苯共有2种等效氢原子，一氯代物有2种，故C不符合；D共有4种等效氢原子，一氯代物有4种，故D不符合；故答案为A。【点睛】“等效氢法”是判断烃一元取代物的同分异构体最常用的方法。分子中同一碳原子上连接的氢原子等效，同一碳原子所连甲基上的氢原子等效，处于镜面对称位置上的氢原子等效。6.下列各项有机化合物的分类方法及所含官能团都正确的是()A. 醛类 B. 酚类 -OHC. 醛类 D. CH3COOH 羧酸类 【答案】D【解析】【详解】A、为甲醛，官能团为醛基，即，选项A错误；B、当-OH直接连在苯环上时为酚类，当-OH连在链烃基或苯环侧链上时为醇，故为醇类，官能团为-OH，选项B错误；C、当连在O上时为酯基，即的官能团为酯基-COO-，不是醛基，选项C错误；D、官能团-COOH为羧基，CH3COOH属于羧酸，选项D正确。答案选D。7.下列有机物的命名正确的是( )A. 2-甲基-3-丁烯B. 3甲基1,3丁二烯C. 2-甲基丁烷D. 1-甲基乙醇【答案】C【解析】【详解】A为烯烃，最长碳链中碳原子数为4，在1、2号碳之间含有碳碳双键，正确命名为：3-甲基-1-丁烯，故A错误；B取代基的编号应该在2号位，正确命名应该为：2-甲基-1，3-丁二烯，故B错误；C为烷烃，最长碳链中碳原子数为4，正确命名为2-甲基丁烷，故C正确；D，羟基连在2号碳上，正确命名为2-丙醇，故D错误；故答案为C。【点睛】判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：(1)烷烃命名原则：长-选最长碳链为主链；多-遇等长碳链时，支链最多为主链；近-离支链最近一端编号；小-支链编号之和最小；简-两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号。如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；(2)有机物的名称书写要规范；(3)对于结构中含有苯环的，命名时可以依次给苯环编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；(4)含有官能团的有机物命名时，要选含（或带）官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小。8.下列分子中,其核磁共振氢谱中只有一种峰(信号)的物质是( )。A. CH3CH2CH3B. CH3COOHC. CH3COOCH3D. CH3OCH3【答案】D【解析】【分析】核磁共振氢谱中只有一种峰，说明分子中有1种H原子，据此分析。【详解】核磁共振氢谱中只有一种峰，说明分子中有1种H原子，A. CH3CH2CH3分子中有2种H原子，核磁共振氢谱中有2种峰，选项A不符合；B. CH3COOH分子中有2种H原子，核磁共振氢谱中有2种峰，选项B不符合；C. CH3COOCH3分子中有2种H原子，核磁共振氢谱中有2种峰，选项C不符合；D. CH3OCH3分子中有1种H原子，核磁共振氢谱中有1种峰，选项D符合；答案选D。9.下列物质能发生消去反应且产物只有一种的是()A. CH3CHBrCH2CH3B. CH3OHC. (CH3)3CClD. (CH3)3CCH2OH【答案】C【解析】【详解】ACH3CHBrCH2CH3能发生消去反应，产物有CH2=CHCH2CH3和CH3CH=CHCH3两种，故A不符合题意；BCH3OH不能发生消去反应，故B不符合题意；C(CH3)3CCl能发生消去反应，且产物只有一种，故C符合题意；D(CH3)3CCH2OH不能发生消去反应，故D不符合题意；故答案为C。【点睛】卤代烃的消去反应规律：只有1个碳原子的卤代烃不能发生消去反应。与卤素原子相连碳原子的邻位碳原子即C上有氢原子，才能发生消去反应，否则不能，例如：CH3CH2Br可发生消去反应生成CH2CH2和H2O；醇的消去反应规律：只有1个碳原子的醇不能发生消去反应，例如甲醇CH3OH。与羟基相连的碳原子的邻位碳原子即C上有氢原子，否则不能。例如：CH3CH2OHCH2=CH2+H2O。10.某有机化合物3.2 g在氧气中充分燃烧只生成CO2和H2O，将生成物依次通入盛有浓硫酸的洗气瓶和盛有碱石灰的干燥管，实验测得装有浓硫酸的洗气瓶增重3.6 g，盛有碱石灰的干燥管增重4.4 g。则下列判断正确的是()A. 只含碳、氢两种元素B. 肯定含有碳、氢、氧三种元素C. 肯定含有碳、氢元素，可能含有氧元素D. 根据题目条件可求出该有机物的最简式，无法求出该有机物的分子式【答案】B【解析】试题分析：3.2g该有机物在氧气中燃烧后生成的产物依次通过浓硫酸和碱石灰，分别增重3.6g和4.4g，生成水的质量是3.6g，所以氢原子的物质的量是0.4mol，含有氧原子的物质的量是0.2mol，生成的二氧化碳的质量是4.4g，碳原子的物质的量是0.1mol，根据碳原子守恒，可以知道有机物中含有0.1mol碳原子和0.4mol氢原子，根据质量守恒，参加反应的氧气的质量是4.8g，即物质的量是0.15mol，即0.3mol的氧原子，根据氧原子守恒，有机物质中含有氧原子0.1mol，一定含有碳元素和氢元素和氧元素，故选B考点：本题考查学生元素守恒法确定有机物的分子式知识的题目，注意质量守恒的应用，难度不大不定项选择题：本题包括5小题，每小题4分，共计20分。每小题只有一个或两个选项符合题意。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得满分，但只要选错一个，该小题就得0分。11.下列离子方程式正确的是()A. 苯酚钠溶液中通入少量CO2：2C6H5O-+CO2+H2O2C6H5OH+CO32-B. 甲醛溶液中加入足量的银氨溶液并加热：HCHO+2Ag(NH3)2+2OH-HCOO-+NH4+2Ag+3NH3 +H2OC. 乙醛与碱性氢氧化铜悬浊液混合后加热至沸腾：CH3CHO+2Cu(OH)2 +OH-Cu2O+CH3COO-+3H2OD. 向小苏打溶液中加入醋酸：CO32-+2CH3CHOOH=CO2+H2O+2CH3COO-【答案】C【解析】【详解】A向苯酚钠溶液中通入少量CO2，离子方程式：C6H5O-+CO2+H2OC6H5OH+HCO3-，故A错误；B甲醛和银氨溶液发生银镜反应，原理为：HCHO+4Ag(NH3)2+4OH-4Ag+(NH4)2CO3+6NH3+2H2O，故B错误；C乙醛与碱性氢氧化铜悬浊液混合后加热至沸腾：CH3CHO+2Cu(OH)2+OH-Cu2O+CH3COO-+3H2O，故C正确；D向小苏打溶液中加入醋酸，离子方程式：HCO3-+CH3COOHCO2+H2O+CH3COO-，故D错误；故答案为C。12.下列实验步骤及实验结论都正确的是()A. 检验氯代烃中的氯元素：取适量试剂，先加NaOH溶液，加热、冷却后，滴加AgNO3溶液，若有沉淀，说明含有氯元素B. 验证淀粉是否完全水解：取适量试剂，先加稀硫酸，加热、冷却后，加入碘水，溶液变蓝，说明淀粉没有完全水解C. 检验碳碳双键：向分子式为C5H8O2的有机物中，加入酸性高锰酸钾溶液，酸性高锰酸钾溶液褪色，则该有机物一定含有碳碳双键D. 证明有机物中是否含有醛基：在一支洁净试管中，加入1mL2%硝酸银溶液，滴加几滴2%氨水，再加入有机物C3H6O，水浴加热，无银镜出现，说明该有机物不含醛基【答案】B【解析】【详解】A检验氯代烃中的氯元素，水解后必须先加硝酸至酸性，没有先加硝酸，后加硝酸银，不能检验，故A错误；B先加稀硫酸加热淀粉可发生水解反应，反应后加碘水可检验淀粉，则冷却后，加入碘水，溶液变蓝，说明淀粉没有完全水解，故B正确；C分子式为C5H8O2的有机物可能是含有碳碳双键的羧酸、可能是含有碳碳双键的羟基醛、或含有两个醛基等，醛基也能被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，酸性高锰酸钾溶液褪色不能说明该有机物中一定含有碳碳双键，故C错误；D加入1mL2%硝酸银溶液，滴加几滴2%氨水，氨水不足，不能生成银氨溶液，且银镜反应必须在碱性条件下发生，则无银镜出现，不能说明该有机物不含醛基，故D错误；故答案为B。13.某届奥运会上，有个别运动员因服用兴奋剂被取消参赛的资格。下图是检测出兴奋剂的某种同系物X的结构，关于X的说法正确的是() A. X分子中不可能所有原子都在同一平面上B. X 遇到FeCl3溶液时显紫色，而且能使溴的四氯化碳溶液褪色C. 1 mol X 与足量的浓溴水反应，最多消耗4 mol Br2D. 1 mol X在一定条件下与足量的氢气反应，最多消耗1 mol H2【答案】BC【解析】【详解】A苯环、碳碳双键为平面结构，且直接相连，则可能所有原子都在同一平面上，故A错误；B含酚-OH，遇到FeCl3溶液时显紫色；含碳碳双键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故B正确；C酚-OH的邻对位苯环氢与溴水发生取代反应，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1mol X与足量的浓溴水反应，最多消耗4mol Br2，故C正确；D苯环、碳碳双键均与氢气发生加成反应，则1mol X在一定条件下与足量的氢气反应，最多消耗7mol H2，故D错误；故答案为BC。14.据媒体报道，一些非法油厂用棕榈油、粗制棉油等添加香精勾兑成花生油。如下结构就是一种香精：下列对该香精的叙述不正确的是()A. 该香精含有三种官能团B. 该香精能够使酸性KMnO4溶液褪色C. 该香精能与溴水发生加成反应D. 一定条件下，1mol该香精与H2发生加成反应，最多需要5molH2【答案】AD【解析】【详解】A该有机物含有酯基、碳碳双键，只有两种官能团，故A错误；B含有碳碳双键，可使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B正确；C含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，故C正确；D分子中苯环、碳碳双键能与H2发生加成反应，1mol该香精与H2发生加成反应，最多需要4molH2，故D错误故答案为AD。15.CPAE是蜂胶的主要活性成分，由咖啡酸合成CPAE路线如下：下列说法正确的是()A. 苯乙醇属于芳香醇，它与邻甲基苯酚互同系物B. 1molCPAE最多可与含3molNaOH的溶液发生反应C. 用FeCl3溶液不可以检测上述反应中是否有CPAE生成D. 咖啡酸、苯乙醇及CPAE都能发生取代、加成和消去反应【答案】BC【解析】【详解】A苯乙醇与邻甲基苯酚属于不同类物质，结构不相似，不互为同系物，故A错误；B.1 mol CPAE含2mol酚羟基消耗2molNaOH，1 mol 酯基水解也消耗1mol NaOH，共消耗3 molNaOH，故B正确；C反应物咖啡酸中也含有酚羟基，用FeCl3溶液不可以检测上述反应中是否有CPAE生成，故C正确；D咖啡酸、CPAE不会发生消去反应，含苯环可发生加成，咖啡酸中含酚羟基和羧基可发生取代反应，苯乙醇中含醇-OH可发生取代反应，CPAE中含酚羟基和酯基可发生取代反应，故D错误；故答案为BC。第卷(非选择题，80分)16.(1)某烷烃分子中含共价键的数目为16，则该烷烃的分子式为_，其一氯代物只有一种的烷烃的结构简式为_。(2)某物质只含C、H、O三种元素，其分子模型如图所示，分子中共有12个原子(图中球与球之间的连线代表单键、双键等化学键)该物质的结构简式为_。下列物质中，与该物质互为同系物的是(填序号)_，互为同分异构体的是_。A.CH3CH=CHCOOH B.CH2=CHCOOCH3C.CH3CH2CH=CHCOOH D.CH3CH(CH3)COOH(3)药物Z可用于治疗哮喘、系统性红斑狼疮等，可由X(咖啡酸)和Y(1，4环己二酮单乙二醇缩酮)为原料合成(如下图)。试填空： X的分子式为_ ；该分子中最多共面的碳原子数为_ 。Y中是否含有手性碳原子_(填“是”或“否”)。1molZ与足量的氢氧化钠溶液充分反应，需要消耗氢氧化钠_mol；1molZ与足量的浓溴水充分反应，需要消耗Br2_ mol。【答案】 (1). C5H12 (2). C(CH3)4 (3). CH2=C(CH3)COOH (4). C (5). AB (6). C9H8O4 (7). 9 (8). 否 (9). 3 (10). 4【解析】【分析】(1)烷烃的分子通式为CnH2n+2，含有的共价键数目为3n+1；一氯代物只有一种的烷烃，说明烷烃中等效氢的个数为1；(2) 由分子模型可知该有机物的结构简式为，含有碳碳双键和羧基，结合同分异构体以及同系物的定义解答；(3) 由结构简式可知分子式，苯环、碳碳双键为平面结构，与其直接相连的原子一定在同一平面内；连4个不同原子或基团的C原子为手性碳原子；Z中酚-OH、酯基与NaOH反应，碳碳双键能与溴发生加成反应，酚羟基的邻、对位苯环上的氢能被溴原子取代。【详解】(1) 烷烃的分子通式为CnH2n+2，含有的共价键数目为3n+1，即3n+1=16，解得n=5，此烷烃的分子式为C5H12；一氯代物只有一种的烷烃，说明烷烃中等效氢的个数为1，则烷烃的结构简式为C(CH3)4； (2)由分子模型可知该有机物的结构简式为；该有机物的结构简式为，与之互为同分异构的有A：CH3CHCHCOOH、B：CH2CHCOOCH3，与之互为同系物的有C：CH3CH2CHCHCOOH；(3) 由X的结构简式可知X的分子式为C9H8O4，苯环、碳碳双键为平面结构，与其直接相连的原子一定在同一平面内，单键可以旋转，则9个C原子可能共面；连4个不同原子或基团的C原子为手性碳原子，则Y分子中不存在连4个不同原子或基团的C原子，则Y中不含手性碳原子；Z中酚-OH、酯基与NaOH反应，则1mol Z与足量的氢氧化钠溶液充分反应，需要消耗氢氧化钠3mol；碳碳双键能与溴发生加成反应，酚羟基邻、对位的苯环上的氢能被溴原子取代，则1mol Z在一定条件下与足量Br2充分反应，需要消耗Br2 4mol。17.溴乙烷是一种难溶于水、密度为 1.46g/cm3、沸点为 38.4的无色液体。如图为实绘室制备溴乙烷的装置示意图(夹持仅器已略去)。 G 中盛蒸馏水，实验时选用的药品有：溴化钠、 95%乙醇、浓H2SO4。边反应边蒸馏，蒸出的溴乙烷用水下收集法获得。实验室制备溴乙烷的反应原理如下：NaBr+H2SO4(浓) NaHSO4+HBr CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O已知药品的用量：NaBr(s)0.5mol，浓硫酸 65mL(98%、密度1.84g/cm3)，乙醇 0.35mol。可能存在的副反应有：醇在浓硫酸存在下脱水生成烯和醚， Br-被浓硫酸氧化为 Br2等。试问答：(1)冷凝水从_处充入，水浴加热的温度最好控制在_ 左右。(2)为防止副反应的发生，向圆底烧瓶内加入药品时，还需加入适量的_。(3)装置 B 的作用是：使溴乙烷馏出，_。(4)采取边反应边蒸馏的主要原因是_。(5)粗产品用水洗涤后有机层仍呈红棕色，欲除去该杂质，可加入的试剂为_ (填编号)。a.碘化钾溶液 b.氢氧化钠溶液 c.亚硫酸氢钠溶液 d.饱和氯化钠溶液(6)本实验的产率为 60%，则可制取溴乙烷_g。(保留一位小数)【答案】 (1). E (2). 38.4 (3). 水 (4). 冷凝回流乙醇和水 (5). 及时分离出生成物，促进平衡向右移动 (6). c (7). 22.9【解析】【分析】(1)冷水下进上出，在冷凝管中停留时间长，冷却效果好；溴乙烷的沸点为38.4；(2)浓硫酸具有强氧化性，易与NaBr发生氧化还原反应；(3)采用水浴加热溴乙烷馏出，且长导管可冷凝回流；(4)采取边反应边蒸馏，分离出生成物；(5)粗产品用水洗涤后有机层仍呈红棕色，粗产品中含有溴，可选还原性物质除去；(6)n(H2SO4)=1.196mol，由反应NaBr+H2SO4(浓)NaHSO4+HBr可知0.5molNaBr完全反应生成HBr为0.5mol，由反应CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O可知HBr过量，乙醇完全反应，所以CH3CH2Br理论产量为0.35mol109gmol-1=38.15g，以此来解答。【详解】(1)冷水下进上出，在冷凝管中停留时间长，冷却效果好，则冷凝水从E处充入；溴乙烷的沸点为38.4，则水浴加热的温度最好控制在38.4左右；(2)浓硫酸具有强氧化性，易与NaBr发生氧化还原反应，可能发生的副反应有：2NaBr+2H2SO4(浓)Br2+SO2+2H2O+Na2SO4，为减少副反应发生，可先加水稀释，防止Br- 被氧化；(3)图中装置 B 采用水浴加热，作用是：使溴乙烷馏出，冷凝回流乙醇和水；(4)采取边反应边蒸馏的主要原因是及时分离出生成物，促进平衡向右移动；(5)粗产品用水洗涤后有机层仍呈红棕色，粗产品中含有溴，可选亚硫酸氢钠溶液除去，因溴与KI反应生成新杂质碘，溴乙烷与NaOH反应，溴与NaCl不反应，故答案为c；(6)n(H2SO4)=1.196mol，由反应NaBr+H2SO4(浓)NaHSO4+HBr可知0.5molNaBr完全反应生成HBr为0.5mol，由反应CH3CH2OH+HBrCH3CH2Br+H2O可知HBr过量，乙醇完全反应，所以CH3CH2Br理论产量为0.35mol109gmol-1=38.15g，本实验的产率为 60%，则可制取溴乙烷为38.15g60%=22.89g22.9g。【点睛】设计制备实验方案的一般思路是：列出可能的几种制备方法和途径；从方法是否可行、装置和操作是否简单、经济与安全等方面进行分析和比较；从中选取最佳的实验方法。在制定具体的实验方案时，还应注意对实验条件进行严格、有效的控制。18.有机物A可由葡萄糖发酵得到，也可以从牛奶中提取。纯净的A为无色粘稠液体，易溶于水。为研究A的组成与结构，进行了如下实验：实验步骤解释或实验结论(1)称取A9.0g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45 倍。(1)A的相对分子质量为：_。(2)将9.0gA在足量纯O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，发现两者分别增重5.4g和13.2g。(2)A的分子式为：_。(3)另取A9.0g，跟足量的NaHCO3粉末反应，生成2.24LCO2(标准状况)，若与足量金属钠反应则生成2.24 L H2(标准状况)。(3)用结构简式表示A 中含有的官能团_。(4)A的核做共振氢谱如下图：(4)A中含有四种氢原子。(5)综上所述，A 的结构简式为_, 写出两分子A能脱去两分子水形成一种六元环状化合物的化学方程式_(6)A有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1molH2，则该种同分异构体的结构简式为 _。【答案】 (1). 90 (2). C3H6O3 (3). -COOH、-OH (4). (5). 2 +2H2O (6). CH2(OH)CH(OH)CHO【解析】【分析】(1)相同条件下，气体的相对分子质量之比等于密度之比；(2)浓硫酸可以吸收水，碱石灰可以吸收二氧化碳，根据元素守恒来确定有机物的分子式；(3)羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，羧基、羟基可以和金属钠发生化学反应生成氢气；(4)(5)核磁共振氢谱图中有几个峰值则含有几种类型的等效氢原子，峰面积之比等于氢原子的数目之比，结合（3）可知A的结构简式；A分子间脱水生成环酯和水；(6)A有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，说明含有醛基；1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1molH2，说明该有机物分子结构内有2个羟基。【详解】(1)A的密度是相同条件下H2的45倍，所以A的相对分子质量为：452=90；(2)n（A）=9g90g/mol=0.1mol；浓硫酸增重5.4g，则生成水的质量是5.4g，生成水的物质的量是=0.3mol，所含有氢原子的物质的量是0.6mol；碱石灰增重13.2g，所以生成二氧化碳的质量是13.2g，所以生成二氧化碳的物质的量是=0.3mol，所以碳原子的物质的量是0.3mol；n（A）：n（C）：n（H）=0.1mol：0.3mol：0.6mol=1:3:6，所以1个A分子中碳原子数是3，氢原子数是6，根据相对分子质量是90，所以氧原子数是3，即分子式为C3H6O3；(3) n（A）=9g90g/mol=0.1mol；只有羧基可以和碳酸氢钠发生化学反应生成二氧化碳，生成2.24LCO2(标准状况)，n（CO2）=2.24L22.4L/mol=0.1mol，则1个A中含有一个羧基；羧基、羟基可以和金属钠发生反应生成氢气，与足量金属钠反应则生成2.24LH2(标准状况)，n（H2）=2.24L22.4L/mol=0.1mol，则1个A中含有1个羟基，故答案为-COOH和-OH；(5)A的分子式为C3H6O3，由(4)可知氢原子的个数比是3：1：1：1，结合（3）中官能团，A的结构简式为；两分子A能脱去两分子水形成一种六元环状化合物的化学方程式为：2 +2H2O；(6)A有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，说明含有醛基；1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1molH2，说明该有机物分子结构内有2个羟基，则该种同分异构体的结构简式为CH2(OH)CH(OH)CHO。19.1912年的诺贝尔化学奖授予法国化学家V.Grignard,用于表彰他所发明的Grignard试剂（卤代烃基镁）广泛运用于有机合成中的巨大贡献。Grignard试剂的合成方法是：RXMg RMgX（Grignard试剂）。生成的卤代烃基镁与具有羰基结构的化合物（醛、酮等）乙醚发生反应，再水解就能合成各种指定结构的醇：现以2丁烯和必要的无机物为原料合成3，4二甲基3己醇，进而合成一种分子式为C10H16O4的具有六元环的物质J，合成线路如下：请按要求填空：（1） 3，4二甲基3己醇是： _（填代号），E的结构简式是 _；（2）CE反应类型是 _，HI的反应类型是 _；（3）写出下列化学反应方程式（有机物请用结构简式表示）：AB _ ， IJ _ 。【答案】 (1). F (2). (3). 加成反应 (4). 取代反应(水解) (5). CH3CH2CHBrCH3NaOHCH3CH2CH(OH)CH3NaBr (6). 【解析】【分析】试题解析：由题意可知2-丁烯经一系列反应之后生成F，F应为醇，结构简式是3，4-二甲基-3-己醇，F发生消去反应生成G，G和溴发生加成反应生成H，H和氢氧化钠溶液发生取代反应生成I，I和酸发生酯化反应生成J，所以G为，H为，I为， F为，E为，D为，C为：，B为，A为，I和二元酸发生酯化反应生成J，C10H16O4的具有六元环的物质J，则J的结构简式为：。【详解】（1）通过以上分析知，3，4-二甲基-3-己醇是F，E的结构简式为；答案：F 、 。（2）由题给信息结合反应条件可知C为：，D为，则C+DE的反应类型是为加成反应；由H为，I为，则HI的反应类型是取代反应(水解)； 答案：加成反应 (4). 取代反应(水解)。（3）由A为CH3CH2CHBrCH3，B为CH3CH2CH(OH)CH3，根据框图关系知AB反应方程式为： CH3CH2CHBrCH3NaOHCH3CH2CH(OH)CH3NaBr由I为， J为 ，根据框图关系知IJ的方程式为：。；答案： CH3CH2CHBrCH3NaOHCH3CH2CH(OH)CH3NaBr 20. 化合物X是一种有机合成中间体，Z是常见的高分子化合物，某研究小组采用如下路线合成X和Z：已知：化合物A的结构中有2个甲基RCOOR+RCH2COOR请回答：（1）写出化合物E的结构简式_，F中官能团的名称是_。（2）YZ的化学方程式是_。（3）GX的化学方程式是_，反应类型是_。（4）若C中混有B，请用化学方法检验B的存在（要求写出操作、现象和结论）_。【答案】（1）CH2=CH2羟基（2）（3）取代反应（4）取适量试样于试管中，先用NaOH中和，再加入新制氢氧化铜悬浊液，加热，若产生砖红色沉淀则有B存在。【解析】试题分析：化合物A能发生连续氧化依次生成B、C，则A为饱和一元醇，A结构中有2个甲基，则A为(CH3)2CHCH2OH, B为(CH3)2CHCHO，C为(