河南省永城市实验高级中学2020学年高二化学下学期期中试题(含解析)_第1页
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2020年度下学期高二期中化学试题试卷说明:本卷分为试题卷与答题卡两部分,在试题卷上答题无效,考试结束只收答题卡。考试时间为90分钟,满分100分。相对原子质量: H-1 C-12 O-16 Ag-108第I卷 选择题一.选择题(每个题只有一个正确选项,每题3分,共48分)1.下列物质中,不属于有机物的是( )A. 丙烷(CH3CH2CH3)B. 醋酸(CH3COOH)C. 氰化钠(NaCN)D. 乙炔(C2H2)【答案】C【解析】【详解】A.丙烷(CH3CH2CH3)分子中含有C、H两种元素,属于烃,是有机化合物,A不符合题意;B.醋酸(CH3COOH)分子中含有C、H、O三种元素,是烃的衍生物,是有机化合物,B不符合题意;C.氰化钠(NaCN)是含碳元素的无机化合物,不属于有机物,C符合题意;D.乙炔(C2H2)是含碳、氢两元素的化合物,是烃,属于有机物,D不符合题意;故合理选项是C。2.下列化学用语不正确的是( )A. 1,3-丁二烯的分子式:C4H8B. 甲醛的结构式:C. 乙醇的结构简式:CH3CH2OHD. 羟基电子式:【答案】A【解析】【详解】A.1,3-丁二烯的分子式:C4H6,A不符合题意;B.甲醛分子中C、H原子间形成1对共用电子对,C、O两个原子形成双键,因此甲醛的结构式:,B符合题意;C.乙醇分子式是C2H6O,分子中含有一个-OH,结构简式为:CH3CH2OH,C不符合题意;D.O原子最外层有6个电子,其中一个成单电子与H原子的电子形成共用电子对,所以羟基的电子式为,D不符合题意;故合理选项是A。3.下列各组物质中,属于同分异构体的是 ( ) A. B. C. D. 【答案】B【解析】A、碳原子数不同,因此这两种烃不属于同分异构体,属于同系物,故A错误;B、两种有机物分子式为C2H5NO2,结构不同,因此互为同分异构体,故B正确;C、碳原子数不同,不互为同分异构体,应是同系物,故C错误;D、分子式同,前者为C4H10O,后者为C4H10,不属于同分异构体,故D错误。4.下列用系统命名法命名的有机物名称正确的是( )A. 2 -甲基-4 -乙基戊烷B. 3, 4, 4 -三甲基己烷C. 2, 3 -二乙基-1 -戊烯D. 1, 2, 4 -三甲基-1 -丁醇【答案】C【解析】【详解】A.未选择含碳原子数最多的碳链为主链,该物质名称为2,4-二甲基己烷,A错误;B.碳链首端选错,该物质名称为3, 3, 4 -三甲基己烷,B错误;C.符合烯烃的命名方法和原则,C正确;D.未选择含有碳原子数最多的碳链为主链,该物质的名称为2,3-二甲基-1-戊醇,D错误;故合理选项是C。5.已知二甲醚和乙醇是同分异构体,下列鉴别二者的方法中不可行的是( )A. 利用金属钠B. 利用红外光谱法C. 利用核磁共振氢谱D. 利用质谱法【答案】D【解析】【详解】A.金属钠与乙醇反应放出氢气,与二甲醚不能反应,可以鉴别,A不符合题意;B.利用红外光谱法可测定物质中含有的官能团,可以鉴别,B不符合题意;C.核磁共振氢谱能显示分子中H原子种类的不同,可以鉴别,C不符合题意;D.质谱法能够显示分子的相对分子质量,二者分子式相同,相对分子质量相同,因此不能鉴别,D符合题意;故合理选项是D。6.下列烷烃的一氯取代物中没有同分异构体的是( )A. 2-甲基丙烷B. 丙烷C. 乙烷D. 丁烷【答案】C【解析】【详解】A.2-甲基丙烷含有两种不同位置H原子,因此该烷烃的一氯取代物有同分异构体,A不符合题意;B.丙烷分子中含有两种不同位置的H原子,因此丙烷的一氯取代物有同分异构体,B不符合题意;C.乙烷分子中只有一种H原子,因此其一氯代物没有同分异构体,C符合题意;D.丁烷分子中含有两种不同位置的H原子,因此该烷烃的一氯取代物有同分异构体,D不符合题意;故合理选项是C。7.苯和甲苯相比较,下列叙述中不正确的是( )A. 都能使高锰酸钾酸性溶液褪色B. 都属于芳香烃C. 都能在空气中燃烧D. 都能发生取代反应【答案】A【解析】详解】A.苯不能使高锰酸钾酸性溶液褪色,而甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色,A错误;B.苯与甲苯都含有苯环,分子中只含有C、H两种元素,因此都属于芳香烃,B正确;C.苯和甲苯都是有机物,可以燃烧产生CO2和水,C正确;D.苯和甲苯都是芳香烃,在一定条件下可以发生苯环上的取代反应,D正确;故合理选项是A。8.下列各组物质中,能用高锰酸钾酸性溶液鉴别的是( )A. 乙烯和乙炔B. 甲烷和苯C. 苯和正己烷D. 苯和1-己炔【答案】D【解析】【详解】A.乙烯和乙炔都含有不饱和的键,都能够高锰酸钾酸性溶液褪色,因此不能鉴别,A错误;B.甲烷和苯都与酸性高锰酸钾溶液不反应,因此溶液不褪色,不能鉴别,B错误;C.苯和正己烷都不能与酸性高锰酸钾溶液发生反应,因此不能使溶液褪色,不能鉴别,C错误;D.苯不能与酸性高锰酸钾反应,而1-己炔能与酸性高锰酸钾反应,而使溶液褪色,可以鉴别,D正确;故合理选项是D。9.某有机物的结构简式为,下列对其化学性质的判断中,不正确的是( )A. 能被银氨溶液氧化B. 1mol该有机物只能与1molH2发生加成反应C. 1mol该有机物只能与1molBr2发生加成反应D. 能使KMnO4酸性溶液褪色【答案】B【解析】【详解】A.该物质含有醛基,可以被银氨溶液氧化,A正确;B.该物质1个分子中含有1个碳碳双键和1个醛基,这两个官能团都可以与氢气发生加成反应,所以1mol该有机物能与2molH2发生加成反应,B错误;C.只有碳碳双键可以与Br2发生加成反应,所以1mol该有机物只能与1molBr2发生加成反应,C正确;D.碳碳双键和醛基都能被高锰酸钾氧化,因此能使KMnO4酸性溶液褪色,D正确;故合理选项是B。10.针对如图所示乙醇分子结构,下述关于乙醇在各种化学反应中化学键断裂情况的说法不正确的( )A. 与金属钠反应时,键断裂B. 与浓硫酸共热至170时,、键断裂C. 在Ag催化下与O2反应时,、键断裂D. 与醋酸、浓硫酸共热时,键断裂【答案】D【解析】【详解】A.与金属钠反应时,断裂羟基中的O-H键,即键断裂,A正确;B.乙醇和浓H2SO4共热至170时,发生消去反应,生成乙烯,断裂C-O键与甲基中1个C-H键,即、键断裂,B正确;C.在Ag催化下与O2反应,发生催化氧化生成乙醛,断裂羟基中O-H键和羟基碳上的一个C-H键,即、键断裂,C正确;D.与醋酸、浓硫酸共热时,乙醇分子中羟基上O-H键断裂,即键断裂,D错误;故合理说法是D。11.下列化合物在水中的溶解度,排列次序正确的是( )a. HOCH2CH2OH b. CH3CH2CH2OH c. CH3CH2COOCH3 d. HOCH2CH(OH)CH2OHA. dbcaB. cdabC. cdbaD. dabc【答案】D【解析】【详解】在物质a. HOCH2CH2OH ;b. CH3CH2CH2OH;c. CH3CH2COOCH3;d. HOCH2CH(OH)CH2OH中,CH3CH2COOCH3不能与水形成氢键,则溶解度最小;分子中含有羟基数目越多,与水形成氢键越多,则溶解度越大,所以溶解度:HOCH2CH(OH)CH2OH HOCH2CH2OH CH3CH2CH2OH CH3CH2COOCH3,即dabc;故合理选项是D。12.下列关于油酯的叙述中不正确的是( )A. 油酯属于酯类B. 油酯没有固定的熔、沸点C. 油酯都不能使溴水褪色D. 油酯是高级脂肪酸的甘油酯【答案】C【解析】A、油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯,油脂属于酯类,故A正确;B、油脂是油与脂肪的总称,属于混合物,没有固定的熔沸点,故B正确;C、油脂中油是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯,分子中含有不饱和键,具有不饱和烃的性质,所以油可以与溴发生加成反应,使溴水褪色;脂肪是饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯,分子中不含不饱和键,不能使溴水褪色,故C错误;D、油脂是高级脂肪酸与甘油形成的酯,故D正确;故选:C。点睛:本题考查油脂的结构与性质,难度不大,注意油与脂肪的结构区别与性质;解题关键:油脂中油是不饱和高级脂肪酸与甘油形成的酯,分子中含有不饱和键。13.下列物质中,在一定条件下既能发生水解反应,又能发生银镜反应的是( )A. 蔗糖B. 麦芽糖C. 乙酸乙酯D. 葡萄糖【答案】B【解析】【详解】A.蔗糖能发生水解反应,但本身无还原性,不能发生银镜反应,A不符合题意;B.麦芽糖蔗糖能发生水解反应,本身有还原性,能发生银镜反应,B符合题意;C.乙酸乙酯能发生水解反应,但本身无还原性,不能发生银镜反应,C不符合题意;D.葡萄糖是单糖,不能发生水解反应,D不符合题意;故合理选项是B。14.对于淀粉与纤维素关系的叙述,错误的是( )A. 互为同分异构体B. 都符合分子式(C6H10O5)nC. 都是非还原糖D. 都是天然高分子化合物【答案】A【解析】【详解】A.淀粉与纤维素的分子式通式相同,但由于单糖单元的结构不同,单糖单元的数目不同,所以二者不是同分异构体,A错误;B.淀粉与纤维素是许多单糖分子之间脱水形成的,分子式通式都是(C6H10O5)n,B正确;C.淀粉与纤维素分子中都无醛基,因此都没有还原性,C正确;D.淀粉与纤维素都是绿色植物光合作用的高分子化合物,因此都是天然高分子化合物,D正确;故合理说法是A。15.由2-溴丙烷为原料制取1,2-丙二醇(HOCH2-CHOH-CH3),需要经过下列哪几步反应( )A. 消去-取代-加成B. 取代-消去-加成C. 消去-加成-水解D. 水解-取代-取代【答案】C【解析】【详解】由2-溴丙烷制取少量的1,2-丙二醇,可用逆推法判断:CH3CH(OH)CH2OHCH3CHBrCH2BrCH3CH=CH2CH3CHBrCH3,则2-溴丙烷应首先发生消去反应生成CH3CH=CH2,CH3CH=CH2与溴发生加成反应生成CH3CHBrCH2Br,CH3CHBrCH2Br发生水解反应可生成1,2-丙二醇,故合理选项是C。16.某有机物的结构简式如图所示,下列说法正确的是( )A. 分子中含有4种官能团B. 1mol该物质可以和3molNaOH反应C. 在水溶液中该有机物中的羟基和羧基均能电离出氢离子D. 可发生加成反应、中和反应、水解反应、酯化反应、氧化反应和消去反应【答案】B【解析】【详解】A.该物质分子中含有酯基、羟基、羧基三种官能团,A错误;B.该物质分子中含有的羧基可以与NaOH发生反应,酯基水解产生乙酸和酚羟基都可以与NaOH反应,而醇羟基不能反应,因此1mol该化合物可以和3molNaOH反应,B正确;C.在该物质水溶液只有羧基能电离出氢离子,羟基不能电离产生H+,C错误;D.物质中含有苯环可以发生加成反应,含有羧基,能反应中和反应;含有酯基,能发生水解反应;含有羟基和羧基,能发生酯化反应;含有醇羟基,羟基连接的C原子上有H原子,能发生氧化反应,由于羟基连接的C原子直接连接在苯环上,不能发生消去反应,D错误;故合理选项是B。第II卷 非选择题(共52分)17.(1)烷烃C5H12的一种同分异构体只能生成一种一氯代物,该异构体的结构简式为_。(2)2,2,3,3-四甲基戊烷的结构简式为:_。(3)的系统命名:_。(4)1mol不饱和烃可以和1molCl2发生加成反应,生成2-甲基-2,3-二氯戊烷,则该不饱和烃的结构简式是:_。(5)相对分子量相近的醇和烷烃相比,醇的沸点远远高于烷烃,原因是_。(6)相同质量的甲烷,乙烷,乙烯和乙炔,完全燃烧后生成CO2最多的是_。【答案】 (1). (2). C(CH3)3C(CH3)2CH2CH3 (3). 2-甲基-1-丁烯 (4). (CH3)2C=CH-CH2CH3 (5). 醇分子之间形成了氢键 (6). 乙炔【解析】【分析】(1)烷烃C5H12的一种同分异构体只能生成一种一氯代物,则该物质只含有一种位置的H原子,据此书写结构简式;(2)烷烃主链上有五个C原子,在主链的2、3号C原子上分别有2个甲基,然后根据烷烃的C原子价电子为4,用H原子补齐,即得该物质的结构简式;(3)从左端给主链上C原子编号,以确定碳碳双键和甲基在主链上的位置,然后对其命名;(4)将2-甲基-2,3-二氯戊烷的2个Cl原子去掉,将碳碳单键改为碳碳双键,就是该物质的结构简式;(5)醇的分子之间有氢键,增加了分子之间的吸引力,使物质的熔沸点增大;(6)等质量的物质,C元素的含量越多,反应产生的CO2也越多。【详解】(1)烷烃C5H12的一种同分异构体只能生成一种一氯代物,则该物质只含有一种位置的H原子,该物质的结构简式为;(2) 2,2,3,3-四甲基戊烷的结构简式为C(CH3)3C(CH3)2CH2CH3;(3)从左端给主链上C原子编号,以确定碳碳双键和甲基在主链上的位置,然后用系统命名方法对其命名为2-甲基-1-丁烯;(4)将2-甲基-2,3-二氯戊烷的2个Cl原子去掉,将碳碳单键改为碳碳双键,就是该物质的结构简式为(CH3)2C=CH-CH2CH3;(5)相对分子量相近的醇和烷烃相比,由于醇分子之间有氢键,增加了醇分子之间的吸引力,从而使醇的沸点远远高于相应烷烃;(6)相同质量的甲烷,乙烷,乙烯和乙炔中,C元素的含量最高的是乙炔,碳元素的含量越多,等质量的物质中C元素的质量就越多,则其完全燃烧后生成CO2也最多。因此相同质量的甲烷,乙烷,乙烯和乙炔,完全燃烧后生成CO2最多的是乙炔。【点睛】本题考查了烷烃的结构简式的书写、烯烃的系统命名方法及反应特点、有机物的结构与性质的关系等知识。掌握有机化学基础知识,掌握烯烃加成反应的规律等是解题关键。18.某化学小组以苯甲酸和异丙醇为原料,制取苯甲酸异丙酯(),已知有关物质的沸点如表:在如图圆底烧瓶中加入12.2g苯甲酸和30mL异丙醇(密度约为0.79g/cm3),再小心加入3mL浓硫酸,混匀后,加入几块碎瓷片,小心加热30分钟,使反应充分,得苯甲酸异丙酯粗产品。(1)加入碎瓷片的作用是_,加入浓硫酸的作用是_;(2)若反应产物水分子中有同位素18O,写出能表示反应前后18O位置的化学反应方程式:_;(3)苯甲酸异丙酯粗产品中往往含有少量异丙醇、苯甲酸和水等,现拟用下列流程图进行精制,操作中用到的一种重要玻璃仪器是_;操作的名称是_。(4)在进行操作收集苯甲酸异丙酯时应控制的温度范围_。A.80100 B.200249 C.217219 D.249以上【答案】 (1). 防止暴沸 (2). 催化剂和吸水剂 (3). (4). 分液漏斗 (5). 蒸馏 (6). C【解析】【分析】(1)混合液体加热为防止液体暴沸,需要加入碎瓷片;浓硫酸在反应中的作用是催化剂和吸水剂;(2)酯化反应机理为酸脱羟基醇脱氢,羟基与氢原子结合形成水,据此写出该反应的化学方程式;(3)分液用于分离两种不互溶的液体,蒸馏用于互溶但沸点相差较大的两种(或两种以上)液体分离,根据物质性质的不同选择合适的仪器;(4)根据苯甲酸异丙酯的沸点选择合适的温度范围。【详解】(1)液体混合物加热时为防止液体暴沸,需要加入碎瓷片,因此加入碎瓷片的目的是防止暴沸;苯甲酸与异丙醇在浓硫酸存在时加热发生酯化反应,产生苯甲酸异丙酯和水,浓硫酸的作用是催化剂,同时反应产生的水被浓硫酸吸收,可以使酯化反应正向进行,促使酯化反应的进行;(2)苯甲酸与异丙醇在浓硫酸作用下的酯化反应实质为:苯甲酸脱去羟基,异丙醇脱去羟基的H原子,所以水中18O原子来自苯甲酸,则反应的化学方程式为:; (3)苯甲酸异丙酯粗产品中往往含有少量异丙醇、苯甲酸和水等物质,苯甲酸异丙酯是不溶于水的液体,异丙醇、水能溶于饱和碳酸钠溶液,苯甲酸和碳酸钠发生反应,进入溶液,所以操作是分离互不相溶的液体混合物的方法,采用分液法分离,分液使用的主要玻璃仪器为分液漏斗;根据互溶的液体混合物中物质沸点的不同,采用蒸馏的方法分离。(4)若要收集苯甲酸异丙酯,可根据苯甲酸异丙酯的沸点是218,收集217219的馏分即可,故合适选项是C。【点睛】本题通过苯甲酸异丙酯的制备方法,考查了物质制备方案的设计与评价、混合物的分离方法、化学实验操作的目的,明确物质的制备原理为解答此类题的关键。19.某有机物A,由C、H、O三种元素组成,由A可以转化为有机物B、C和D、E;C又可以转化为B、A。它们的转化关系如下: 已知D的蒸气密度是氢气的22倍,并可以发生银镜反应。写出转化的化学方程式:_; _。_; _。【答案】 (1). CH3CH2OHCH2=CH2H2O (2). CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O (3). 2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O (4). CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O【解析】【分析】D的蒸气密度是氢气的22倍,则其相对分子质量为M=222=44,并可以发生银镜反应,说明含有-CHO,则D为CH3CHO,由转化关系可知E为CH3COOH,A为CH3CH2OH,B为CH2=CH2,C为CH3CH2Br,则F为CH3COOC2H5,结合有机物的性质以及官能团的变化解答该题。【详解】根据上述分析推断可知:A为CH3CH2OH,B为CH2=CH2,C为CH3CH2Br,D为CH3CHO,由转化关系可知E为CH3COOH,F为CH3COOC2H5。反应是乙醇与浓硫酸混合加热170发生消去反应产生乙烯和水,反应的方程式为:CH3CH2OHCH2=CH2H2O;是溴乙烷与NaOH的乙醇溶液在加热时发生消去反应产生乙烯、NaBr、H2O,反应的化学方程式为:CH3CH2Br+NaOHCH2=CH2+NaBr+H2O;是乙醇与O2在Cu或Ag作催化剂时,在加热条件下发生氧化反应产生乙醛和水,反应的化学方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O;是乙醇与乙酸在浓硫酸催化下,加热,发生酯化反应,产生乙酸乙酯和水,反应的化学方程式为:CH3COOH+C2H5OHCH3COOC2H5+H2O。【点睛】本题考查有机物的推断,考查了烃、醇、卤代烃、醛、羧酸、酯之间的转化关系及反应条件,本题注意以D的相对密度计算其相对分子质量,结合其发生银镜反应确定D是醛为解答该题的突破口,把握有机物官能团的结构和性质是解答该类题目的关键。20.环己烷可制备1,4-环己二醇。下列七步有关反应(其中无机产物都已经略去)中,其中有两步属于取代反应,两步属于消去反应,三步属于加成反应(提示:属于1,4-加成反应)试回答:(1)写出下列化合物的结构简式:B_,C_。(2)反应_和_(填写序号)属于取代反应(3)反应所用的试剂和条件分别为:_。(4)写出下列反应的化学方程式:_;_。【答案】 (1). (2). (3). (4). (5). NaOH醇溶液、加热 (6). +Cl2+HCl (7). +2NaOH+2NaCl+2H2O【解析】【分析】环己烷和氯气发生取代反应生成,在氢氧化钠的醇溶液、加热条件下发生消去反应生成环己烯A,则A的结构简式为:,A和氯气反应生成B,B发生消去反应生成,和溴发生1,4-加成反应生成,在氢氧化钠的水溶液、加热条件下发生

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