福建省泉州第一中学2020学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）

福建省泉州第一中学2020学年高二化学下学期期末考试试题（含解析）1. 下列表述正确的是A. 羟基的电子式B. 醛基的结构简式COHC. 1-丁烯的键线式D. 聚丙烯的结构简式【答案】C【解析】【详解】A羟基中氧原子最外层为7个电子，羟基中含有1个氧氢键，羟基正确的电子式为，故A错误；B醛基为醛类的官能团，醛基的结构简式为-CHO，故B错误；C中碳碳双键位于1号C，该有机物名称为1-丁烯，故C正确；D聚丙烯为丙烯通过加聚反应生成的，聚丙烯的链节中主链含有2个碳原子，聚丙烯正确的结构简式为，故D错误；故选C。【点晴】本题考查常见化学用语的判断，为高频考点，注意掌握键线式、电子式、结构简式等化学用语的概念及表示方法。解决这类问题过程中需要重点关注的有：书写电子式时应特别注意如下几个方面：阴离子及多核阳离子均要加“”并注明电荷，书写共价化合物电子式时，不得使用“”，没有成键的价电子也要写出来。书写结构式、结构简式时首先要明确原子间结合顺序(如HClO应是HOCl，而不是HClO)，其次是书写结构简式时，碳碳双键、碳碳三键应该写出来。比例模型、球棍模型要能体现原子的相对大小及分子的空间结构。2.聚四氟乙烯（）是不粘锅涂覆物质的主要成分。下列关于聚四氟乙烯的说法，不正确的是A. 属于高分子化合物B. 单体是CF2CF2C. 可由加聚反应得到D. 能使高锰酸钾酸性溶液褪色【答案】D【解析】试题分析：A 聚四氟乙烯分子无确定的相对分子质量，因此属于高分子化合物，错误；B 单体是CF2CF2，正确；C 可由CF2CF2发生加聚反应得到，正确；D 由于在该高聚物中无不饱和的碳碳双键，所以不能使高锰酸钾酸性溶液褪色，错误。考点：考查物质的结构与性质的关系的知识。3.下列说法正确的是A. 与含有相同的官能团，互为同系物B. 属于醛类，官能团为CHOC. 的名称为：2乙基1丁烯D. 的名称为：2甲基1，3二丁烯【答案】C【解析】【详解】A. 前者OH与苯环的侧链相连，属于醇类，后者OH直接与苯环相连，属于酚类，尽管分子构成相差了1个CH2，但是二者不是同一类物质，所以它们不互为同系物，A错误；B. 该物质属于酯类（甲酸酯，含有醛基），官能团为酯基， B错误；C. 该物质的官能团为碳碳双键，含有官能团的最长的碳链有4个C，因此主链含有4个C，为丁烯；编号时官能团的编号要小，因此碳碳双键的编号为1，乙基的编号为2，命名为2-乙基1丁烯，C正确；D. 该物质中含有2个碳碳双键，且含有碳碳双键最长的碳链有4个碳原子，因此该物质为丁二烯。编号时，不管是从左端还是右端，碳碳双键的编号均为1、3，因此编号的选择，让甲基的编号的编号小，甲基的编号为2，则该物质的名称应为：2-甲基-1，3-丁二烯，故D错误。4.下列关于甘氨酸（H2N-CH2-COOH）性质的说法中正确的是A. 只有酸性，没有碱性B. 只有碱性，没有酸性C. 既有酸性，又有碱性D. 既没有酸性，又没有碱性【答案】C【解析】试题分析：甘氨酸含有氨基，能够结合H+，表现出碱性，还含有羧基，能够电离产生H+，与碱发生中和反应，因此又表现出酸性。故甘氨酸既有酸性，又有碱性，选项是C。考点：考查物质的结构与性质的关系的知识。5.在同温同压下，某有机物和过量Na反应得到V1 L氢气，另一份等量的该有机物和足量的NaHCO3溶液反应得到V2 L二氧化碳，若V1V20，则该有机物可能是( )A. HOOCCOOHB. CH3CHOHCOOHC. HOCH2CH2OHD. CH3CH2OH【答案】B【解析】【分析】OH、COOH均能与Na反应，2 mol OH或COOH与过量Na反应生成1 mol H2。COOH能与NaHCO3溶液反应，l mol COOH与足量NaHCO3溶液反应生成1 mol CO2。【详解】A. HOOCCOOH与过量Na、足量NaHCO3溶液反应产生H2、CO2的体积比为12，故A错误；B.与过量Na、足量NaHCO3溶液反应产生H2、CO2的体积相等，故B正确；C. HOCH2CH2OH与Na反应产生氢气，与NaHCO3不反应，故C错误；D.CH3CH2OH与Na反应产生氢气，与NaHCO3不反应，故D错误；答案选B。6.设NA表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A. 25 时，1 L pH11的CH3COONa溶液中水电离出的OH的数目为0.001NAB. 28 g乙烯和丙烯的混合气体含有的原子个数为3NAC. 1 molL1 NaHCO3溶液中含有的HCO3-数目小于NAD. 1 mol Cl2与足量NaOH溶液反应转移的电子数为2NA【答案】A【解析】试题分析：A、醋酸钠属于盐，根据Kw=c(H)c(OH)，因此c(OH) = 1 1014 / 1011 molL1 = 103 molL1，因此水电离产生的n(OH)=0.001mol，故正确；B、设混合气体为CnH2n，因此原子的物质的量为283n/14nmol=6mol，故错误；C、HCO3发生水解，且题目中说明溶液体积，无法计算HCO3的物质的量，故错误；D、Cl2 2NaOH = NaCl NaClO H2O，因此1molCl2转移电子的物质的量为1mole，故错误。考点：考查阿伏加德罗常数等知识7.已知烯烃在酸性KMnO4溶液中双键断裂形式为现有二烯烃C10H18与酸性KMnO4溶液作用后可得到三种有机物：(CH3)2CO、CH3COOH、CH3CO(CH2)2COOH，由此推断此二烯可能的结构简式为A. (CH3)2C=C(CH3)CH2CH2CH=CHCH2CH3B. (CH3)2C=CHCH2CH2C(CH3)=CHCH3C. CH3CH=C(CH3)CH2CH2CH2C(CH3)=CH2D. CH3CH=C(CH3)CH2CH2CH2CH=CHCH3【答案】B【解析】试题分析：根据题给信息可知，在碳碳双键的碳上有一个氢原子，能被酸性高猛酸钾溶液氧化成羧基，没有氢原子则被氧化成酮羰基，根据生成物为（CH3）2CO、CH3COOH、CH3CO（CH2）2COOH三种有机物，则可推出该二烯烃可能为（CH3）2C=CHCH2CH2C（CH3）=CHCH3，选B。考点：考查烯烃的化学性质。8. 下列实验操作能达到实验目的的是实验操作实验目的A苯和溴水混合后加入铁粉制溴苯B乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）酸性溶液混合验证乙醇具有还原性C蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加热一段时间后，加新制备的Cu(OH) 2，加热证明蔗糖水解后产生葡萄糖D向纯碱中滴加醋酸，将产生的气体通入苯酚钠浓溶液证明酸性：醋酸碳酸苯酚【答案】BD【解析】试题分析：A苯和液溴混合后加入铁粉来制溴苯，错误；B 重铬酸钾有强的氧化性，乙醇与重铬酸钾（K2Cr2O7）酸性溶液混合验证乙醇具有还原性，正确；C蔗糖溶液加稀硫酸，水浴加热一段时间后，加入NaOH溶液来中和催化剂，再加新制备的Cu(OH) 2，加热煮沸，来证明蔗糖水解后产生葡萄糖，错误；D在复分解反应中，强酸可以与弱酸的盐发生反应制取弱酸。向纯碱中滴加醋酸，将产生的气体通入苯酚钠浓溶液,来证明酸性：醋酸碳酸苯酚，正确。考点：考查实验操作能与实验目的的关系的知识。9.用下图所示装置及药品进行相应实验，能达到实验目的的是()A. 图1 分离乙醇和乙酸B. 图2 除去甲烷中的乙烯C. 图3 除去溴苯中的溴单质D. 图4 除去工业酒精中的甲醇【答案】D【解析】【详解】A乙酸与乙醇不分层，不能利用图中分液装置分离，应选蒸馏法，故A错误；B乙烯能被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，不能洗气除去甲烷中的乙烯，故B错误；C溴、溴苯均可透过滤纸，不能使用过滤分离，应加NaOH溶液、分液分离除杂，故C错误；D酒精、甲醇互溶，但沸点不同，则可利用图中蒸馏装置除杂，故D正确；答案选D。【点睛】本题考查化学实验方案的评价，把握常见物质的性质、混合物分离方法及实验装置的作用为解答的关键。10.下列离子方程式正确的是()A. 单质铜与稀硝酸反应：Cu2H2NO3Cu22NOH2OB. 碳酸钡跟醋酸反应：BaCO32CH3COOH(CH3COO)2Ba2H2OC. 在溴化亚铁溶液中通入过量的氯气：Cl22Fe22Br2Fe22ClBr2D. 足量的氢氧化钠溶液跟碳酸氢镁溶液反应：Mg22HCO34OHMg(OH)22CO322H2O【答案】D【解析】【详解】A. 电荷与原子均不守恒，单质铜与稀硝酸反应：3Cu8H2NO33Cu22NO4H2O，故A错误；B. (CH3COO)2Ba可以拆，且反应中还有二氧化碳生成，碳酸钡跟醋酸反应：BaCO32CH3COOH2CH3COO-+Ba2+CO2+H2O，故B错误；C. 在溴化亚铁溶液中通入过量的氯气：3Cl22Fe24Br2Fe26Cl2Br2，故C错误；D. 足量的氢氧化钠溶液跟碳酸氢镁溶液反应：Mg22HCO34OHMg(OH)22CO322H2O，故D正确；答案选D。【点睛】离子方程式的书写及正误判断紧抓：（1）微粒的存在形式能否正确表示：强酸、强碱和易溶于水的盐改写成离子形式，难溶物质、难电离物质、易挥发物质、单质、氧化物、非电解质等均写成化学式，如B项(CH3COO)2Ba可以拆；（2）反应物量的关系及离子发生氧化还原反应的顺序，如C项，Fe2+和Br都具有还原性，都能被Cl2氧化，注意Fe2+和Br物质的量关系； （3）看电荷、原子、电子得失总数是否相等，如A项。11.下列醇类物质中，能被氧化成醛的是 ()A. CH3CH2CH2OHB. CH3CHOHCH3C. D. 【答案】A【解析】【分析】醇类物质若能被氧化成醛，则在羟基连接的C原子上应该至少含有2个H原子（伯醇）。伯醇发生催化氧化生成醛，仲醇发生催化氧化生成酮，叔醇不能发生催化氧化，以此分析。【详解】A. CH3CH2CH2OH为伯醇，发生催化氧化生成醛生成丙醛，故A正确；B.为仲醇，发生催化氧化生成丙酮，故B错误；C. 为仲醇，发生催化氧化生成酮，故C错误；D. 为叔醇，不能发生催化氧化，故D错误；答案选A。【点睛】注意醇的催化氧化反应，只有与羟基相连碳的碳上有氢原子的才能发生，伯醇发生催化氧化生成醛，仲醇发生催化氧化生成酮，叔醇不能发生催化氧化。12. 下列判断合理的是（ ）硫酸、烧碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物；蔗糖、硫酸钡和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质；Na2O、Fe2O3、A12O3属于碱性氧化物根据分散系是否具有丁达尔现象将分散系分为溶液、胶体和浊液；根据反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应；CO2、SO2、NO2，都能和碱溶液发生反应，因此它们都属于酸性氧化物A. 只有B. 只有C. 只有D. 只有【答案】B【解析】试题分析：酸是指电离出来的阳离子全部是氢离子的化合物，碱是指电离出来阴离子全部是氢氧根离子的化合物，盐是指电离出金属离子和酸根离子的化合物，氧化物是两种元素组成，其中一种是氧元素的化合物；电解质是指在水溶液里或熔化状态下能够导电的化合物，水溶液中全部电离的化合物为强电解质，水溶液中部分电离的化合物为弱电解质，非电解质是指在水溶液里和熔化状态下都不能够导电的化合物，据此可以分析各种的所属类别；碱性氧化物是指能与酸反应生成盐和水的金属氧化物；根据分散系中分散质粒子直径大小分类；根据反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应；酸性氧化物是指能与碱反应生成盐和水的氧化物解：依据概念分析，硫酸、烧碱、醋酸钠和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物，故正确；蔗糖不能电离属于非电解质，硫酸钡是盐属于强电解质，水是弱电解质，故正确；既能与酸反应，又能与碱反应，A12O3属于两性氧化物，故错误；根据分散系中分散质粒子直径大小将分散系分为溶液、胶体和浊液，故错误；根据反应中是否有电子的转移将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应，故正确；二氧化氮和水反应生成硝酸和一氧化氮，发生氧化还原反应不是酸性氧化物，故错误；故选B13.下列各组离子或物质是否能够大量共存的评价及离子反应方程式书写均正确的是选项粒子组评价A无色容液中：Na+、Al3+、SO42-、CO32-不能大量共存，因为有沉淀和气体生成2Al3+CO32-+3H2O=2Al(OH)3+CO2B中性溶液中：Fe3+、NH4+、S2-、NO3-不能大量共存，因为有沉淀生成2Fe3+3S2-=Fe2S3C澄清溶液中：K+、Cu2+、Cl-、NH3H2O不能大量共存，因为有沉淀生成Cu2+2OH-=Cu(HO)2D酸性溶液中：Fe2+、Al3+、SO42-、I-能大量共存于同一溶液中A. AB. BC. CD. D【答案】D【解析】A、方程式没有配平，应该是2Al3+3CO32-+3H2O=2Al(OH)3+3CO2，A错误；B、铁离子氧化硫离子生成单质S和亚铁离子，不能大量共存，B错误；C、一水合氨是弱电解质，应该用化学式表示，C错误；D、四种离子间不反应，可以大量共存，D正确，答案选D。14.同温同压下，某容器充满O2重116 g，若充满CO2重122 g，充满某气体重124 g，则某气体的相对分子质量为A. 4B. 28C. 32D. 48【答案】D【解析】试题分析：设容器的体积为v L；容器的质量为a g；则，解得v=11.2L，a=100 g，某气体重24 g；物质的量为0.5 mol；=48，故D正确。考点：本题考查阿伏加德罗定律。15.下列关于物质的量浓度表述正确的是()A. 0.3 molL-1的Na2SO4溶液中含有的Na+和SO42的总物质的量为0.9 molB. 当1 L水吸收22.4 L氨气时所得氨水的浓度不是1 molL-1,只有当22.4 L氨气溶于水制得1 L氨水时,其浓度才是1 molL-1C. 在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中,如果Na+和SO42的物质的量相等，则K+和Cl-的物质的量浓度一定相同D. 将10 时a molL-1的KCl饱和溶液100 mL加热蒸发掉5 g水，冷却到10 时，其体积小于100 mL，它的物质的量浓度仍为a molL-1【答案】D【解析】【详解】A. 没有说明0.3 molL-1的Na2SO4溶液的体积，无法计算物质的量，故A错误；B.不是标准状况下，不能使用标准状况下的气体摩尔体积计算22.4L氨气的物质的量，所以即使溶液体积为1L，所得溶液浓度也不一定为1mol/L，故B错误；C.在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中，如果Na+和SO42-的物质的量相等，设二者为n mol，则K+的物质的量为2n mol，Cl-的物质的量为n mol，K+和Cl-的物质的量不相等，其物质的量浓度一定不相等，故C错误；D. 将10 时a molL-1的KCl饱和溶液100 mL加热蒸发掉5g水，冷却到10时，所得溶液仍然为饱和溶液，它的物质的量浓度与溶液的体积大小无关，仍为a molL-1，故D正确；答案选D。【点睛】注意温度一定时，同一种溶质的饱和溶液中的物质的量浓度相同，与溶液的体积无关。16.下列情况会使所配溶液浓度偏低或其他测量值偏低的是()用稀醋酸和稀氢氧化钠溶液反应测定中和热数值；用滴定管量取液体时，开始时平视读数，结束时俯视读数所得溶液的体积；溶液转移到容量瓶后，烧杯及玻璃棒未用蒸馏水洗涤；在用标准液(已知浓度)滴定未知溶液时，盛标准液的滴定管水洗后未润洗；定容时，仰视容量瓶的刻度线A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】醋酸为弱电解质，电离需要吸收热量，导致测得的中和热数值偏低，故选；用滴定管量取液体时，开始时平视读数，结束时俯视读数所得溶液的体积偏大，故不选；溶液转移到容量瓶后，烧杯及玻璃棒未用蒸馏水洗涤，导致溶质的物质的量偏小，依据c分析可知溶液的浓度偏低，故选；在用标准液(已知浓度)滴定未知溶液时，盛标准液的滴定管水洗后未润洗，导致标准液浓度偏低，滴加标准液体积偏大，因此使测得的未知液的浓度偏大，故不选；定容时，仰视容量瓶的刻度线，导致溶液的体积偏大，依据c分析可知溶液的浓度偏低，故选；答案选A。17.把含硫酸铵和硝酸铵的混合液a L分成两等份一份加入含b mol NaOH的溶液并加热，恰好把NH3全部赶出；另一份需消耗c mol BaCl2才能使SO42完全沉淀，则原溶液中NO3的物质的量浓度为 （ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】一份加入含bmol NaOH的溶液并加热，恰好把NH3全部赶出，则NH4物质的量是bmol；另一份需消耗cmol BaCl2才能使SO42完全沉淀，则溶液中SO42的物质的量是cmol。所以根据电荷守恒可知，NO3的物质的量(b-2c)mol,因此原溶液中NO3的物质的量浓度为(b-2c)mol0.5aLmol/L，答案选B18. 下列图像中的曲线（纵坐标为沉淀或气体的量，横坐标为加入物质的量），其中错误的是A. 图A表示向含H+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中滴加NaOH溶液产生沉淀量的关系曲线B. 图B表示向澄清石灰水中通入二氧化碳直至过量产生沉淀量的关系曲线C. 图C表示向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加盐酸产生CO2气体的关系曲线D. 图D表示向明矾溶液中滴加Ba（OH）2溶液产生沉淀量的关系曲线【答案】C【解析】试题分析：AH+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中H+最易与OH-反应，所以开始无沉淀，其次为Al3+，反应后生成水、氢氧化铝，出现沉淀，Mg2+和OH-反应生成氢氧化镁，沉淀达最大量，继续滴加，NH4+和OH-反应生成一水合氨，沉淀量不变，继续滴加，氢氧化铝溶解，Al（OH）3+OH-AlO2-+2H2O，故A正确；B石灰水中通入二氧化碳，先发生Ca（OH）2+CO2CaCO3+H2O，生成沉淀，后发生CO2+CaCO3+H2OCa（HCO3）2，故先产生沉淀，后沉淀溶解，前后两部分二氧化碳的物质的量为1：1，故B正确；C向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加盐酸，盐酸先和氢氧化钠反应，开始没有沉淀，然后再与碳酸钠反应，Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl=NaCl+CO2+H2O，产生CO2气体，开始未产生气体消耗的盐酸应比产生气体消耗的盐酸多，图象错误，故C错误；D向明矾溶液中逐滴加入Ba（OH）2溶液，当Al3+恰好全部沉淀时，离子方程式为：2Al3+3SO42-+3Ba2+6OH-=3BaSO4+2Al（OH）3，继续滴加，则发生Al3+4OH-AlO2-+2H2O，故D正确；故选C。【考点定位】考查化学方程式的有关计算【名师点晴】本题以图象为载体考查钙镁铝化合物的性质，难度中等，明确发生的化学反应是解答的关键，反应发生的先后顺序是学生解答中的难点，注意图象比例关系。特别是C选项，盐酸先和氢氧化钠反应，再与碳酸钠反应，且西安僧成碳酸氢钠，再生成二氧化碳。19.线型PAA（）具有高吸水性，网状PAA在抗压性、吸水性等方面优于线型PAA。网状PAA的制备方法是：将丙烯酸用NaOH中和，加入少量交联剂a，再引发聚合。其部分结构片段如图：下列说法不正确的是A. 线型PAA的单体不存在顺反异构现象B. 形成网状结构的过程发生了加聚反应C. 交联剂a的结构简式是D. PAA的高吸水性与COONa有关【答案】C【解析】【分析】根据【详解】A. 线型PAA（）的单体为丙烯酸钠，不存在顺反异构体，A项正确；B. 丙烯酸钠与交联剂发生了加聚反应，碳碳双键变成单键，不饱和度降低形成聚合物，B项正确；C. 根据上述聚合物的部分片段可以看出交联剂的结构简式为：，C项错误；D. 依据相似相容原理可知，COONa为可溶性的盐，PAA的高吸水性与COONa有关，D项正确；答案选C。【点睛】A项是易错点，顺反异构是空间构象不同按顺序规则分别比较每个碳原子上连接的两个原子或基团，若两个较优基团在键平面同侧者为Z型异构体，在异侧者为E型异构体。20. 绿原酸是咖啡的热水提取液成分之一，结构简式如下图，关于绿原酸判断正确的是（ ）A. 1 mol绿原酸与足量NaHCO3溶液反应，生成3 mol CO2气体B. 1 mol绿原酸与足量溴水反应，最多消耗2.5 mol Br2C. 1 mol绿原酸与足量NaOH溶液反应，最多消耗4 mol NaOHD. 绿原酸水解产物均可以与FeCl3溶液发生显色反应【答案】C【解析】试题分析：A、含有1mol羧基，能和NaHCO3反应产生1molCO2，故错误；B、含有1mol碳碳双键能和1molBr2发生加成反应，含有酚羟基，使得苯环邻位和对位上的氢原子变得活泼，容易发生取代，消耗3molBr2，共消耗4molBr2，故错误；C、含有羧基、酯基、2mol酚羟基，最多消耗4molNaOH，故正确；D、右边的环是环烷烃，不是苯环，不含有酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，故错误。考点：考查官能团的性质等知识。21.甲苯()是一种重要的化工原料，能用于生产苯甲醛()、苯甲酸()等产品。下表列出了有关物质的部分物理性质，请回答：名称性状熔点()沸点()相对密度(水1gcm3)溶解性水乙醇甲苯无色液体易燃易挥发95110.60.8660不溶互溶苯甲醛无色液体261791.0440微溶互溶苯甲酸白色片状或针状晶体122.12491.2659微溶易溶注：甲苯、苯甲醛、苯甲酸三者互溶。实验室可用如图装置模拟制备苯甲醛。实验时先在三颈瓶中加入0.5g固态难溶性催化剂，再加入15mL冰醋酸(作为溶剂)和2mL甲苯，搅拌升温至70，同时缓慢加入12mL过氧化氢，在此温度下搅拌反应3小时。(1)装置a的名称是_，为使反应体系受热比较均匀，可_。(2)三颈瓶中发生反应化学方程式为_。(3)写出苯甲醛与银氨溶液在一定的条件下发生反应的化学方程式：_。(4)反应完毕后，反应混合液经过自然冷却至室温时，还应经过_、_(填操作名称)等操作，才能得到苯甲醛粗产品。(5)实验中加入过量过氧化氢且反应时间较长，会使苯甲醛产品中产生较多的苯甲酸。若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，正确的操作步骤是_(按步骤顺序填字母)。a对混合液进行分液 b过滤、洗涤、干燥c水层中加入盐酸调节pH2 d加入适量碳酸氢钠溶液混合振荡【答案】 (1). 球形冷凝管 (2). 水浴加热 (3). 2H2O2 3H2O (4). +2AgH2O3NH3 (5). 过滤 (6). 蒸馏 (7). dacb【解析】【详解】（1）装置a的名称是球形冷凝管。水浴加热可使反应体系受热比较均匀；（2）甲苯与H2O2反应生成苯甲醛和水，则三颈瓶中发生反应的化学方程式为：. 2H2O2 3H2O；（3）苯甲醛与银氨溶液在加热条件下发生反应生成苯甲酸铵、水、银单质和氨气，化学方程式为： +2AgH2O3NH3；（4）实验时先在三颈瓶中加入0.5g固态难溶性催化剂，所以先过滤除去固态难溶性催化剂。冰醋酸、甲苯、过氧化氢、苯甲醛互溶，利用它们沸点差异，采用蒸馏的方法得到苯甲醛粗产品；（5）若想从混有苯甲酸的苯甲醛中分离出苯甲酸，首先加入适量碳酸氢钠溶液混合振荡，苯甲酸与碳酸氢钠反应生成苯甲酸钠。苯甲酸钠易溶于水，苯甲醛微溶于水，再对混合液进行分液，分离开苯甲酸钠溶液和苯甲醛。然后在水层中加入盐酸调节pH2，苯甲酸钠和盐酸反应生成苯甲酸，最后过滤、洗涤、干燥苯甲酸，答案为dacb。22.人体血液里Ca2的浓度一般采用mg/cm3来表示。抽取一定体积的血样，加适量的草酸铵(NH4)2C2O4溶液，可析出草酸钙(CaC2O4)沉淀，将此草酸钙沉淀洗涤后溶于强酸可得草酸(H2C2O4)，再用KMnO4溶液滴定即可测定血液样品中Ca2的浓度。某研究性学习小组设计如下实验步骤测定血液样品中Ca2的浓度。【配制KMnO4标准溶液】如图所示是配制50 mL KMnO4标准溶液的过程示意图。(1)请你观察图示判断，其中不正确的操作有_(填序号)。(2)其中确定50 mL溶液体积的容器是_(填名称)。(3)如果用图示的操作配制溶液，所配制的溶液浓度将_(填“偏大”或“偏小”)。【测定血液样品中Ca2的浓度】抽取血样20.00 mL，经过上述处理后得到草酸，再用0.020 mol/L KMnO4溶液滴定，使草酸转化成CO2逸出，这时共消耗12.00 mL KMnO4溶液。(4)已知草酸跟KMnO4反应的离子方程式为2MnO4-5H2C2O46H=2Mnx10CO28H2O，则方程式中的x_。(5)经过计算，血液样品中Ca2的浓度为_mg/cm3。【答案】 (1). (2). 50 mL容量瓶 (3). 偏小 (4). 2 (5). 1.2【解析】(1)由图示可知操作不正确。不能在量筒中溶解固体，定容时应平视刻度线，至溶液凹液面最低处与刻度线相切；(2)应该用50 mL容量瓶准确确定50 mL溶液的体积；(3)如果用图示的操作配制溶液，由于仰视刻度线，会使溶液体积偏大，所配制的溶液浓度将偏小；(4)根据电荷守恒，草酸跟KMnO4溶液反应的离子方程式为：2MnO5H2C2O46H=2Mn210CO28H2O；(5)血液样品中Ca2的浓度为1.2 mg/cm3。23. 药用有机物A为一种无色液体。从A出发可发生如下一系列反应：请回答：（1）写出化合物F的结构简式：_。（2）写出反应的化学方程式： _。（3）写出反应的化学方程式：_。（4）有机物A的同分异构体很多，其中属于羧酸类的化合物，且含有苯环结构的有_种。（5）E的一种同分异构体H，已知H可以和金属钠反应放出氢气，且在一定条件下可发生银镜反应。试写出H的结构简式： _。E的另一种同分异构体R在一定条件下也可以发生银镜反应，但不能和金属钠反应放出氢气。试写出R的结构简式： _。【答案】（3）CH3COOHCH3CH2OHCH3COOCH2CH3H2O（4）4 （5）HOCH2CHO HCOOCH3【解析】试题分析：由框图可知：B能和二氧化碳反应生成D，D能和溴水发生取代反应生成白色沉淀，说明D中含有酚羟基，所以A中含有苯环，A的不饱和度为5，则A中除苯环外含有一个不饱和键；A能和氢氧化钠的水溶液发生水解反应生成B和C，则A中含有酯基，C酸化后生成E，E是羧酸，E和乙醇发生酯化反应生成G，G的分子式为C4H8O2，根据原子守恒知，E的分子式为C2H4O2，则E的结构简式为CH3COOH，C为CH3COONa，G的结构简式为CH3COOCH2CH3，根据原子守恒知，D的分子式为C6H6O，则D结构简式为：，B为，F为，则A的结构简式为：，则（1）化合物F的结构简式；（2）反应是A在碱性条件下的水解反应，反应的化学方程式；（3）反应是在浓硫酸作催化剂、加热条件下，乙酸和乙醇发生酯化反应，反应方程式为：CH3CH2OH+CH3COOHCH3COOCH2CH3+H2O；（4）A的结构简式为：，属于羧酸类的A的同分异构体有：邻甲基苯甲酸、间甲基苯甲酸、对甲基苯甲酸、苯乙酸，所以有4种，（5）E的结构简式为CH3COOH，H为乙酸的同分异构体，能发生银镜反应，能和钠反应生成氢气说明H中含有醛基，醇羟基，所以H的结构简式为：HOCH2CHO；E的另一种同分异构体R在一定条件下也可以发生银镜反应，但不能和金属钠反应放出氢气，故R结构中存在醛的结构但不存在羟基或羧基，故为酯的结构HCOOCH3。考点：有机综合推断。24.对乙酰氨基苯酚，俗称扑热息痛，具有很强的解热镇痛作用，工业上通过下列方法合成（B1和B2、C1和C2分别互为同分异构体，无机产物略去）：已知：请回答下列问题：（1）A的结构简式为 _，C2的结构简式为 _。（2）上述的反应中，属于取代反应的有_（填数字序号）。（3）工业上不是直接用硝酸氧化苯酚得到C1，而是设计反应、来实现，其目的是_。（4）反应的化学方程式为_。（5）扑热息痛有多种同分异构体，其中符合下列条件的同分异构体共有_种。a苯环上只有两个取代基，其中一个含碳不含氮，另一个含氮不含碳；b两个氧原子与同一个原子相连。其中核磁共振氢谱中只出现四组峰，且峰面积比为3:2:2:2，又不能发生水解反应的同分异构体的结构简式为_。其中既能发生银镜反应，也能分别与盐酸、氢氧化钠溶液反应，在核磁共振氢谱中只出现五组峰的同分异构体的结构简式为_。【答案】 (1). (2). (3). 、 、 (4). 保护酚羟基不被硝酸氧化 (5). (6). 15 (7). (8). 【解析】分析】苯酚和CH3I发生取代反应生成，与硝酸发生硝化反应生成或，与HI发生取代反应，则C1为，C2为，D为，结合有机物的结构和性质解答该题。【详解】（1）由分析可知，A的结构简式为，C2的结构简式为；（2）反应：与硝酸发生硝化（取代）反应生成或，反应：与HI发生取代反应生成，反应：被还原生成，反应：与CH3COOH发生取代反应生成，则的反应中，属于取代反应的有、 、；（3）工业上不是直接用硝酸氧化苯酚得到C1，而是设计反应、来实现，因为C1、C2含有酚羟基，易被硝酸氧化，应先生成醚基，防止被氧化；（4）反应：与CH3COOH发生取代反应生成，化学方程式为；（5）含N基团可为氨基或硝基，当为氨基时，含碳基团可为羧基或酯基，当为硝