重庆市凤鸣山中学2020学年高二化学下学期期中试题（含解析）

重庆市凤鸣山中学2020学年高二下学期期中考试化学试题1. 化学与生活密切相关，下列有关说法正确的是 （ ）A. 糖类、蛋白质、油脂都属于天然高分子化合物B. 维生素C具有还原性，在人体内起抗氧化作用C. 煤经气化和液化两个物理变化过程，可变为清洁能源D. 制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料【答案】B【解析】试题分析：糖类中的单糖、二糖和油脂均不是高分子化合物，A不正确；B正确，C不正确，煤的气化和液化均是化学变化；聚酯纤维属于有机合成材料，不是新型无机非金属材料，选项D不正确，答案选B。考点：考查化学知识在日常生活应用的有关判断点评：该题基础性强，贴近生活实际，有利于调动学生的学习兴趣，激发学生的学习积极性，难度不大。2.下列说法中，正确的是（ ）A. 苯、乙醇和乙酸都能发生取代反应B. CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物只有5种结构C. 在酸性条件下，CH3CO18OC2H5的水解产物是CH3CO18OH和C2H5OHD. 使用溴的四氯化碳溶液或酸性KMnO4溶液都可以除去乙烷中混有的乙烯【答案】A【解析】试题分析：A、苯可与液溴、浓硝酸发生取代反应，乙醇和乙酸发生酯化反应，所以均可发生取代反应，正确；B、根据“定一移一”的原则，CH3CH2CH2CH3的二氯取代产物有6种结构，错误；C、根据酯的形成过程判断，酯水解时碳氧单键断开应属于醇的部分所以乙醇分子中应含18O原子，错误；D、使用酸性KMnO4溶液可以除去乙烷中混有的乙烯，但同时又增加新杂质二氧化碳，错误，答案选A。考点：考查对发生取代反应的物质的判断，烷烃的二代物同分异构体的判断，酯水解产物的判断，有机除杂问题3. 天然维生素P（结构如图，其中烃基R为饱和烃基）存在于槐树花蕾中，它是一种营养增补剂。关于维生素P的叙述错误的是（）A. 可以使酸性KMnO4溶液褪色B. 分子中有三个苯环C. 1mol维生素P可以和4molNaOH反应D. 维生素P与溴水反应时1mol维生素P可以消耗6molBr2 【答案】B【解析】试题分析：A分子中含有碳碳双键和酚羟基，可被酸性KMnO4溶液氧化，故A正确；B维生素P结构中含有两个苯环，故B错误；C分子中含有4个酚羟基，具有酸性，可与NaOH反应，则1mol维生素P最多可以和4molNaOH反应，故C正确；D结构中含有酚羟基，能与溴水反应-OH的邻、对位取代，含有碳碳双键，能发生加成反应，1mol该物质与足量溴水反应耗6molBr2，故D正确；答案为B。【考点定位】本题考查有机物的结构与性质【名师点晴】由结构简式可知，分子中含酚-OH、碳碳双键、醚键、羰基等，结合酚、苯环等物质性质来解答，为高频考点，把握有机物官能团与性质的关系为解答的关键，侧重苯酚、烯烃、苯性质的考查，选项B为易错点，题目难度不大。4.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是（ ）A. 17 g羟基(OH)所含有的电子数是10NA个B. 1 mol苯乙烯中含有的碳碳双键数为4NA个C. 常温下，14 g乙烯和丙烯的混合物中总原子数为3NA个D. 4.2 g C3H6中含有的碳碳双键数一定为0.1NA【答案】C【解析】试题分析：A、依据n=，计算物质的量=1mol，结合羟基结构计算电子数9NA个，故A错误；B、苯环中无碳碳双键，1mol苯乙烯中含有的碳、碳双键数为NA个，故B错误；C、乙烯和丙烯最简式CH2，依据n=，计算CH2物质的量得到原子数=3NA=3NA，故C正确；D、依据n=，计算物质的量=0.1mol，C3H6可能是烯烃或环烷烃，含有的碳碳双键数不一定为0.1NA，故D错误；故选C。考点：考查了阿伏加德罗常数的相关知识。5.利用下图所示的有机物X可生产S诱抗素Y。下列说法正确的是（ ）A. X可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应，并能与盐酸反应生成有机盐B. Y既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色C. 1mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗4mol NaOHD. 有机物分子中若某一个碳原子连接4个不同的原子或基团，这种碳原子称为“手性碳原子”，则在X结构中有2个手性碳原子【答案】A【解析】【详解】AX中含有碳碳双键可以发生氧化反应、加聚反应，含有-OH、-COOH能够发生取代、酯化、缩聚反应，含有-NH2，能与盐酸反应生成有机盐，故A正确；BY中不含酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，故B错误；C酚-OH、-COOH、-CONH-、-COOC-均能与碱反应，则1 molX与足量NaOH溶液反应，最多消耗5molNaOH，故C错误；D连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，则X中只有与-OH相连的C为手性碳原子()，故D错误；答案选A。【点睛】掌握官能团的结构及其性质是解题的关键。本题的易错点为C，要注意酯基水解生成的羟基是否为酚羟基，若是酚羟基，也能与氢氧化钠反应。6. 下述实验能达到预期目的的是 （ ）A. 检验乙醛中醛基：在一定量CuSO4溶液中，加入少量NaOH溶液，然后再加入乙醛，加热产生砖红色沉淀B. 分离提纯苯：向苯和苯酚混合溶液中加入足量浓溴水，静置后分液C. 比较CH3COO和CO32结合H+的能力：相同温度下，测定浓度均为0.1molL-1的Na2CO3和CH3COONa溶液的pHD. 检验溴乙烷中的溴元素：向某溴乙烷中加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成【答案】C【解析】试题分析：A、检验醛基的试剂若选用新制氢氧化铜浊液，则制备时氢氧化钠是过量的，应该是少量的硫酸铜溶液中加入过量的氢氧化钠溶液，错误；B、苯酚与浓溴水反应生成三溴苯酚沉淀溶于苯中，所以不能分液除去，错误；C、离子结合H+的能力越强，对应的酸越弱，测定浓度均为0.1molL-1的Na2CO3和CH3COONa溶液的pH，pH大的说明水解程度大，生成的酸就弱，结合H+的能力就强，正确；D、氢氧化钠与硝酸银溶液也反应生成沉淀，给实验造成干扰，所以检验溴元素时先加入硝酸中和氢氧化钠后再加入硝酸银溶液，错误，答案选C。考点：考查官能团的检验，除杂试剂、方法的选择，盐水解规律的应用7.我国支持“人文奥运”的一个重要体现是：坚决反对运动员服用兴奋剂。某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是（ ）A. 遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B. 1 mol该物质分别与浓溴水和H2反应时最多消耗Br2和H2分别为4 mol、7 molC. 滴入KMnO4(H+)溶液，观察紫色变浅，是因为结构中存在碳碳双键D. 该分子中的所有碳原子不可能共平面【答案】B【解析】【详解】A结构中含有酚羟基，遇FeCl3溶液显紫色，但该化合物中含有2个苯环、3个羟基且含有碳碳双键，与苯酚的结构不相似，不属于苯酚的同系物，故A错误；B与浓溴水反应的酚类为酚羟基邻对位上的氢被溴取代，左边苯环邻对位上只有一个H，右边苯环邻对位上有两个H，还有一个碳碳双键与溴水发生加成反应，共消耗4 mol的Br2；苯环和碳碳双键能够与氢气加成，两个苯环、一个碳碳双键共消耗7 mol的H2，故B正确；C酚羟基、碳碳双键、苯环上的甲基都能被酸性KMnO4褪色氧化，使高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D从苯环平面结构及乙烯的平面结构出发，把上述结构分成三部分：右边以苯环为中心8个碳原子共平面，左边以苯环为中心8个碳原子共平面，还有以碳碳双键为中心4个碳原子共平面，上述三个平面可以重合，故D错误；答案选B。8.有下述有机反应类型消去反应，水解反应，加聚反应，加成反应，还原反应，氧化反应，以丙醛为原料制取 1,2-丙二醇，所需进行的反应类型依次是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】以丙醛为原料制取1，2丙二醇。1个1，2-丙二醇分子有2个羟基，且处于相邻的碳原子上，所以应先制备丙烯，丙醛先加氢还原为丙醇，然后在浓硫酸加热条件下发生消去反应得到丙烯；丙烯再与溴加成，制得1，2-二溴丙烷，最后在碱的水溶液条件下水解即可得到1，2-丙二醇。故合成路线中依次发生的反应类型为，故选D。9. 下列实验可达到实验目的的是（ ）A. 将苯与浓硝酸、浓硫酸的混合物在60水浴加热条件下反应可生成硝基苯B. 用酸性高锰酸钾溶液即可检验CH2=CH-CHO中的碳碳双键C. 将与NaOH的醇溶液共热制备CH3CHCH2D. 淀粉在硫酸催化作用下水解，将银氨溶液加入到水解后的溶液中可检验淀粉水解的产物葡萄糖【答案】A【解析】试题分析：A、苯与浓硝酸、浓硫酸的混合物在60水浴加热条件下反应可生成硝基苯，符合反应事实，正确；B、CH2=CH-CHO中的醛基也可使酸性高锰酸钾溶液褪色，所以酸性高锰酸钾溶液不能检验CH2=CH-CHO中的碳碳双键，错误；C、醇在氢氧化钠的醇溶液中不发生反应，错误；D、淀粉在硫酸催化作用下水解，中和硫酸后再将银氨溶液加入到水解后的溶液中可检验淀粉水解的产物葡萄糖，错误，答案选A。考点：考查对苯的性质的判断，官能团的检验，反应条件的判断，产物 的检验10.乙二酸，又称草酸，通常在空气中易被氧化而变质。其两分子结晶水(H2C2O42H2O)却能在空气中稳定存在。在分析化学中常用H2C2O42H2O做KMnO4的滴定剂，下列关于H2C2O4的说法正确的是A. 草酸是二元弱酸，其电离方程式为H2C2O42H+C2O42B. 草酸滴定KMnO4属于中和滴定，可用石蕊做指示剂C. 乙二酸可通过乙烯经过加成、水解、氧化再氧化制得D. 将浓H2SO4滴加到乙二酸上使之脱水分解，分解产物是CO2和H2O【答案】C【解析】试题分析：A多元弱酸的电离是分步进行的，电离方程式为H2C2O4H+HC2O4-，故A错误； B高锰酸钾本身就是紫红色，不需要指示剂，因为中和完全的时候它自己就褪色，故B错误；C乙烯和氯气加成生成1，2二氯乙烷，上述产物水解成乙二醇，乙二醇催化氧化为乙二醛，乙二醛发生银镜反应生成乙二酸，故C正确；D乙二酸在酸和受热的条件下易分解出甲酸和二氧化碳，故D错误；故选C。考点：考查多元弱酸的电离、中和滴定、乙二酸的制取和性质等。11.A、B、C都是有机化合物，且有如下转化关系：ABC，A的相对分子质量比B大2，C的相对分子量比B大16，C能与过量的NaHCO3反应生成一种常见的气体，以下说法可能正确的是（ ）A. A是乙炔，B是乙烯B. A是乙烯，B是乙烷C. A是环己烷，B是苯D. A是乙醇，B是乙醛【答案】D【解析】【详解】A的相对分子质量比B大2，说明A发生去氢生成B，C的相对分子量比B大16，C能与过量的NaHCO3反应生成一种常见的气体，则C为酸，则B为醛。B加氢可以得到A，则A为醇，只有D(A是乙醇，B是乙醛)符合要求，因此C为乙酸，故选D。12.下列有关实验的叙述，正确的是（ ）用NaOH溶液除去乙酸乙酯中混有的乙酸、乙醇，然后分液分馏石油时，温度计的末端必须插入液面下用分液漏斗分离环己烷和水的混合液体用浓氨水洗涤做过银镜反应的试管配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴加到稀硝酸银溶液中，产生白色沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止蔗糖水解后，直接滴加新制氢氧化铜悬浊液并加热检验水解产物中的葡萄糖A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】NaOH能和乙酸反应生成可溶性的乙酸钠，但NaOH也能和乙酸乙酯反应，乙醇易溶于水、乙酸和碳酸钠反应生成乙酸钠、乙酸乙酯和碳酸钠不反应，应该用饱和的碳酸钠溶液除去乙酸乙酯中的乙酸和乙醇，故错误；分馏石油时，温度计测量馏分温度，所以温度计水银球应该位于蒸馏烧瓶支管口处，故错误；互不相溶的液体采用分液方法分离提纯，环己烷和水不互溶且都是液体，可以用分液漏斗分离提纯，故正确；氨水和Ag不反应，但硝酸能和Ag反应生成可溶性的银盐，所以应该用稀硝酸洗涤，故错误；配制银氨溶液时，将稀氨水慢慢滴加到稀硝酸银溶液中，硝酸银和一水合氨反应生成AgOH沉淀，AgOH和一水合氨反应生成银氨络合物，所以产生白色沉淀后继续滴加至沉淀刚好溶解为止，故正确；葡萄糖和新制氢氧化铜的反应必须在碱性条件下，所以该实验在滴加新制氢氧化铜悬浊液之前必须加入NaOH中和作催化剂的硫酸，否则实验不成功，故错误；正确有，故选C。【点睛】本题的易错点为，要注意葡萄糖(含有醛基的物质)和新制氢氧化铜、银氨溶液的反应都必须在碱性条件下才能发生。13.有机物的结构简式为，关于该物质的下列说法：能发生取代反应；能发生加成反应；能发生氧化反应；能发生消去反应；能和NaOH溶液反应；能和NaHCO3溶液反应，其中不正确的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】判断有机物的性质，关键是找出有机物中含有的官能团。根据有机物的结构简式可知，分子中含有的官能团有酚羟基、碳碳双键和醚键，所以都能发生，不能发生，答案选B。14.心脑血管疾病是一种致残率高的疾病，由于没有明显的临床症状，因而被称为“沉默的疾病”，人类健康的第一杀手。下图是合成一种治疗心脑血管疾病药物路线中的某一步骤，下列说法中正确的是（）A. Y的分子式为C5H10BrO2B. X的同分异构体中，含有苯环和羧基的结构共有4种C. X中所有原子可能在同一平面上D. 1mol Z最多可与6mol H2发生反应【答案】B【解析】【详解】A由Y()的结构简式可知，Y的分子式为C5H9BrO2，故A错误；BX()的同分异构体中，含苯环和羧基，对应的同分异构体可含有-CH2COOH，或含有-CH3、-COOH(邻、间、对)，共有4种，故B正确；CX()中含有甲基，具有甲烷的结构特征，所有的原子不可能在同一个平面上，故C错误；DZ()中能与氢气发生加成反应的为苯环、碳碳双键，则1molZ最多可与5molH2发生反应，故D错误；答案选B。15. 在下列有关说法中正确的是相同质量的CH4、C2H4、C2H2完全燃烧时耗O2量的关系为CH4 C2H4C2H2对于任意比混合的乙烯、丙烯和环丁烷混合气体在足量氧气中燃烧，只要混合气体的质量不变，完全燃烧后产生的CO2和H2O的量也不改变对于任意比混合的C2H4、C2H6、C2H2混合气体，只要混合气体物质的量不变，完全燃烧后产生的CO2物质的量也不改变某有机物在足量氧气中燃烧后产生CO2与H2O的物质的量之比为2：3，则该有机物的类型肯定为烷烃A. B. C. D. 以上组合均不正确【答案】A【解析】试题分析：相同质量的CH4、C2H4、C2H2完全燃烧时耗O2量与分子中H、C原子个数比（y/x）有关，y/x越大耗氧量越高，CH4 C2H4C2H2正确；乙烯、丙烯和环丁烷最简式相同，燃烧时只要混合气体的质量不变，完全燃烧后产生的CO2和H2O的量也不改变，正确；C2H4、C2H6、C2H2中碳原子数均为2，只要混合气体物质的量不变，完全燃烧后产生的CO2物质的量也不改变，正确；某有机物在足量氧气中燃烧后产生CO2与H2O的物质的量之比为2:3，则该有机物的类型可能为烷烃或醇。故选A。考点：考查有机物燃烧的相关知识。16.某烃的结构简式为，分子中含有四面体结构的碳原子数为a，在同一条直线上的碳原子数最多为b，一定在同一平面内的碳原子数为c，则a、b、c分别是A. 4、3、5B. 2、5、4C. 4、3、6D. 4、6、4【答案】C【解析】只有苯环碳原子才是四面体，所以a4。碳碳三键是直线型结构，所以位于同一直线上的氢原子有3个。碳碳双键是平面型结构，所以位于同一平面上的碳原子是6个，答案选C。17.（1）一定条件下某烃与H2按物质的量之比1:2加成生成C2H5CH (CH3)2，则该烃的结构简式为(任写1种)_。（2）分子式为C4H8的烃，核磁共振氢谱图中有两个吸收峰，峰面积比为3:1，请写出符合条件的2种物质的结构简式_、_。（3）有机物甲的结构简式如下，它可通过不同的化学反应分别制得结构简式为乙庚的物质。请回答下列问题：在甲庚七种物质中，互为同分异构体的是_（填编号，下同），可看作酯类的是_。写出由甲生成高分子化合物方程式：_【答案】 (1). (或) (2). (3). (4). 丙和戊 (5). 戊、己、庚 (6). n+(n-1)H2O【解析】【分析】(1)某烃与H2按物质的量之比12加成，则该烃中含有1个碳碳三键或两个碳碳双键，据此写出该烃可能的结构简式；(2)根据“核磁共振氢谱图中有两个吸收峰，峰面积比为31”判断含有等效氢原子种类及数目，再结合分子式C4H8写出满足条件的结构简式；(3)根据同分异构体的概念分析判断；根据酯的结构特征分析判断；甲含有羧基和羟基，可发生缩聚反应生成高分子化合物，据此书写反应的方程式。【详解】(1)一定条件下某烃与H2按物质的量之比12加成生成CH3CH2CH(CH3)2，则该烃含2个碳碳双键或1个碳碳三键，则可能的结构简式为：或，故答案为：(或)；(2)分子式为C4H8的烃，核磁共振氢谱图中有两个吸收峰，峰面积比为31，说明分子中存在两种H原子，且个数比为31，则可能的结构简式为：；，故答案为：；(3)在甲庚七种物质中，丙和戊的分子式相同，但结构不同，互为同分异构体；戊、己、庚含有酯基，可看作酯类，故答案为：丙和戊；戊、己、庚；中含有羟基和羧基，可以发生缩聚反应，反应的方程式为：n+(n-1)H2O，故答案为：n+(n-1)H2O。18.苯乙酸铜是合成优良催化剂、传感材料纳米氧化铜的重要前驱体之一。下面是它的一种实验室合成路线：制备苯乙酸的装置示意图如下(加热和夹持装置等略)：已知：苯乙酸的熔点为76.5 ，微溶于冷水，溶于乙醇。（1）在250 mL三口瓶a中加入70 mL70%硫酸。配制此硫酸时，加入蒸馏水与浓硫酸先后顺序是_。（2）将a中的溶液加热至100 ，缓缓滴加40 g苯乙腈到硫酸溶液中，然后升温至130 继续反应。仪器c的名称及作用是_。反应结束后加适量冷水，再分离出苯乙酸粗品。加入冷水的目的是_。下列仪器中可用于分离苯乙酸粗品的是_ (填编号)。A分液漏斗B漏斗C烧杯D直形冷凝管E玻璃棒（3）提纯粗苯乙酸的方法是_。（4）用CuCl22H2O和NaOH溶液制备适量Cu(OH)2沉淀，并多次用蒸馏水洗涤沉淀，判断沉淀洗干净的实验操作和现象是_。（5）将苯乙酸加入到乙醇与水的混合溶剂中，充分溶解后，加入Cu(OH)2搅拌30min，过滤，滤液静置一段时间，析出苯乙酸铜晶体，混合溶剂中乙醇的作用是_。【答案】 (1). 先加水、再加入浓硫酸 (2). 球形冷凝管、回流(或使气化的反应液冷凝) (3). 便于苯乙酸析出 (4). BCE (5). 重结晶 (6). 取少量洗涤液、加入稀硝酸、再加AgNO3溶液、无白色浑浊出现 (7). 增大苯乙酸溶解度，便于充分反应【解析】【分析】(1)配制此硫酸时类似稀释浓硫酸，据此解答；(2)根据装置图分析判断仪器c的名称及作用；反应结束后加适量冷水，可以降低温度，减小苯乙酸的溶解度；(3)苯乙酸微溶于冷水，在水中的溶解度较小，据此分析判断提纯苯乙酸的方法； (4)用蒸馏水洗涤沉淀，将氯离子洗涤干净，利用硝酸银检验洗涤液确定是否洗涤干净；(5)苯乙酸微溶于冷水，溶于乙醇，据此分析解答。【详解】(1)稀释浓硫酸会放出大量的热，配制此硫酸时，应将密度大的液体注入密度小的液体中，防止混合时放出的热量使液滴飞溅，则需要先加水、再加入浓硫酸，故答案为：先加水、再加入浓硫酸；(2)由装置图可知，c为球形冷凝管，可以使气化的反应液冷凝回流，仪器b的作用为滴加苯乙腈；反应结束后加适量冷水，降低温度，减小苯乙酸的溶解度，则加入冷水可便于苯乙酸析出；分离析出的苯乙酸粗品，可以利用过滤操作，则需要的仪器为漏斗、烧杯、玻璃棒，故答案为：球形冷凝管、回流(或使气化的反应液冷凝)；便于苯乙酸析出；BCE；(3)苯乙酸微溶于冷水，在水中的溶解度较小，则可以通过重结晶的方法分离提纯苯乙酸，故答案为：重结晶；(4)用蒸馏水洗涤沉淀，将氯离子洗涤干净，利用硝酸银检验洗涤液确定是否洗涤干净，则沉淀洗干净的实验操作和现象为：取最后一次少量洗涤液，加入稀硝酸，再加入AgNO3溶液，无白色浑浊出现，故答案为：取最后一次少量洗涤液，加入稀硝酸，再加入AgNO3溶液，无白色浑浊出现；(5)苯乙酸微溶于冷水，溶于乙醇，混合溶剂中乙醇可增大苯乙酸的溶解度，然后与Cu(OH)2反应制备苯乙酸铜，因此混合溶剂中乙醇的作用是增大苯乙酸溶解度，便于充分反应，故答案为：增大苯乙酸溶解度，便于充分反应。19.有机化学反应因反应条件不同，可生成不同的有机产品。例如：（1）（2）苯的同系物与卤素单质混合，若在光照条件下，侧链上氢原子被卤素原子取代；若在催化剂作用下，苯环上的氢原子被卤素原子取代。工业上利用上述信息，按下列路线合成结构简式为的物质，该物质是一种香料。请根据上述路线，回答下列问题：（1）A的结构简式可能为_。（2）反应、的反应类型分别为_、_。（3）反应的化学方程式为（有机物写结构简式，并注明反应条件）：_。（4）工业生产中，中间产物A须经反应得D，而不采取直接转化为D的方法，其原因是_。（5）这种香料具有多种同分异构体，其中某些物质有下列特征：其水溶液遇FeCl3溶液呈紫色分子中有苯环，且苯环上的一溴代物有两种。写出符合上述条件的物质可能的结构简式（只写两种）：_、_。【答案】 (1). 或 (2). 加成 (3). 消去 (4). + (5). 的水解产物不能发生氧化反应得到产品，导致产率低 (6). (7). （或或）【解析】【分析】根据题给（2），在光照条件下可与氯气发生取代反应生成A，A为或，B能发生加成反应，则A应发生消去反应生成B，B为，根据产物可知D为，则C为，据此分析解答。【详解】(1)根据上述分析可知A为或，故答案为：或；(2)反应为苯和丙烯的加成反应，反应为A(卤代烃)发生消去反应，故答案为：加成反应；消去反应；(3)反应为和氯化氢加成生成，结合题给（1），反应的方程式为：，故答案为：；(4)的水解产物不能发生氧化反应得到产品，导致产率低，故不采取将A直接转化为D的方法，故答案为：的水解产物不能发生氧化反应得到产品，导致产率低；(5)这种香料()具有多种同分异构体，该物质的水溶液遇FeCl3溶液呈紫色，说明含有酚羟基，分子中有苯环，且苯环上的一溴代物有两种，则苯环上有2个取代基，且位于对位位置，可能为或或或，故答案为：；或或(其中两种)。【点睛】本题的易错点为(3)中方