2010年福建省高考物理试卷

2010年福建省高考物理试卷一、选择题（共6小题，每小题4分，共24分）1（4分）中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）ABC2PD4P2（4分）火星探测项目是我国继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个重大太空探索项目假设火星探测器在火星表面附近圆形轨道运行的周期T1，神舟飞船在地球表面附近的圆形轨道运行周期为T2，火星质量与地球质量之比为p，火星半径与地球半径之比为q，则T1与T2之比为（）ABCD3（4分）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图中的实线所示，t=0.02s时刻的波形如图中虚线所示若该波的周期T大于0.02s，则该波的传播速度可能是（）A2m/sB3m/sC4m/sD5m/s4（4分）质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A18mB54mC72mD198m5（4分）如图 （甲） 所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图 （乙）所示，则（）At1时刻小球动能最大Bt2时刻小球动能最大Ct2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少Dt2t3段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能6（4分）物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需要通过一定的分析就可以判断结论是否正确如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1和R2的圆环，两圆环上的电荷量均为q（q0），而且电荷均匀分布两圆环的圆心O1和O2相距为2a，联线的中点为O，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为r（ra）是分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式（式中k为静电力常量）正确的是（）AE=|BE=|CE=|DE=|二、实验题(共1小题，满分18分）7（18分）（1）某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示此玻璃的折射率计算式为n= （用图1中的1、2表示）；如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度 （填“大”或“小”）的玻璃砖来测量（2）某实验小组研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系实验时，将原长约200mm的橡皮筋上端固定，在竖直悬挂的橡皮筋下端逐一增挂钩码（质量均为20g），每增挂一只钩码均记下对应的橡皮筋伸长量；当挂上10只钩码后，再逐一把钩码取下，每取下一只钩码，也记下对应的橡皮筋伸长量根据测量数据，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量l与拉力F关系的图象如图2所示从图象中可以得出 （填选项前的字母）A增挂钩码时l与F成正比，而减挂钩码时l与F不成正比B当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量比减挂钩码时的大C当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量与减挂钩码时的相等D增挂钩码时所挂钩码数过多，导致橡皮筋超出弹性限度（3）如图3所示是一些准备用来测量待测电阻Rx阻值的实验器材，器材及其规格列表如下：器 材规 格待测电阻Rx电源E电压表V1电压表V2电流表A滑动变阻器R开关S，导线若干阻值在9001000之间具有一定内阻，电动势约9.0V量程2.0V，内阻r1=1000量程5.0V，内阻r2=2500量程3.0A，内阻r=0.10最大阻值约100，额定电流0.5A为了能正常进行测量并尽可能减小测量误差，实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半，而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化请用实线代替导线，在所给的实验器材图中选择若干合适的器材，连成满足要求的测量Rx阻值的电路三、解答题（共3小题，满分54分）8（15分）如图所示的装置，左半部为速度选择器，右半部为匀强的偏转电场。一束同位素离子流从狭缝S1射入速度选择器，能够沿直线通过速度选择器并从狭缝S2射出的离子，又沿着与电场垂直的方向，立即进入场强大小为E的偏转电场，最后打在照相底片D上。已知同位素离子的电荷量为q（q0），速度选择器内部存在着相互垂直的场强大小为E0的匀强电场和磁感应强度大小为B0的匀强磁场，照相底片D与狭缝S1、S2的连线平行且距离为L，忽略重力的影响。（1）求从狭缝S2射出的离子速度v0的大小；（2）若打在照相底片上的离子在偏转电场中沿速度v0方向飞行的距离为x，求出x与离子质量m之间的关系式（用E0、B0、E、q、m、L表示）。9（19分）如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并良好接触斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直穿过斜面向上的匀强磁场现对a棒施以平行导轨斜向上的拉力，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止当a棒运动到磁场的上边界PQ处时，撤去拉力，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨当a棒再次滑回到磁场上边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动已知a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R，b棒的质量为m，重力加速度为g，导轨电阻不计求（1）a棒在磁场中沿导轨向上运动的过程中，a棒中的电流强度Ia，与定值电阻R中的电流强度IR之比；（2）a棒质量ma；（3）a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力F10（20分）如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静止于水平面。t=0时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B，使它做初速度为零、加速度aB=1.0m/s2的匀加速直线运动。已知A的质量mA和B的质量mB均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数1=0.05，B与水平面之间的动摩擦因数2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取10m/s2求（1）物体A刚运动时的加速度aA；（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P；（3）若t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P=5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t=3.8s时物体A的速度为1.2m/s。则在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为多少？四、选修题（本题共4小题，每小题6分，共24分每小题只有一个选项符合题意）11（6分）1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律，后来有许多实验验证了这一规律若以横坐标v表示分子速率，纵坐标f （v）表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比下面四幅图中能正确表示某一温度下气体分子速率分布规律的是（填选项前的字母）（）ABCD12（6分）如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热（即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体（）A温度升高，压强增大，内能减少B温度降低，压强增大，内能减少C温度升高，压强增大，内能增加D温度降低，压强减小，内能增加13（6分）14C测年法是利用14C衰变规律对古生物进行年代测定的方法若以横坐标t表示时间，纵坐标m表示任意时刻14C的质量，m0为t=0时14C的质量下面四幅图中能正确反映14C衰变规律的是（）（填选项前的字母）ABCD14（6分）如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块木箱和小木块都具有一定的质量现使木箱获得一个向右的初速度v0，则（）A小木块和木箱最终都将静止B小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动2010年福建省高考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共6小题，每小题4分，共24分）1（4分）中国已投产运行的1000kV特高压输电是目前世界上电压最高的输电工程假设甲、乙两地原采用500kV的超高压输电，输电线上损耗的电功率为P在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1000kV特高压输电，若不考虑其他因素的影响，则输电线上损耗的电功率将变为（）ABC2PD4P【分析】已知输送的电功率和输电电压，根据I= 求出输电线上的电；根据P=I2R求出输电线上损失的电功率【解答】解：当以不同电压输送时，有P=U1I1=U2I2，而在线路上损失的功率为P=I2R=可知，损失的功率与电压的平方成反比，即P1：P2=4：1所以输电线上损失的功率为。输电线上损失的功率为。【点评】本题考查远距离输电中的能量损失及功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压2（4分）火星探测项目是我国继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个重大太空探索项目假设火星探测器在火星表面附近圆形轨道运行的周期T1，神舟飞船在地球表面附近的圆形轨道运行周期为T2，火星质量与地球质量之比为p，火星半径与地球半径之比为q，则T1与T2之比为（）ABCD【分析】研究探测器和飞船做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期根据质量关系和半径关系找出周期之比【解答】解：研究探测器和飞船做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表：=mr，得：T=2 其中M为中心体的质量，r为轨道半径，由于在星球表面飞行，所以轨道半径等于星球半径R=。故选：D。【点评】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用3（4分）一列简谐横波在t=0时刻的波形如图中的实线所示，t=0.02s时刻的波形如图中虚线所示若该波的周期T大于0.02s，则该波的传播速度可能是（）A2m/sB3m/sC4m/sD5m/s【分析】由图象读出波长根据两个时刻的波形，结合条件，求出波长的可能值，并求出波速可能值【解答】解：由图=0.08m该波的周期T大于0.02s，波传播的距离小于波长，则据题意，由两个时刻的波形得到： t=或t=T解得T1=0.08s，T2= 由波速公式v=，得v1=1m/s，v2=3m/s故选：B。【点评】本题关键考查运用数学知识解决物理问题的能力，处理好通项式与特殊值的关系4（4分）质量为2kg的物体静止在足够大的水平面上，物体与地面间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等从t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小呈周期性变化的水平拉力F的作用，F随时间t的变化规律如图所示重力加速度g取10m/s2，则物体在t=0到t=12s这段时间内的位移大小为（）A18mB54mC72mD198m【分析】由滑动摩擦力的公式可以得到滑动摩擦力的大小，也就是最大静摩擦力的大小，再由牛顿第二定律可以判断物体的运动情况，进而由运动学的公式可以求得位移【解答】解：拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动03 s时：F=fmax，物体保持静止，s1=0； 36 s时：Ffmax，物体由静止开始做匀加速直线运动。a=m/s2，v=at=6 m/s，s2=at2=9 m，69 s时：F=f，物体做匀速直线运动。 s3=vt=18m 912 s时：Ff，物体以6 m/s为初速度，以2m/s2为加速度继续做匀加速直线运动，s4=vt+at2=27m，所以物体的总位移是 s1+s2+s3+s4=54 m。故选：B。【点评】本题考查学生的读图的能力，要能够根据Ft图象分析物体的运动情况，需要注意的是在03 s时拉力恰好等于最大静摩擦力，此时的物体还不会运动5（4分）如图 （甲） 所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图 （乙）所示，则（）At1时刻小球动能最大Bt2时刻小球动能最大Ct2t3这段时间内，小球的动能先增加后减少Dt2t3段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止【解答】解：A、t1时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大，故A错误；B、t2时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零，故B错误；C、t2t3这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动，故C正确；D、t2t3段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能，故D错误；故选：C。【点评】本题关键要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析6（4分）物理学中有些问题的结论不一定必须通过计算才能验证，有时只需要通过一定的分析就可以判断结论是否正确如图所示为两个彼此平行且共轴的半径分别为R1和R2的圆环，两圆环上的电荷量均为q（q0），而且电荷均匀分布两圆环的圆心O1和O2相距为2a，联线的中点为O，轴线上的A点在O点右侧与O点相距为r（ra）是分析判断下列关于A点处电场强度大小E的表达式（式中k为静电力常量）正确的是（）AE=|BE=|CE=|DE=|【分析】题目要求不通过计算，只需通过一定的分析就可以判断结论，所以根据点电荷场强的公式E=k，与选项相对比，寻找不同点，再用极限分析问题的思想方法就可以分析出结果【解答】解：与点电荷的场强公式E=k，比较可知，A、C两项表达式的单位不是场强的单位，故可以排除AC；当r=a时，右侧圆环在A点产生的场强为零，则A处场强只由左侧圆环上的电荷产生，即场强表达式只有一项，故B错误。综上所述，可知D正确。故选：D。【点评】本题考查定性、极限分析问题的思想方法，要求学生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题二、实验题(共1小题，满分18分）7（18分）（1）某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示此玻璃的折射率计算式为n=（用图1中的1、2表示）；如果有几块宽度大小不同的平行玻璃砖可供选择，为了减小误差，应选用宽度大（填“大”或“小”）的玻璃砖来测量（2）某实验小组研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系实验时，将原长约200mm的橡皮筋上端固定，在竖直悬挂的橡皮筋下端逐一增挂钩码（质量均为20g），每增挂一只钩码均记下对应的橡皮筋伸长量；当挂上10只钩码后，再逐一把钩码取下，每取下一只钩码，也记下对应的橡皮筋伸长量根据测量数据，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量l与拉力F关系的图象如图2所示从图象中可以得出D（填选项前的字母）A增挂钩码时l与F成正比，而减挂钩码时l与F不成正比B当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量比减挂钩码时的大C当所挂钩码数相同时，增挂钩码时橡皮筋的伸长量与减挂钩码时的相等D增挂钩码时所挂钩码数过多，导致橡皮筋超出弹性限度（3）如图3所示是一些准备用来测量待测电阻Rx阻值的实验器材，器材及其规格列表如下：器 材规 格待测电阻Rx电源E电压表V1电压表V2电流表A滑动变阻器R开关S，导线若干阻值在9001000之间具有一定内阻，电动势约9.0V量程2.0V，内阻r1=1000量程5.0V，内阻r2=2500量程3.0A，内阻r=0.10最大阻值约100，额定电流0.5A为了能正常进行测量并尽可能减小测量误差，实验要求测量时电表的读数大于其量程的一半，而且调节滑动变阻器能使电表读数有较明显的变化请用实线代替导线，在所给的实验器材图中选择若干合适的器材，连成满足要求的测量Rx阻值的电路【分析】通过实验来测定玻璃的折射率，利用光的折射定律先确定入射光线且在其上插入大头针，然后在玻璃另一侧观看入射光线上的大头针并用大头针来确定其位置从而作出光路图，算出入射角与折射角的正弦之比即为玻璃的折射率研究橡皮筋伸长与所受拉力的关系时，作出增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量l与拉力F关系的图象若在弹性限度内，则减少钩码与增加钩码橡皮筋形变量应该相同，但从图象发现两者不等因此橡皮筋的已超出弹性限度通过实验测量待测电阻Rx阻值，由电压表与电流表读数求出待测电阻阻值但这涉及到电表量程的选取，原则是电表指针在中间附近由电源的电动势算出电流表的量程太大，因此必须用电压表来替代电流表的作用【解答】解：（1）由折射定律可知：n= 由图可得入=901 而折=902所以由实验测量玻璃的折射率时，光路图中有一条关键直线，就是将第一次折射时的入射点与第二次折射时的出射点相连的直线所以当玻璃厚度越大时，此直线越准确（2）由增挂钩码和减挂钩码时的橡皮筋伸长量l与拉力F关系的图象，发现减少钩码与增加钩码橡皮筋形变量不相同，则说明橡皮筋的已超出弹性限度所以选择D选项（3）通过对电源的电动势，得通过待测电阻的最大电流为0.01A，而电流表的量程却是3A，所以电流表不能用由于电压表的电阻阻值已知，因此可以通过电压表来替代电流表求出电流将小量程的电压表与待测电阻串联后，再与大量程的电压表并联，最后以变阻器分压式接入电路连线如图所示故答案为：（1）；大；（2）D（3）如上图所示【点评】在光的折射时，注意看清入射角与折射角电表的选择通常情况下，电流表测电流，电压表测电压，当遇到电表的量程不够时，只有通过此处方法，原因是电压表相当于能读出电压的电阻，而电流表相当于能读出电流的电阻三、解答题（共3小题，满分54分）8（15分）如图所示的装置，左半部为速度选择器，右半部为匀强的偏转电场。一束同位素离子流从狭缝S1射入速度选择器，能够沿直线通过速度选择器并从狭缝S2射出的离子，又沿着与电场垂直的方向，立即进入场强大小为E的偏转电场，最后打在照相底片D上。已知同位素离子的电荷量为q（q0），速度选择器内部存在着相互垂直的场强大小为E0的匀强电场和磁感应强度大小为B0的匀强磁场，照相底片D与狭缝S1、S2的连线平行且距离为L，忽略重力的影响。（1）求从狭缝S2射出的离子速度v0的大小；（2）若打在照相底片上的离子在偏转电场中沿速度v0方向飞行的距离为x，求出x与离子质量m之间的关系式（用E0、B0、E、q、m、L表示）。【分析】（1）对离子在速度选择器内进行受力分析，受到洛伦兹力和电场力作用；对离子的运动进行分析，能通过s2射出的离子做匀速直线运动，可知洛伦兹力和电场力平衡，列式可求得离子速度的大小。（2）离子进入匀强偏转电场后做类平抛运动，即在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，在两个方向分别列式可得x与离子质量m之间的关系式。【解答】解：（1）能从速度选择器射出的离子应满足受到的电场力和洛伦兹力大小相等，方向相反，则有：qE0=qv0B0解得：（2）离子进入匀强偏转电场E后做类平抛运动，则有：水平方向：x=v0t竖直方向：离子在电场中只受电场力作用，由牛顿第二定律得：qE=ma联立以上各式解得：。答：（1）从狭缝S2射出的离子速度v0的大小为。（2）x与离子质量m之间的关系式为。【点评】该题考查到了带电粒子在正交的匀强电场和匀强磁场中的运动，解决此类为题的关键是正确的对带电粒子进行受力分析。当电场力与洛伦兹力为一对平衡力时，粒子将做匀速直线运动。同时还考查了带电粒子在匀强电场中的偏转，所做的运动是类平抛运动。此类问题往往应用牛顿运动定律和运动学公式进行解答。9（19分）如图所示，两条平行的光滑金属导轨固定在倾角为的绝缘斜面上，导轨上端连接一个定值电阻导体棒a和b放在导轨上，与导轨垂直并良好接触斜面上水平虚线PQ以下区域内，存在着垂直穿过斜面向上的匀强磁场现对a棒施以平行导轨斜向上的拉力，使它沿导轨匀速向上运动，此时放在导轨下端的b棒恰好静止当a棒运动到磁场的上边界PQ处时，撤去拉力，a棒将继续沿导轨向上运动一小段距离后再向下滑动，此时b棒已滑离导轨当a棒再次滑回到磁场上边界PQ处时，又恰能沿导轨匀速向下运动已知a棒、b棒和定值电阻的阻值均为R，b棒的质量为m，重力加速度为g，导轨电阻不计求（1）a棒在磁场中沿导轨向上运动的过程中，a棒中的电流强度Ia，与定值电阻R中的电流强度IR之比；（2）a棒质量ma；（3）a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力F【分析】（1）由串并联电路的电流规律可得出两电阻中电流之比；（2）对b棒由受力平衡可求得Ib，由（1）可求得Ia；因a棒离开磁场后机械能守恒，故返回磁场时的速度相等，则由返回磁场时做匀速运动可由受力平衡得出a的速度，联立各式可得出a的质量；（3）已知Ib，则由安培力公式可求得b受到的安培力【解答】解：（1）a棒为电源，b棒和电阻R等值电阻 （2）b棒保持静止，则mbg sin=BIbLIb=Ia=2Iba棒脱离磁场后机械能守恒，返回磁场时速度与离开时速度相等，为V，返回进入磁场时匀速下降，则有：mag sin=V=A棒匀速上升时 切割磁感线 Ia=由得 （3）Ia=2Ib Ib=F=magsin+BIaL a受到的安培力：那么a棒在磁场中沿导轨向上运动时所受的拉力为3.5mgsin；【点评】电磁感应常常与能量及受力结合，在分析此类问题时要注意物体的运动状态，从而灵活地选择物理规律求解10（20分）如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静止于水平面。t=0时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B，使它做初速度为零、加速度aB=1.0m/s2的匀加速直线运动。已知A的质量mA和B的质量mB均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数1=0.05，B与水平面之间的动摩擦因数2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取10m/s2求（1）物体A刚运动时的加速度aA；（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P；（3）若t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P=5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t=3.8s时物体A的速度为1.2m/s。则在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为多少？【分析】（1）对物体A进行受力分析，水平方向只受摩擦力，根据牛顿第二定律就出a；（2）电动机的输出功率P=Fv，对B进行受力分析，水平方向受到拉力F、地面对B的摩擦力、A对B的摩擦力，对B运用牛顿第二定律可解除F，根据运动学公式求出v，即可求得p；（3）电动机的输出功率调整为5W时，根据P=Fv，求出F，对B进行受力分析，得出B受平衡力，所以B做匀速运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B速度相等，算出时间，算出位移s1，速度相同后，由于F2（mA+mB）g且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动，根据动能定理求出位移s2，木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移s=s1+s2。【解答】解：（1）若A相对于B滑动，则对物体A进行受力分析，水平方向只受摩擦力，根据牛顿第二定律得： f=1mAg=mAaA 解得：aA=0.5m/s21.0m/s2，所以A的加速度为0.5m/s2；（2）对物体B进行受力分析，水平方向受到拉力F、地面对B的摩擦力、A对B的摩擦力，根据牛顿第二定律得： F1mAg2（mB+mA）g=mBaB 代入数据解得：F=7N， v=aBt=1m/s 所以P=Fv=7W （3）电动机的输出功率调整为5W时，设细绳对木板B的拉力为F，则P=Fv1，代入数据解得F=5N， 对木板进行受力分析，木板B受力满足F1mAg2（mA+mB）g=0 所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B速度相等。 设这一过程时间为t，有v1=aA（t1+t），这段时间内B的位移 s1=v1t， A、B速度相同后，由于F2（mA+mB）g且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动， 由动能定理得：， 由以上各式代入数据得：木板B在t=1.0s到t=3.8s这段时间的位移s=s1+s2=3.03m答：（1）物体A刚运动时的加速度aA为0.5m/s2；（2）t=1.0s时，电动机的输出功率P为7W；（3）在t=1.0s到t=3.8s这段时间内木板B的位移为3.03m。【点评】本题对受力分析的要求较高，要能根据受力情况判断运动情况，或根据运动情况判断受力情况，难度较大。四、选修题（本题共4小题，每小题6分，共24分每小题只有一个选项符合题意）11（6分）1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律，后来有许多实验验证了这一规律若以横坐标v表示分子速率，纵坐标f （v）表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比下面四幅图中能正确表示某一温度下气体分子速率分布规律的是（填选项前的字母）（）ABCD【分析】气体的分子的运动的规律表明在某一温度下，大多数的分子的速率是比较接近的，但是不是说速率大的和速率小的就没有了，也是同时存在的，但是分子的个数要少很多【解答】解：根据气体的分子的运动的规律可以知道，在某一温度下，大多数的分子的速率是比较接近的，但是不是说速率大的和速率小的就没有了，也是同时存在的，但是分子的个数要少很多，所以形成的图象应该是中间多，两边少的情况，所以D正确。故选：D。【点评】温度是分子平均动能的标志，并不是说所以分子的速率都相同，速率大的和速率小的都有，知识分子的个数较少12（6分）如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热（即与外界不发生热交换）容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体（）A