海南省最新2020-2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）

1、 可修改海南省儋州市第一中学2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）一、单项选择题1. 第一个发现电磁感应现象的科学家是（ ）A. 焦耳B. 库仑C. 法拉第D. 安培【答案】C【解析】试题分析：第一个发现电磁感应现象科学家是法拉第，故选C考点：物理学史【名师点睛】此题是对物理学史的考查；对课本上涉及到的物理学家的名字及其对物理学发展的伟大贡献都应该清楚了解，不仅如此，还要学习科学家为了科学献身的伟大精神；对物理学史的考查历来是考查的热点，也是容易得分点2.下图中所标的导体棒的长度为L，处于磁感应强度为B的匀强磁场中，棒运动的速度均为v，产生的电动势为BLv的是A. B. C. D. 【答

2、案】D【解析】当B、L、v三个量方向相互垂直时，EBLv；A选项中B与v不垂直；B选项中B与L平行，E0；C选项中B与L不垂直，B与v也不垂直；只有D选项中三者互相垂直，D正确。3.如图所示，把一阻值为R、边长为L的正方形金属线框，从磁感应强度为B的匀强磁场中，以速度v向右匀速拉出磁场。在此过程中线框中产生了电流，此电流A. 方向与图示箭头方向相同，大小为B. 方向与图示箭头方向相同，大小为C. 方向与图示箭头方向相反，大小为D. 方向与图示箭头方向相反，大小为【答案】A【解析】【详解】线框向右匀速运动，左边切割磁感线，根据右手定则可知：产生的感应电流方向与图示箭头方向相同，线框产生的感应电动

3、势的大小为：E=BLv则感应电流的大小为：.A方向与图示箭头方向相同，大小为，与结论相符，选项A正确；B方向与图示箭头方向相同，大小为，与结论不相符，选项B错误；C方向与图示箭头方向相反，大小为，与结论不相符，选项C错误；D方向与图示箭头方向相反，大小为，与结论不相符，选项D错误；4.如图所示，把电阻R、电感线圈L、电容器C并联，三个支路中分别接有一灯泡。接入交流电源后，三盏灯亮度相同。若保持交流电源的电压不变，使交变电流的频率增大，则以下判断正确的是（）A. 与线圈L连接的灯泡L1将变暗B. 与电容器C连接的灯泡L2将变暗C. 与电阻R连接的灯泡L3将变暗D. 三盏灯泡的亮度都不会改变【答案

4、】A【解析】当交变电流的频率增大时，对R无影响，亮度不变，电感线圈感抗增大，变暗，电容器容抗减小，则灯泡亮度增加，故A正确5.在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线重直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则A. 交变电动势的周期是0.005sB. t=0.01s时线框平面与中性面重合C. 线框产生的交变电动势有效值为311VD. 线框产生的交变电动势的频率为100Hz【答案】B【解析】由题可知交流电周期T=0.02s，线框产生的交变电动势的频率为50HZ，；t=0.01s时感应电动势等于零，所以穿过线框回路的磁通量最大，此时与中性面重合；线框产生的交变电动势有效值为，

5、综上分析，B正确。6.如图所示为远距离交流输电的简化电路图。发电厂的输出电压是U，用等效总电阻是r的两条输电线输电，输电线路中的电流是I1，其末端间的电压为U1。在输电线与用户间连有一理想变压器，流入用户端的电流是I2。则（ ）A. 用户端的电压为I1U1/I2B. 输电线上的电压降为UC. 理想变压器的输入功率为I12rD. 输电线路上损失的电功率为I1U【答案】A【解析】【详解】试题分析：由于输电线与用户间连有一理想变压器，设用户端的电压是U 2，则U1I1=U2I2，得：故A正确；输电线上损失的电压为U-U1，故B错误；理想变压器的输入功率为U1I1故C错误；等效总电阻是r的两条输电线输

6、电，输电线路中的电流是I1，所以输电线是损耗的功率是：I12r故D错误；故选A二、多项选择题7.下列说法中正确的是（ ）A. 电动机应用了“自感”对交流电的阻碍作用B. 电磁灶应用了“涡流”的加热原理C. 电磁流量计应用了“涡流”所产生的电磁阻尼作用D. 日光灯启动时利用了“自感”所产生的高压【答案】BD【解析】电动机应用了线圈在磁场中受到安培力转动故A错误电磁灶里面的线圈中变化的电流，产生变化的磁场，从而形成涡流，根据电流的热效应进行加热故B正确电磁流量计应用了带电粒子在磁场中受力的原理制成的，选项C错误；日光灯启动时利用了“自感”所产生的高压故D正确故选BD8.2017年9月25日是我国新

7、一代同步卫星“风雨四号”在轨交付的日子，与上一代相比，“风云四号”的整星观察数据量提高了160倍，当日，腾讯公司把微信的启动页面从阿波罗17号宇航员所拍摄的非洲大陆上空视角照片更换为“风云四号”拍摄的中国所在的东半球上空视角照片，下列关于“风云四号”同步卫星的说法正确的是（ ）A. 一定位于赤道正上空B. 绕地球运行周期比月球绕地球的周期大C. 发射速度大于D. 运行速度大于【答案】AC【解析】A、地球同步卫星因公转周期一定为T=24h，则高度一定，转动方向为自西向东，则相对于赤道静止，故A正确。B、根据，可得，同步卫星相对于月球半径较小，则周期较小，故B错误。C、卫星发射越高，克服地球引力做

8、功越多，需要的初动能越大，第一宇宙速度是发射到近地轨道的速度，第二宇宙速度是发射绕太阳运动的卫星的速度，故发射地球卫星的发射速度应大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，则C正确。D、由万有引力提供向心力得，解得，可知卫星的线速度v随轨道半径r的增大而减小，v=7.9 km/s为第一宇宙速度，即卫星围绕地球表面运行的速度；因同步卫星轨道半径比地球半径大很多，因此其线速度应小于7.9 km/s，故D错误。故选AC。【点睛】本题要了解第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度知道地球同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期9.如图，金属环A用绝缘轻绳悬挂，其中心与长直螺

9、线管共轴，并位于其左侧。长直螺线管连接在如图所示的电路中。下列说法正确的有A. S闭合的瞬间，A环向左摆动，并有收缩的趋势B. S闭合的瞬间，A环向右摆动，并有扩大的趋势C. 在S闭合的情况下，将R的滑动头的左端移动，A环向左摆动，并有收缩的趋势D. 在S闭合的情况下，将R的滑动头向右端移动，A环向右摆动，并有收缩的趋势【答案】AC【解析】【分析】闭合电建或由滑片的移动可知电流的变化，即可得出磁场的变化及穿着线圈的磁通量的变化，则由楞次定律可得出线圈中磁场的方向，从而得出线圈的运动及形状的变化；【详解】AB.S闭合的瞬间，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥

10、，则金属环A将向左摆动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势，故A正确，B错误；C.在S闭合的情况下，将R的清动头向左端移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左摆动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势，故选项C正确；D.在S闭合的情况下，将R的清动头向右端移动，电阻变大，电流变小，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相同，故相互吸引，则则金属环A将向右摆动，因磁通量减小，金属环A有扩张趋势，故选项D错误。【点睛】楞次定律可简单地记为：“增反减同”、“来拒去留”，楞次定律的应用一定注意不要只想着判断电流方向，应练习用楞次定律去

11、判断导体的运动及形状的变化。10.长为的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，板间距离也为，板不带电现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是 ()A. 使粒子的速度vC. 使粒子的速度vD. 使粒子的速度v【答案】AB【解析】【分析】带电粒子在磁场中受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，据此可以求得粒子做圆周运动的半径和速度的关系，再根据几何关系求出粒子刚好射出磁场时的轨道半径范围，即可求得粒子速度的范围；【详解】欲使粒子不打在极板上，如图所示，带正电的粒子从左边射出

12、磁场时，其在磁场中圆周运动的半径粒子在磁场中做圆周运动由洛伦兹力提供向心力，即： 可得粒子做圆周运动的半径： 所以粒子不打到极板上且从左边射出，则：即：。带正电的粒子从右边射出，如图所示，此时粒子的最小半径为R，由上图可知：；可得粒子圆周运动的最大半径： 则： 即： 故欲使粒子不打在极板上，粒子的速度必须满足或，故AB正确，CD错误。【点睛】本题是带电粒子在有界磁场中运动的问题，利用几何关系求出轨迹半径是解题的关键，还要能根据沦洛伦兹力提供向心力得到粒子做圆周运动的半径和粒子速度的关系。三、实验题11.小姚同学做了“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，请回答以下问题：本实验中需要测量

13、电压，则在如图所示的器材中，应_（填字母）；A选甲图中的器材B选乙图中的器材C都可以选D都不能选小姚在做本实验时，选择的原线圈为100匝，副线圈为200匝；他将原线圈接入学生电源中的交流电压“6V”挡位，用合适的电表测量出副线圈的电压为13.0V，则下列叙述可能符合实际情况的一项是_（填字母）。A变压器的铁芯没有闭合B一定是电压的测量出了问题C副线圈实际匝数与标注的“200”不符，应该小于200匝D学生电源实际输出电压大于标注“6V“【答案】 (1). A (2). D【解析】【详解】由图可知，甲图中多用电表，而乙图是灵敏电压表，需要测量电压，因此选用甲图，故A正确，BCD错误根据理想变压器的

14、原副线圈的电压与其匝数关系式：，计算可得A若变压器的铁芯没有闭合，则得出副线圈的电压为0，故A错误；B若是电压的测量出了问题，应该是小于12V，不应该大于，故B错误；C副线圈实际匝数与标注的“200”不符，若小于200匝，由公式可知，副线圈的电压小于12.0V，故C错误；D若学生电源实际输出电压大于标注的“6V“，由公式可知，副线圈的电压可能为13.0V，故D正确。12.如图所示的是“研究电磁感应现象”的实验装置.（1）将图中所缺导线补接完整_.（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后线圈A迅速从线圈B中拔出时，电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转

15、”）.【答案】 (1). (2). 向左偏【解析】【详解】（1）1将线圈B和电流计串联形成一个回路，将电键、滑动变阻器、电池、线圈A串联而成另一个回路即可，实物图如下所示：（2）2如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，说明穿过线圈的磁通量增加，电流计指针向右偏，合上开关后，将原线圈迅速从副线圈拔出时，穿过线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏。四、计算题13.如图所示，竖直向上匀强磁场在初始时刻的磁感应强度B0=0.5T，并且以=1T/s在增加，水平导轨的电阻和摩擦阻力均不计，导轨宽为0.5m，左端所接电阻R=0.4。在导轨上l=1.0m处的右端搁一金属棒ab，其电阻R0=0.1，并

16、用水平细绳通过定滑轮吊着质量为M=2kg的重物，欲将重物吊起，其中重力加速度g=10m/s2,求：（1）感应电流的方向（请将电流方向标在本题图上）以及感应电流的大小；（2）欲将重物吊起，至少金属棒ab所受安培力的大小和方向。【答案】（1） 1A；顺时针绕向；（2）20N，方向水平向左【解析】【详解】（1）根据楞次定律可知感应电流的方向：顺时针绕向；感应电流大小：（2）欲将重物吊起，至少金属棒ab所受安培力的大小等于重物的重力，即F安=Mg=20N方向水平向左。14.如图所示，变压器原线圈输入电压为220 V，副线圈输出电压为36 V，两只灯泡的额定电压均为36 V，L1额定功率为12 W，L2额定功率为6 W试求：(1)该变压器的原、副线圈的匝数比；(2)两灯均正常工作时原线圈中的电流以及只有L1工作时原线圈中的电流【答案】(1)559(2)0.082 A0.055 A【解析】【详解】(1)由变压比公式得： ；(2) 两灯均正常工作时，由能量守恒得P1P2U1I1， 只有L1灯工作时，由能量守恒P1U1I1，解得I1= 。15.如图所示，在第一象限有一匀强电场，场强大小为E，方向与y轴平行；在x轴下方有一匀强磁场，磁场方向与纸面垂直。一质量为m、电荷量为（）的粒子以平行x轴的速度从y轴上的P