重庆市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题（含解析）

1、 可修改重庆市第一中学2020届高三物理上学期10月月考试题（含解析）一、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分1.发生衰变的方程可以写为：，则A. 该衰变是衰变B. Y粒子是C. Y粒子的穿透能力很强D. 20个经过一个半衰期后，一定只剩下10个【答案】B【解析】【详解】AB根据和反应的质量数和电荷数守恒可知，Y粒子质量数为4，电荷数为2，是，则该衰变是衰变，选项A错误，B正确；C粒子的穿透能力很弱，电离本领较强，选项C错误；D半

2、衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少量的原子核衰变不适应，选项D错误。2. 如图所示，直线MN是某电场中的一条电场线（方向未画出）。虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a运动到b的运动轨迹，轨迹为一抛物线。下列判断正确的是（ ）A. 电场线MN的方向一定是由N指向MB. 带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度C. 带电粒子由a运动到b的过程中动能不一定增加D. 带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能【答案】D【解析】试题分析：由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，所受的电场力指向轨迹内侧，所以粒子所受的电场力一定是由M指向N，但是由于粒子的电荷性质不清楚，所以电场线的方向无法确

3、定故A错误；由a到b的运动轨迹，轨迹为一抛物线，说明粒子一定受恒力，即带电粒子在a点的加速度等于在b点的加速度，故B错误；粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，故C错误粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能，故D正确故选D考点：带电粒子在电场中的运动【名师点睛】依据带电粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向是解决带电粒子在电场中运动问题的突破口，然后可进一步根据电场线、电场力做功等情况确定电势、电势能的高低变化情况。3.如图所示是研究平行板电容器的电容大小与哪些因素有关的实验装置。将充好电的平行板电容器与电源断开并将

4、左金属板接地，另一板与外壳接地的静电计相连。则以下对该实验现象以及解释判断正确的是A. 增大d，增大，说明C随d的增大而减小B. 增大d，减小，说明C随d的增大而增大C. 增大S，增大，说明C随S的增大而增大D. 增大S，减小，说明C随S的增大而减小【答案】A【解析】【详解】AB增大d，增大，板间电势差增大，电容器所带电量不变，由电容的定义式分析得知，电容C减小，说明C随d的增大而减小，故正确，错误；CD增大S，减小，板间电势差减小，电容器所带电量不变，由电容的定义式分析得知，电容C增大，说明C随S的增大而增大，故CD错误。4.一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x

5、变化的关系如图所示，其中0x2段是对称的曲线，x2x3是直线段，则下列判断正确的是A. x1处电场强度最大B. x2x3段是匀强电场C. x1、x2、x3处电势1、2、3的关系为123D. 粒子在0x2段做匀变速运动，x2x3段做匀速直线运动【答案】BC【解析】A项：根据电势能与电势的关系：Ep=q，场强与电势的关系：，得，由数学知识可知Ep-x图象切线的斜率等于，x1处切线斜率为零，则x1处电场强度为零，故A错误；B、D项：由图看出在0x1段图象切线的斜率不断减小，由上式知场强减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动x1x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增

6、大，做非匀变速运动x2x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，是匀强电场，粒子所受的电场力不变，做匀变速直线运动，故B正确，D错误；C项：根据电势能与电势的关系：Ep=q，粒子带负电，q0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：123故C正确。点晴：解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况。5.如图所示，将质量为M1、半径为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上，左侧靠墙角，右侧靠一质量为M2的物块。今让一质量为m的小球自左侧槽口A的正上方h高处从静止开始落下，与圆弧槽相切自A点进入槽内，则以下结

7、论中正确的是A. 小球在槽内运动的全过程中，小球、半圆槽组成的系统机械能守恒B. 小球在槽内运动的全过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统水平动量守恒C. 若小球能从C点离开半圆槽，则其一定会做竖直上抛运动D. 若小球刚好到达C点，则【答案】D【解析】【详解】AB小球从AB的过程中，半圆槽对球的支持力沿半径方向指向圆心，而小球对半圆槽的压力方向相反指向左下方，因为有竖直墙挡住，所以半圆槽不会向左运动，可见，该过程中，小球与半圆槽在水平方向受到外力作用，动量并不守恒，而由小球、半圆槽 和物块组成的系统动量也不守恒，但对系统的机械能守恒；从BC的过程中，小球对半圆槽的压力方向向右下方，所以半圆槽要向

8、右推动物块一起运动，因而小球参与了两个运动：一个是沿半圆槽的圆周运动，另一个是与半圆槽一起向右运动，小球所受支持力方向与速度方向并不垂直，此过程中，因为有物块挡住，小球与半圆槽在水平方向动量并不守恒，在小球运动的全过程，水平方向 动量也不守恒，由于半圆槽要对滑块做功，则对小球、半圆槽组成的系统机械能不守恒，选项AB错误；C当小球运动到C点时，它两个分运动的合速度方向并不是竖直向上，所以此后小球做斜上抛运动，即选项C错误；D小球到达B点时的速度，从B到C的过程中，对小球、半圆槽 和物块组成的系统水平方向动量守恒：由能量关系可知：联立解得： 选项D正确。6.某中学的科技小组设想嫦娥四号的登月轨道方

9、案如图所示，环月轨道为圆形轨道，环月轨道为椭圆轨道，远月点记为P点，近月点记为Q点，减速下降阶段速度很小能安全着陆。下列说法正确的是A. 嫦娥四号在环月轨道上的运行周期比在环月轨道上的运行周期长B. 嫦娥四号在环月轨道上P点的机械能小于在环月轨道上P点的机械能C. 嫦娥四号在轨道上，远月点的加速度大于近月点的加速度D. 嫦娥四号在环月轨道上的运动速度比月球的第一宇宙速度小【答案】AD【解析】【详解】A根据开普勒行星运动定律知，在轨道I上运动时的半长轴大于在轨道II上运行时的半长轴，故在轨道I上运行的周期要大，故A正确。B“嫦娥四号”在轨道I上做圆周运动，只有通过减速使圆周运动所需的向心力减小，

10、做近心运动来减小轨道高度，才能轨道II，所以嫦娥四号在环月轨道上的机械能大于在环月轨道上的机械能，故B错误；C“嫦娥四号”运动的过程中万有引力产生加速度，根据牛顿第二定律有得，知r越大，a越小，所以在远月点的加速度小于近月点的加速度，故C错误；D根据万有引力提供向心力有：，可得：，由于嫦娥四号的环月轨道的轨道半径大于月球的半径，所以嫦娥四号在环月轨道上的运动速度比月球的第一宇宙速度小。故D正确.7.如图所示，BC是半径为 的竖直面内的圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方， ，将质量为 的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点沿圆弧切线方向进入轨道，由于小球与圆弧之间有摩擦，能够使小球从

11、B到C做匀速圆周运动，重力加速度大小为 ，则下列说法正确的是（ ）A. 从B到C，小球与轨道之间的动摩擦因数可能保持不变B. 从B到C，小球克服摩擦力做功为5JC. A、B两点间的距离为 mD. 小球从B到C的全过程中，小球对轨道的压力不变【答案】BC【解析】【详解】小球由A至B做平抛运动，设初速度，平抛时间，B点的速度方向与圆轨道相切，故平抛的速度偏向角为，有，竖直方向有 ，水平方向有，则A、B之间的距离为，故C正确；从B至C由动能定理：，所以Wf=mgR(1-cos60o)=5J，故B正确；从B至C轨道对小球的弹力与重力沿半径方向的分力共同提供向心力，向心力大小不变，重力的分力变大，所以轨

12、道对小球的弹力变大，根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力变大，故D错误；小球能保持匀速圆周运动，则小球所受的摩擦力与重力切向分力相等，所以轨道之间的动摩擦因数是变小，故A错误。8.如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m的物体A接触，但未与物体A连接，弹簧水平且无形变。现对物体A施加一个水平向右的瞬间冲量，大小为I0，测得物体A向右运动的最大距离为x0，之后物体A被弹簧弹回，最终停在距离初始位置左侧2x0处。已知弹簧始终在弹簧弹性限度内，物体A与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，下列说法中正确的是：A. 物体A整个运动过程，弹簧对物体A的冲量为零B. 物

13、体A向右运动过程中与弹簧接触的时间一定小于物体A向左运动过程中与弹簧接触的时间C. 物体A向左运动的最大速度D. 物体A与弹簧作用的过程中，系统的最大弹性势能Ep=【答案】BD【解析】【详解】A由于弹簧的弹力一直向左，故弹力的冲量不可能为零；故A错误；B物体向右运动过程受向左的弹力和摩擦力，而向左运动过程中受向左的弹力与向右的摩擦力，因此向左运动时的加速度小于向右运动时的加速度；而与弹簧接触向左和向右的位移大小相等，则由位移公式可得，向右运动的时间一定小于向左运动的时间；故B正确；C对离开弹簧后再向左运动的x0过程由动能定理可知，解得离开弹簧时的速度为而物体在向左运动至弹力与摩擦力相等时速度达

14、最大，故可知向左运动的最大速度一定大于；故C错误；D由动量定理可知I0=mv0；则由功能关系知，系统具有的最大弹性势能故D正确；第卷（非选择题共 174 分） 二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分第 2232 题为必考题每个试题考生都必须作答第 3337 题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题（共 129 分）9.如图所示为“用打点计时器验证机械能守恒定律”的实验装置。（1）关于本实验，下列说法中正确的是_A必须用秒表测出重物下落的时间B打点计时器应连接直流电源C验证时，一定要测量重物的质量或重力D选择质量较大、体积较小的重物可以减小阻力带来的实验误差（2）若已知打点计时器电源频率为5

15、0Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，重物质量为0.2kg。实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，打P点时，重物的速度为零，A、B、C为另外3个连续点。根据图中的数据可知，重物由P点运动到B点的过程中，重力势能减少量Ep=_J，动能增加量EK=_J。（计算结果保留3位有效数字）（3）多次实验表明重力势能减少量总是大于动能增加量，可能的原因是：_。【答案】 (1). D (2). 0.0982 (3). 0.0960 (4). 摩擦阻力做功使一部分机械能转化为了内能【解析】【详解】（1）1A打点计时器就是计时工具，不需要用秒表测出重物下落的时间，选项A错误；B打点计时器应连接交流电源，选

16、项B错误；C验证时需要验证，两边的质量m消掉，则实验时不需要测量重物的质量或重力，选项C错误；D选择质量较大、体积较小的重物可以减小阻力带来的实验误差，选项D正确；（2）23重锤的重力势能减小量为：Epmgh0.29.85.01102J=0.0982J；B点的速度为：重物的动能为：（3）4多次实验表明重力势能减少量总是大于动能增加量，可能的原因是：摩擦阻力做功使一部分机械能转化为了内能10.某物理兴趣小组利用如图甲所示的装置进行实验。在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g，采用的实验步骤如下：在小滑块a上固定一个

17、宽度为d的窄挡光片；用天平分别测出小滑块a（含挡光片）和小球b的质量ma、mb；a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻弹簧，静止放置在平台上；细线烧断后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间t；滑块a最终停在C点（图中未画出），用刻度尺测出AC之间的距离Sa；小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离Sb；改变弹簧压缩量，进行多次测量。（1）a球经过光电门的速度为：_（用上述实验数据字母表示）（2）该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证等式_成立即可。（用上述实验数据字母表示）（3）

18、改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到与Sa的关系图象如图乙所示，图线的斜率为k，则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为_。（用上述实验数据字母表示）【答案】 (1). (2). (3). 【解析】【详解】（1）1烧断细线后，a向左运动，经过光电门，根据速度公式可知，a经过光电门的速度；（2）2b离开平台后做平抛运动，根据平抛运动规律可得：sb=vbt解得：若动量守恒，设向右为正，则有：0=mbvb-mava即（3）3对物体a由光电门向左运动过程分析，则有：va2=2asa经过光电门的速度：由牛顿第二定律可得：联立可得：则由图象可知：解得11.如图所示，竖直平行正对放置的带电金属板

19、A、B，两板间的电势差UAB=1000V，B板中心的小孔正好位于平面直角坐标系xOy的O点；y轴沿竖直方向；在x0的区域内存在沿y轴正方向的匀强电场，一质量为m110-13 kg，电荷量q1108 C带正电粒子P从A板中心O处静止释放，其运动轨迹恰好经过M(m,1 m)点；粒子P的重力不计，试求：（1）粒子到达O点的速度（2）匀强电场的电场强度；（3）粒子P到达M点的动能【答案】(1) (2) (3) 【解析】【详解】（1）加速过程 得（2）类平抛运动得（3）动能定理得 12.如图所示，凹槽A放置于水平面上，凹槽内表面水平光滑，凹槽两侧壁间距为d，在凹槽左侧壁放置物块 B（可视为质点），物块B

20、、凹槽A质量分别为m、2m，凹槽与水平面间的动摩擦因数0.5。现对凹槽施一水平外力，使A、B一起从静止开始水平向右运动，当速度达到时撤去外力。已知重力加速度为g，物块B与凹槽侧壁发生的碰撞都是弹性碰撞，碰撞时间极短可不计，不计空气阻力。求：（1）刚撤去外力时凹槽A的加速度；（2）物块B与凹槽右侧发生第一次碰撞后瞬间，A、B的速度大小vA、vB；（3）从撤去外力到凹槽A停止运动的过程中，凹槽A运动的时间t。【答案】(1) 水平向左 (2) ， (3) 【解析】【详解】（1）对B：3mg2ma，a方向水平向左（2）撤去外力后，物块B做匀速直线运动，槽A做匀减速运动设B历时t1运动到达槽右侧壁，槽碰

21、前速度为有：xBv0t1xAv0t1-at12xB-xAdvv0-at1解得：vB与槽右侧壁发生弹性碰撞有mv0+2mvmvB+2mvAm v02+2m v22m vB2+2m vA2解得vAvB （3）从撤去力F到A、B第一次发生弹性碰撞经过的时间为t1，则t1A、B第一次发生弹性碰撞后，B做匀速直线运动，A做匀减速直线运动，直至A速度减为0（此过程中A、B未发生碰撞），历时t2，t2B继续做匀速直线运动，直至A、B第二次发生弹性碰撞，由机械能守恒和动量守恒得vB-vBvAvBA再次做匀减速直线运动，直至A速度减为0，历时t3，t3B继续做匀速直线运动，直至A、B第三次发生弹性碰撞，之后A再

22、次做匀减速直线运动，直至A速度减为0，历时t4，同理可得t4tt1+ t2+ t3+ t4. . . . . .+(1+. . . . . .) （二）选考题：共 45 分请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答，并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题题号的方框涂黑注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题如果多做，则每科按所做的第一题计分13.关于热力学定律，下列说法正确的是A. 热力学第二定律也叫做熵减小原理B. 对气体做功可以改变其内能C. 一定质量理想气体等压膨胀过程一定吸热D. 热量不可能从低温物体传到高温物体E. 如果两个系统分

23、别与状态确定的第三个系统达到热平衡,那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡【答案】BCE【解析】【详解】A. 热力学第二定律也叫做熵增加原理，选项A错误；B. 根据热力学第一定律，对气体做功可以改变其内能，选项B正确；C. 一定质量理想气体等压膨胀过程，则气体对外做功，即W0，则Q0，即气体一定吸热，选项C正确；D. 根据热力学第二定律，热量可以从低温物体传到高温物体，但是要引起其他的变化，选项D错误；E. 根据热平衡原理，如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡，选项E正确。14.一高压气体钢瓶，容积为 V，用绝热材料制成，开始时封闭的气体压强为 p0，温度为 T1300 K，内部气体经加热后温度升至 T2400 K，求：温度升至 T2时气体的压强；若气体温度保持 T2400K 不变，缓慢地放出一部分气体，使气体压强再回到 p0，此时钢瓶内剩余气体的质量与原来气体总质量的比值为多少？【答案】3:4【解析】试题分析：设升温后气体的压强为 p，由于气体做等容变化，根据查理定律得，又 T1300 K，T2400 K解得钢瓶集热器内气体的温度不变，则剩余气体的质量与原来总质量的比值为考点：查理定律；玻意耳定律【名师点睛】此