2020物理二轮单科标准满分练：3Word版含解析

1、单科标准满分练(三 )(时间： 60 分钟分值： 110 分 )第 卷二、选择题 ：本题共 8 小题，每小题6 分。在每小题给出的四个选项中，第1418 题只有一项符合题目要求， 第 19 21 题有多项符合题目要求。 全部选对的得 6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。14关于近代物理知识，下列说法正确的是()A 光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比B德布罗意用晶体做了电子束衍射的实验，证实了电子的波动性C比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时一定吸收能量D根据玻尔理论可知，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的动能增大D 由 Ek

2、hW 可知，最大初动能随入射光的频率的增大而增大，但不成正比， A 项错误； 1927 年戴维孙和汤姆孙做了电子束的衍射实验，取得了成功，说明电子的波动性， B 项错误；比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时有质量亏损，释放核能， C 项错误；氢原子辐射出一个光子后，从高能级向低能级跃迁，轨道半径减小，动能增大，氢原子能量减小，氢原子的电势能减小， D 项正确。 15.如图所示，光滑固定斜面的倾角为30，甲、乙两物体用不可伸长的轻绳相连，保持静止状态，开始时甲、乙离地高度相同。剪断轻绳，则在乙落地前瞬间()A 甲、乙加速度大小之比为11B甲、乙速度大小之比为11C甲、乙动量大小之

3、比为11D甲、乙动能大小之比为11gC剪断轻绳，甲加速度为 2，乙加速度为 g，加速度之比为1 2，A 项错误；由 v at 可得，速度之比为 12，B 项错误；由平衡条件 m 甲 gsin 30 m 乙 g 可知， m 甲 m 乙 2 1，动量大小之比为 1 1，C 项正确；动能大小之比为 1 2， D 项错误。 16.如图所示，在电场强度大小为E0 的水平匀强电场中， a 和 b 两个点电荷分别固定在光滑水平面上，两者之间的距离为L，带电荷量均为 Q，在水平面内与a、b 两点电荷距离均为L 的 O 点处有一电荷量为 q 的点电荷恰好处于平衡状态。如果仅让点电荷a 带负电，电荷量大小不变，其

4、他条件都不变，则O 点处电荷的受力变为 ()2323A. 3 E0qB.3E0q C. 3 E0qDE0qA当 a、 b 均为正电荷时，根据平衡条件， 2kQqL2 cos 30 E0q，如果仅让点电荷 a 带负电，电荷量大小不变，其他条件不变，则O 点处电荷的受力变为 F 2kQq23L23E0q， A 项正确。 17我国首颗火星探测器将于2020 年发射，火星探测器不仅要完成环绕火星探测任务，还将着陆火星表面，进一步获得有关火星的一些数据。若将地球和火星看作质量分布均匀的球体，地球半径为R1，火星半径为 R2，地球与火星的第一宇宙速度分别为v1、v 2，不考虑地球与火星的自转，则地球与火星

5、的表面加速度之比为 ()2v 1R22v2R1v1R2B.v 2R1D.A.2v 2R1C. 2v1R2v2R1v 1R2A根据第一宇宙速度的定义有Mmv 2，在天体表面GMm mg，由以G 2 mR2RR2222上两式可得 g v，地球与火星的表面加速度之比为v121R2 v v2， A 项正确。 RR1 R2 v2R118.如图所示，一个截面积为S 的 N 匝线圈，在磁感应强度为B 的水平匀强磁场中，以角速度匀速转动产生交变电流，变压器原副线圈匝数比为n1n2，电表均为理想电表，忽略线圈内阻，则()A 若从图示位置计时，则原线圈中电压瞬时值为eNBS sin tB当闭合开关 S 时，电压表

6、示数变大C当闭合开关 S 时，电流表示数变大D电压表读数为 n2NBSn1C 若从图示位置计时，则原线圈中电压瞬时值为e NBS cos t， A 项错误；当闭合开关 S 时，原线圈电压不变，根据U1n1可知，副线圈电压不变， BU2n2项错误；副线圈电阻减小，副线圈电流增大，原线圈电流增大，电流表示数增大，C 项正确；原线圈电压有效值为2NBS不变，根据U1n12U2，副线圈电压为n22n2NBS ，D 项错误。 2n119.如图所示，质量相等的两个物体 A、 B 通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，开始时用手托住物体 A，此时物体 A 距离地面为 s，物体 B 静止于地面上，滑轮两边的细

7、绳恰好伸直，且弹簧处于原长状态，空气阻力不计，松开手后，关于二者的运动，下列说法中正确的是()A 两物体组成的系统机械能守恒D若物体 A 恰好能到达地面，则此过程中重力对物体A 做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体B 的机械能增加量之和BD 两物体及弹簧组成的系统机械能守恒， A 项错误；当物体 A 的速度最大时，弹簧弹力等于物体 A 重力，物体 B 受绳的拉力等于其重力，物体 B 与地面间的作用力为零， B 项正确；若物体 A 恰好能到达地面， 在物体 A 减速的过程中，弹簧拉力大于其重力，物体 B 已经向上运动， C 项错误；根据能量守恒，重力对物体 A 做的功，即物体 A 重力势能减少量

8、等于弹簧弹性势能的增加量与物体B 的机械能增加量之和，D 项正确。20.如图所示，一个光滑且足够长的斜面体固定于水平面上，斜面倾角为并处于方向垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，质量为m、带电荷量为 Q 的小滑块从斜面顶端由静止下滑。下列判断正确的是()A 滑块沿斜面向下做匀加速直线运动B滑块下滑过程中机械能增大mgcos C当速度为qB时，滑块脱离斜面D滑块脱离斜面后，重力作用下，滑块不做匀速圆周运动，洛伦兹力对滑块做负功AC 将滑块受力在沿斜面方向和垂直于斜面方向分解， 沿斜面方向只受重力的分力 mgsin ，根据牛顿第二定律， mgsin ma，agsin 不变， A 项正

9、确；下滑过程中只有重力做功，机械能守恒， B 项错误；当滑块脱离斜面时，斜面对mgcos 其支持力为 0，qvBmgcos ，v，C 项正确；洛伦兹力任何时候都不做qB功， D 项错误。 121如图所示， 4圆弧轨道 AB 被竖直固定，其下端点B 的切线水平。现将可视为质点的质量为m1 kg 的小球从 A 点由静止释放，小球从B 点冲出后，最终打在右方的竖直墙上的C 点 (未画出 )，在 C 点的速度方向与水平方向夹角为37，已知 B 端与墙壁的水平距离为l 0.3 m，不计一切摩擦和阻力，取g 10 m/s2，则下列说法正确的是()A 圆弧轨道的半径为0.2 mB小球在轨道最低点B 对轨道的

10、压力大小为10 NC从 A 到 C 的整个过程中，重力的功率先减小后增加D在 C 点的动能为 3.125 JAD设在 B 点的速度为 v B，在 C 点水平速度为 vB，水平方向有 l v Bt，竖vCy直方向 v Cygt， tan 37 v B ，解得 vB2 m/s。由 A 到 B，由机械能守恒定律可1 22vB得 mgR2mv B，解得 R 0.2 m，A 项正确；在轨道最低点B，N mg m R ，N30 N，B 项错误； A 到 B，重力的功率先增加后减小， B 到 C，竖直方向速度增大，重力功率增大， C 项错误；在 C 点的速度 v Cv B2.5 m/s，动能 Ek 12co

11、s 372mvC3.125 J， D 项正确。 第 卷三、非选择题 ：本卷包括必考题和选考题两部分。第 2225 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 33 34 题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题 (共 47 分 )22(6 分 )某同学用如图所示实验装置测量滑块与桌面间的动摩擦因数。实验中滑块放在水平桌面上，在轻质动滑轮上悬挂不同的重物，使滑块从同一位置由静止加速运动。(1)由图甲判断下列说法正确的是_。A 实验中滑块的质量应远小于重物的质量B实验中滑块的质量应远大于重物的质量C实验中与滑块相连的轻绳与桌面可以不平行D实验中与滑块相连的轻绳与桌面一定要平行(2)实验装置如图甲所示

12、，打出了一条纸带如图乙所示，计时器所用交流电源的频率为 50 Hz，从比较清晰的点起， 每 5 个点取一个计数点， 量出相邻计数点之间的距离，该小车的加速度为 _m/s2。 (结果保留两位有效数字 )(3)根据测得的数据，作出加速度与拉力的关系如图丙所示，则滑块的质量为m_kg，滑块与桌面间的动摩擦因数为 _。(重力加速度g 取10 m/s2 ) 解析 (1)因用弹簧秤可直接测出绳的拉力，重物能够拖动滑块即可，无特别约束关系， A、B 两项错误；为保证绳的拉力等于滑块受到的水平拉力，轻绳与桌面一定要平行， D 项正确。(2)用公式s at2 求解加速度，连续两点的时间间隔为t 0.1 s，s(

13、6.49(3)由牛顿第二定律有F ，故F g，即图线斜率为12，纵mg maa mm轴截距的大小为 g3，可得 m0.5 kg，0.3。 答案 (1)D(2 分)(2)0.15(2 分 ) (3)0.5(1 分 )0.3(1 分 )23(9 分 )如图甲，用伏安法测定电阻约5 的均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池。每节电池的电动势约为1.5 V，实验室提供电表如下：A 电流表 A 1(0 3 A，内阻 0.0125)B电流表 A 2(0 0.6 A，内阻约为 0.125)C电压表 V 1(0 3 V，内阻 4 k )D电压表 V 2(0 15 V，内阻 15 k )(1)为了使测量结果尽量准

14、确，电流表应选_，电压表应选 _(填写仪器前字母代号 )。(2)用螺旋测微器测电阻丝的直径如图乙所示，电阻丝的直径为_mm。(3)根据原理图连接图丙的实物图。丁(4)闭合开关后，滑动变阻器滑片调至一合适位置后不动，多次改变线夹P 的位置，得到几组电压、电流和对应的OP 段的长度L，计算出相应的电阻后作出R-L图线如图丁。取图线上适当的两点计算电阻率。这两点间的电阻之差为R，对应的长度变化为L ，若电阻丝直径为d，则电阻率 _。 解析 由于电源电动势为3 V ，电表读数要达到半偏，则电压表选C；由I E 可知电路中最大电流约为 0.6 A，则电流表选 B。Rr(2)螺旋测微器的固定刻度为0.5

15、mm，可动刻度为 20.00.01 mm0.200 mm，所以最终读数为0.5 mm 0.200 mm 0.700 mm。(3)L(4)根据电阻定律RS ， S，解得Rd2 4 L。 答案 (1)B(1 分)C(1 分 ) (2)0.700(2 分 )Rd2(3)图见解析 (2 分)(4) 4 L (3 分)24 (14 分)如图甲所示，一质量为M 的长木板静置于光滑的斜面上，其上放置一质量为 m 的小滑块，斜面倾角37，木板受到沿斜面向上拉力F 作用时，用传感器测出长木板的加速度a 与力 F 的关系如图乙所示，重力加速度取g10m/s2，sin 37 0.6， cos 37 0.8。求：(1

16、)小滑块与木板的动摩擦因数为多少；(2)当拉力 F 20 N 时，长木板的加速度大小？ 解析 (1)当 F 等于 18 N 时，加速度为 a 0。对整体由平衡条件： F (M m)gsin (2 分)代入数据解得M m3 kgg10 m/s2。求：当 F 大于 18 N 时，根据牛顿第二定律得F Mgsin mgcos Ma(2 分)长木板的加速度1aM F gsin mgcos (2 分 )M1知图线的斜率k M 1， mgcos 分)截距 b gsin M 18(2解得 M 1 kg， m2 kg， 0.75。(2 分)(2)当拉力 F 20 N 时，代入长木板的加速度1 mgcos aM

17、 F gsin M(2 分)解得长木板的加速度为a12 m/s2。 (2 分 ) 答案 (1)0.75(2)2 m/s225 (18 分 )如图所示，两根平行的光滑金属导轨ab、cd 与水平面成 30固定，导轨间距离为L 1m，电阻不计，一个阻值为R0.3 的定值电阻接在两金属导轨的上端。在导轨平面上边长为L 的正方形区域内，有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B 1 T。两根完全相同金属杆 M 和 N 用长度为 l0.5 m 的轻质绝缘硬杆相连，在磁场上方某位置垂直于导轨放置且与导轨良好接触，金属杆长度均为L 、质量均为 m0.5 kg、电阻均为 r 0.6 ，将两杆由静止释放，

18、当杆M 进入磁场后，两杆恰好匀速下滑，取(1)杆 M 进入磁场时的速度；(2)杆 N 进入磁场时的加速度大小；(3)杆 M 出磁场时，杆已匀速运动，求此时电阻R 上已经产生的热量。 解析 (1)杆 M进入磁场时，根据平衡条件2mgsin I 1 LB(1 分)1rR r 0.8(1分)电路中总电阻 Rr RE1由闭合电路欧姆定律I 1R1(1 分)由法拉第电磁感应定律E1 BLv 1(1 分)由以上可得 v 1 4 m/s。(1 分 )rr(2)杆 N 进入磁场时杆的速度为v 14 m/s，此时电路中总电阻R2r r R0.6 (1分)根据牛顿第二定律2mgsin I2LB 2ma(1 分 )

19、EI 2 R2(1 分 )解得 a5m/s2 1.67 m/s23杆 N 进入磁场时杆的加速度大小为1.67 m/s2。(1 分)r(3)从杆 M 进入磁场到杆N 进入磁场的过程中，电阻 R 上的电流 I RI 1r R103A(1 分)此过程产生的热量Q1 I 2 Rt(1 分)Rltv 15解得 Q112 J(1 分)杆 M 出磁场时，根据平衡条件2mgsin I 2LB(1 分)E 2I 2 R2(1 分 )E2 BL v2 (1 分 )解得 v 23 m/s从杆 N 进入磁场到杆 M 出磁场时，系统减少的机械能转化为焦耳热1212分 )E2mg(L l)sin 2mv12mv 26 J

20、(122此过程电阻 R 上产生的热量 Q23 J(1 分 )全过程电阻 R 上已产生的热量 Q1 Q23.42 J。(1 分 ) 答案 (1)4 m/s (2)1.67 m/s2(3)3.42 J(二)选考题：共15 分。请考生从两道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。33 物理 选修3 3(15分)(1)(5分 )下列说法中正确的是_。(填正确答案标号。选对1 个得2 分，选对2 个得4 分，选对3 个得5 分；每选错1 个扣3 分，最低得分为0 分)A 气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B布朗运动不是液体分子的运动， 但它间接地说明液体分子在永不停息地做无规则运动C当

21、分子力表现为斥力时， 分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D满足能量守恒定律的客观过程都可以自发地进行E液体很难被压缩的原因是：当液体分子间的距离减小时，分子间的斥力增大，分子间的引力减小，所以分子力表现为斥力(2)(10 分)如图所示，绝热汽缸倒扣放置，质量为M 的绝热活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，活塞与汽缸间摩擦可忽略不计，活塞下部空间与外界连通，汽缸底部连接一 U 形细管 (管内气体的体积忽略不计)。初始时，封闭气体温度为T0，活塞距离汽缸底部为 h0，细管内两侧水银柱存在高度差。已知水银密度为 ，大气压强为 p0，汽缸横截面积为 S，重力加速度为 g。求： U 形细管内两

22、侧水银柱的高度差；通过加热装置缓慢提升气体温度使活塞下降 h0，求此时的温度； 此加热过程中，若气体吸收的热量为 Q，求气体内能的变化。 解析 (1)气体放出热量，若外界对气体做功，温度升高，其分子的平均动能增大， A 项正确；布朗运动不是液体分子的运动，但它间接地说明液体分子在永不停息地做无规则运动，B 项正确；当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，C 项正确；根据热力学第二定律，宏观过程具有方向性， D 项错误；当液体分子间的距离减小时，分子间的斥力增大，分子间的引力也增大，但斥力比引力增加的快，E 项错误。(2)设封闭气体的压强为p，对活塞受力分析，得p0S pS Mg(2 分 )用水银柱高表示气体的压强pp0gh(1 分 )M解得h。(1 分 ) 加热过程中气体变化是等压变化0Sh0 h0 ShT(2 分)T0h0 h0TT0h0气体对外做功为 W pS h (p S Mg)h (1 分 )000根据热力学第一定律：U QW(2 分 )可得UQ (p S Mg) h。(1 分 )00 答案 (1)ABCMh0 h0(2)Sh0T0Q (p0S Mg)h034物理 选修 3 4(15 分)(1)(5 分 )某时刻 O 处质点沿 y 轴开始做简谐振动，形成沿 x 轴正方向