2019年安徽省皖北协作区高考物理模拟试卷

1、2019 年安徽省皖北协作区高考物理模拟试卷副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1.物理与科技和生活密切相关，物理的思想方法已经渗透到其他领域。下列关于物理学史及物理方法的说法正确的是（）A. 楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互联系的序幕B. 交流电的有效值是等效替代法的应用C. 牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动D. 利用霍尔元件能够把电压这个电学量转换为磁感应强度这个磁学量的特性，可以制出测量磁感应强度大小的仪器2. 如图所示为氢原子的能级示意图，则关于氢原子在能级跃迁过程中辐射或吸收光子的特征，下列说法中正确

2、的是（）A. 一群处于 n=4 能级的氢原子向基态跃迁时，能辐射出5 种不同频率的光子B. 一群处于 n=3 能级的氢原子吸收能量为 0.9eV 的光子可以跃迁到 n=4 能级 C. 处于基态的氢原子吸收能量为 13.8eV 的光子可以发生电离D. 若氢原子从 n=3 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光照在某种金属表面上能发生光电效应，则从 n=5 能级跃迁到 n=2 能级辐射出的光也一定能使该金属发生光电效应3. 如图所示，一物块从光滑斜面上某处由静止释放，与一端固定在斜面底端的轻弹簧相碰。设物块运动的加速度为 a，机械能为 E，速度为 v，下滑位移为 x，所用时间为 t，则在物块由释放到下

3、滑至最低点的过程中（取最低点所在平面为零势能面），下列图象可能正确的是（）A.B.C.D.4. 如图所示， R 为定值电阻， A、 B、C 为三个相同的灯泡，理想变压器原、副线圈的匝数分别为 n1、 n2，若 A、B、 C 均正常发光，设流过R 的电流为 I R，流过 A 的电流为 I A，流过 B 的电流为 IB，则下列关系式中正确的是（）A. I R=3I BB. IR=4 IAC. I R=I A+I BD. n1： n2=2 ： 1第1页，共 19页5. 科幻电影流浪地球中讲述了人类想方设法让地球脱离太阳系的故事。地球流浪途中在接近木星时被木星吸引， 当地球快要撞击木星的危险时刻， 点

4、燃木星产生强大气流推开地球拯救了地球。 若逃逸前，地球、木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行，且航天器在地球表面的重力为G1，在木星表面的重力为G2；地球与木星均可视为球体，其半径分别为R1、R2，则下列说法正确的是（）A. 地球逃逸前，发射的航天器逃出太阳系的最小速度为11.2km/sB. 木星与地球的第一宇宙速度之比为C. 地球与木星绕太阳公转周期之比的立方等于它们轨道半长轴之比的平方D. 地球与木星的质量之比为二、多选题（本大题共5 小题，共27.0 分）6. 如图所示，一质量为 m、边长为 a 的均匀正方形导线框 ABCD 放在光滑绝缘的水平面上。现以速度v 水平向右进入边界为MN 的匀强磁

5、场中，磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外，ABMN ，最终线框静止在桌面上，则下列说法正确的是（）A.B.线框刚进入磁场时，AB 间的电势差为Bav线框刚进入磁场时，AB 间的电势差为C. 整个过程中通过A 点的电荷量为D. 整个过程线框中产生的热量为mv27. 如图所示，三个带电量分别为 -q、 +q、 +q 的点电荷位于等边三角形 ABC 的三个顶点上， D 、E 分别为 AB、 BC 边的中点，O 为三角形的中心。 D、E、O 三点的电场强度分别用ED、EE、EO 表示，下列说法正确的是（）A. EO EEB. EO EDC. EDEED. ED EE8. 如图所示，两倾角均为

6、 37 的斜面 AB、CB 平滑对接，斜面长均为 4m。一小球从斜面 AB 的顶端由静止释放，在两斜面上运动，不考虑小球在B 点的能量损失。已知小球与斜面AB、BC 间的动摩擦因数分别为 0.5、0.25，重力加速度g 取 10m/s2，sin37 =0.6，cos37 =0.8，则下列说法正确的是（）A. 小球第一次到达最低点时的速度为4m/sB. 小球运动后第一次速率为0 的位置距B 点的距离为2mC. 小球在斜面 AB 、BC 上运动的总路程之比为D. 小球在斜面 AB 、BC 上运动时产生的热量之比为9.下列说法正确的是（）A. 气体放出热量，其分子的平均动能可能增大B. 使用“单分子

7、油膜法”估测分子直径的实验中，为计算方便可以取 1 毫升的油酸酒精混合溶液滴入水槽C. 液体不浸润某种固体时，则附着层内液体分子相互吸引第2页，共 19页D. 已知某气体的摩尔体积及阿伏加德罗常数，可求得该分子的体积E. 彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点10.如图所示，实线和虚线分别为一列沿x 轴传播的简谐横波在t1=0 、 t2=0.02s 两个时刻的波形图象，已知t2-t 1 （ T 为该波的周期），下列说法正确的是（）A. 波沿着 x 轴负方向传播B. 波的传播速度是100m/sC. 在 t2-t1=0.02s 时间内， x=24m 的质点运动的路程为5cmD. 在

8、t=0.4s 时刻， x=4m 的质点的速度最大E. 在 t=1.6 s 时刻， x=64m 的质点加速度为零三、实验题探究题（本大题共2 小题，共15.0 分）11. 为了验证机械能守恒定律，某同学设计了一个实验，装置如图1所示，物块 A 的质量为 m1，物块 B 和遮光片的总质量为m2，用通过定滑轮的轻细线连接，m1 m2，开始用于托着 B 静止，细线伸直。 此时遮光片到光电门的距离为H，然后释放物块B，当遮光片通过光电门时， 光电门记录的遮光时间是2.11 10-3 s已知遮光片的宽度为 d，且 dH ，在测遮光片的宽度d 时，使用 20分度的游标卡尺来测量，准确操作后，部分刻线如图2

9、所示，重力加速度为 g。（ 1）遮光片的宽度 d 为 _cm。（ 2）物块 B 经过光电门时的速度为 _m/s。（保留两位有效数字）（ 3）在误差允许的范围内，需要满足关系式_，即可验证机械能守恒。（用题中所给的字母表示）（ 4）在实际运算验证时，第（ 3）中的关系式两边的数值总是有些差异，你认为原因可能是 _（答对一条即可给分）。12. 当今人工智能技术迅猛发展， 电池是新型人工智能机器人的重要部分， 某新型机器人上的一节电池的电动势约为 3V，内阻约为 2 7，为测量该电池的电动势和内阻，实验室可供选用的器材如下：A待测电池B定值电阻 R0（ R0 =1.8 ）C电压表（量程 3V，内阻约

10、 2k）D电流表（量程 0.6A，内阻A =1.2 R）第3页，共 19页E电阻箱（ 0 99.99 ，额定电流1.5A）F开关一个、导线若干（ 1）甲、乙两位同学为测量出该电池的电动势和内阻，各自想出了自己的测量方法，设计电路分别如图 1、图 2 所示，则你认为合理的是 _。A甲的设计B乙的设计C误差几乎一样，都可以D两人的设计都不行（ 2）如果按甲同学所设计的电路进行测量得到电阻箱的电阻R 和电流表的读数I以及计算出的多组数据后，作出了如图3 所示的-R 图象。请你帮助他分析计算电池的电动势E=_V，内阻 r=_ （结果均保留一位小数）（ 3）已知某个小灯泡的U -I 图象如图4 所示，把

11、三只这样的相同的小灯泡并联后与 R1 一起接在第（2）问中已经测量的电池上，电路图如图5 所示。已知R1=2，则闭合开关电路稳定后，其中一个小灯泡的电阻为_，功率为 _ W（结果均保留三位有效数字）四、计算题（本大题共4 小题，共52.0 分）13. 如图所示，光滑的水平地面上静止放置一长木板，在长木板上的右端和距右端x1=1.6m 的 P 处各放置一个木块 A 和 B（两木块均可视为质点），木块 A 的质量和长木板的质量均为M=1.8kg，木块 B 的质量为m=0.6kg， P 点右侧长木板的上表面光滑；P 点左侧（包括P 点）粗糙，木块B 与 P 点左侧长木板间的动摩擦因数为=0.2现有水

12、平向右的恒定拉力 F 作用在长木板上（图中未画出拉力F ），使板由静止开始运动。已知木块B 与长木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g 取 10m/s2 。（ 1）若要求木块 B（与木块 A 相碰前） 相对长木板静止， 求拉力 F 应满足的条件；（ 2）若 F=2.4N，在木块 A、 B 相碰时撤去拉力 F ，同时锁定长木板使长木板立刻保持静止，且木块A、 B 间的碰撞是弹性碰撞，最终木块B 刚好没有滑离长木板，求 P 点左侧长木板的长度。第4页，共 19页14. 如图所示，真空中有两块足够大的荧光屏P1、 P2水平正对放置，间距为 d，两荧光屏之间有一垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感

13、应强度大小为B在紧贴荧光屏 P2 的 A 点有一粒子源，某一时刻向荧光屏P2 上方纸面内的各个方向同时以相同的速率各发射一个粒子（图中只画出其中的几个方向），粒子的质量为m，带电荷量为 -q，粒子的速率为v0=若粒子打到荧光屏上立即被吸收并发出荧光，不计粒子间的相互作用力和重力。（ 1）求平行于 P2 向左发射的粒子在磁场中的运动时间；（ 2）求荧光屏 P1、 P2 之间有粒子经过的区域的面积；（ 3）当平行于 P2 向左发射的粒子到达荧光屏时，求仍在磁场中运动的粒了和已经被屏吸收的粒子的个数之比。15.如图所示，两端开口的汽缸竖直固定放置两厚度不计的轻质活塞A、B 间有轻杆相连在活塞 A 上

14、放一重物 C， C 的质量 m=3kg，两活塞的横截面积分别为 SA=25cm2，SB=15cm2活塞间封闭有一定质量的理想气体（不漏气）。开始时，整个装置保持静止，此时两活塞离D 处距52离相等， P0=1.0 10 Pa，重力加速度 g 取 10m/s ，不计一切摩擦。（ i）求开始时，轻杆对活塞A 的作用力大小；（ ）若缓慢降低汽缸内温度至t=87时， A 活塞恰好靠近D 处，求开始时汽缸内气体的温度。16.如图所示， 某透明介质的截面由直角三角形AOC 和圆心为O、半径为 R 的四分之一圆 BOC 组成，其中 OAC=53 现让一组平行光由 AB 边上 OD 部分垂直射介质。 已知该介

15、质的折射率n=，光在真空中的传播速度为c， sin53 =0.8，cos53 =0.6。（ i）若让这组平行光均能从 BC 边出射，求这组平行光的最大宽度；第5页，共 19页（ ii）若 OD =0.6R，由 D 点人射的光线将途经 AC 边上 E 点，且 AE=0.65R，求该光线在介质中的传播时间。（结果可用根号表示）第6页，共 19页答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、奥斯特发现了电流的磁效 应，拉开了研究电与磁相互 联系的序幕，故A 错误；B、确定交流电的有效值应用了等效替代法，故 B 正确；C、伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运 动是匀变速直线运动，故C 错

16、误；D、霍尔元件能够把磁学量 转换为电 学量，故 D 错误；故选：B。根据物理学史和常 识解答，记住著名物理学家的主要 贡献即可。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大 发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.【答案】 C【解析】解：A 、大量处在 n=4 能级的氢原子向基 态跃迁时，能辐射出=6 种不同频率的光子，故 A 错误；B、一群处于 n=3 能级的氢原子吸收能量 为 0.9eV 的光子后的能量 为跃迁到 n=4 能级，故B错误；E=-1.51+0.9=0.61eV，不可以处态的氢原子吸收能量为13.8eV的光子可以发生电离，剩余的能量C、 于基变为光电子的最

17、大初 动能，故 C 正确；D、若氢原子从 n=3 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光能量 为E1=E3-E1=12.09eV，从n=5 能级跃迁到 n=2 能级辐射出的能量 为=E -E =2.86eV，所以若氢原子从 n=3 能级跃迁到 n=1 能级辐射出的光照E252在某种金属表面上能发生光电效应 则级跃迁到 n=2 能级辐射出的， 从 n=5 能光不一定能使 该金属发生光电效应，故D 错误。第7页，共 19页故选：C。根据计算辐射不同频率的光子数；从低能级向高能级跃迁，吸收光子的能量等于两个能 级之差；光子能量大于基态能量是能 够发生电离；根据光子能量的大小判断能否 产生光电效应。解决本

18、题的关键知道能级间跃迁能级差与光子能量的关系，以及知道从高能级向低能级跃迁，释放光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子。3.【答案】 C【解析】解：AB 、设斜面的倾角为 ，根据牛顿第二定律可得，在物 块自由下滑的 过程中，根据牛顿第二定律可得 ma=mgsin，解得 a=gsin ；物块与弹簧接触后，a=gsin -x，当弹力与重力相等 时，加速度为零，随后反向增大，且加速度与 时间不是线性关系，故 AB 错误；C、以物体和弹簧组成的系统为研究对象，整个过程中整体的机械能守恒，即E 总=E+EP，则：E=E 总-，与弹簧接触前 EP=0，物体的机械能守恒，与弹簧接触后弹簧的弹性势能增加，则物体

19、的机械能减小，根据数学知 识可知 C 图象正确，故 C 正确；D、在物块自由下落的 过程中，加速度恒定，速度图象的斜率 为定值，与弹簧接触后，加速度先变小后反向增大，速度 图象的斜率 发生变化，故 D 错误 。故选：C。根据牛顿第二定律等列方程方向加速度的变化；根据整体机械能守恒定律分析物体机械能的 变化；根据速度图象的物理意 义分析 v-t 图象斜率的 变化。对于图象问题，我们学会 “五看 ”，即：看坐标、看斜率、看面积、看交点、看截距；了解图象的物理意 义是正确解 题的前提。4.【答案】 A【解析】第8页，共 19页解：D、若 A 、B、C 均正常发光，则副线圈的输出电压为 2U分析原线圈

20、的电路，灯泡 A 两端的电压即原线圈的输入电压，为 U，根据电压和匝数的关系可知，输入电压与输出电压之比为 1：2，则匝数比为 1：2，故 D 错误 。A 、B、C、三个灯泡正常发光，则流过的电流相等，均为 I，根据电流和匝数的关系可知，原线圈的输入电流为 2I ，根据并联电路的规律可知，流过电阻 R 的电流为 3I，即I R=3IB，故A 正确，BC 错误 。故选：A。根据电路的结构分析电压的关系，然后求出匝数比。由匝数与 电流的关系求出两个 电流之间的关系。本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、变压器变压公式和变流公式、串并联电路的电压电流关系列式分析。5.【答案】 D【解析】解：

21、A 、在地球的表面发射飞出太阳系的最小 发射速度，叫做第三宇宙速度V 3=16.7km/s，故 A 错误；B、根据重力提供向心力得：，解得：地球上的第一宇宙速度，同理得：木星上的第一宇宙速度为：，故木星与地球的第一宇宙速度之比，故B 错误；C、根据开普勒第三定律得：，故，即地球与木星绕太阳公转周期之比的平方等于它 们轨道半长轴之比的三次方，故 C 错误；D、根据重力与万有引力相等，解得：，同理可得木星 质量：，故，故D 正确；故选：D。航天器脱离太阳的最小 发射速度为第三宇宙速度，第一宇宙速度的求解可根据万有引力提供向心力求解；第9页，共 19页开普勒第三宇宙速度 为，可判断 C 答案；探测器

22、在火星和地球上 质量不变，根据重力等于万有引力求 质量求解地球 质量和木星 质量即可；本题考查了万有引力定律在天文学上的应用，解题的基本规律是万有引力提供向心力，在任一星球表面重力等于万有引力，记住第一宇宙速度公式。6.【答案】 BCD【解析】线刚进入磁场时，AB产生的感应电动势E=Bav，AB间的电势差是解：AB 、 框外电压 则UE=，故A错误，B 正确。，有： AB=C、整个过程中通过 A 点的电荷量为：q=It对线框，根据动量定理得：-BIat=0-mv联 立得：q=，故C 正确。D、整个过程线框中产生的热量等于线框动能的减少量，为mv2故D 正确。故选：BCD。线框刚进入磁场时，AB

23、 间的电势差是外电压，根据E=Bav 和电压分配关系求 AB 间的电势差。由动量定理和 q=It 求通过 A 点的电荷量。由能量守恒定律求热量。对于电磁感应问题，研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力；另一条是能量，分析能量如何转化是关键。7.【答案】 AD【解析】解：BC 两个等量正 电荷在 E 点合电场为零，故E 点的电场强度为 EE=k=，ABC 三个点的 电荷在 O 点的电场强度大小都相等，为 E=k=，其中B、C 两点电荷再 O 点的合电场强为，方向向上，A 点电荷在 O 点的电场强度方向也向上，所以 A 、B、C 三个点电荷在 O 点合电场强度为 Eo=。第10 页，

24、共 19页A 、B 电荷在 D 的电场强度相同，EAB =2k=2=，C 点电荷在 D点电场强度为 EC=k=，电场 EAB 和电场 EC 方向垂直，所以它们的合电场为 ED=所以，ED EO EE，故 AD 正确，BC 错误 。故选：AD 。利用点电荷电场强度公式 E=，以及矢量的平行四 边形法则求解合电场强度。本题考查了点电荷电场强度公式 E=，以及矢量的平行四 边形法则。运用点电荷电场强度公式不 难，利用几何知识进行矢量运算是本 题的难点。8.【答案】 AC【解析】解：A 、小球由 A 下滑到 B 的过程中，根据动能定理有：（mgsin-mgcos）1L AB =，解得：vB=4m/s，

25、故A 正确；B、小球沿斜面 BC 上滑时，根据动能定理有：-（mgsin +mgcos）L =0-21L错误；，解得：1=1m，故BCD、小球沿斜面 BC 下滑又冲上斜面 AB 的过程中，有：mgsin（-mgcos）2L-（mgsin +mgcos）L=0，解得：L =0.4m，而且分析可知小球每次由斜面1122AB 下滑到再次滑回斜面AB 的过程中，两边路程之比是固定的，即 S1：S2=（L AB +L 2）：2L1=l1：5，由于在两个斜面上的摩擦力不同，所以在斜面AB 、BC上运动时产生的热量之比就不是 l1：5，故C 正确，D 错误 。故选：AC。小球由 A 下滑到 B 的 过程中，

26、根据动能定理可求得第一次到达最低点时的速度；小球沿斜面 BC 上滑时，根据动能定理可求得第一次速率为 0 的位置距 B点的距离；小球沿斜面 BC 下滑又冲上斜面AB 的过程由动能定理可求得滑上AB 的距离，据此分析得出在斜面AB 、BC 上运动的总路程之比，则产生的热第11 页，共 19页量关系可判断。本题考查了动能定理的 应用，明确各个力的做功情况即可正确列式求解。9.【答案】 ACE【解析】解：A 、气体放出热量，同时外界对气体做功，则气体的温度可能升高，分子的平均动能可能增大，故 A 正确。B、在使用“单分子油膜法 ”估测分子直径的 实验中，为了计算的方便，可以取1 滴油酸酒精混合溶液滴

27、入水槽，故B 错误 。C、液体不浸润某种固体 时，例如水银对玻璃：当水银与玻璃接触 时，附着层中的水银分子受玻璃分子的吸引比内部水银分子弱，结果附着层中的水银分子比水银内部稀硫，这时在附着层中的分子之 间相互吸引，就出现跟表面张力相似的收 缩力，使跟玻璃接触的水 银表面有缩小的趋势，因而形成不浸润现象，故 C 正确。D、已知某气体的摩尔体积及阿伏伽德 罗常数，可以求出该分子占据的空 间，不能求出 该分子的体 积，故 D 错误 。E、液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶 显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故 E 正确。故选：ACE。温度是平均 动

28、能的标志。根据某气体的摩 尔体积及阿伏伽德 罗常数，可以求出该分子占据的空 间。液晶像液体一 样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性。本题涉及的 热学知识点很多，要求对基本知 识充分了解，液体 对固体的浸 润，则分子间距小于液体内部，则液面分子 间表现为斥力，液面呈现凹形，表面有扩张的趋势。气体占据空 间，不能求出气体分子的体 积。10.【答案】 BCE【解析】第12 页，共 19页图长为=16m，由t2-t1T 知周期 T 0.04s，所以0.02s，解：A 、由 象知波波沿 X 轴正向传播，故 A 错误。B、由题意知 0.02s=，所以 T=0.16s，波速 V=100m/s

29、。故B 正确C、T=0.16s，t2-t1=0.02s=T，则 x=24m 的质点运动的路程为 s=，故C 正确；D、t=0.4s=2.5T，x=4m 的质点在波谷，速度为零，D 错误；E、t=1.6s=10T，x=64m 的质点在平衡位置，质点加速度 为零，E 正确。故选：BCE。从波动图象上可直接得出 这列波的波 长；要确定波的传播方向，可先假设波的传播方向，再根据波速，波 长和周期的关系确定出这列波的周期的表达式，最后利用波速、波传播的距离求出所 给时间代表的实际周期，根据波的传播方向求出在 t 时间内波传播的距离，从而得出 质点在某一 时刻的振动情况。本题是波动图象中典型的 问题，要根

30、据波的周期性和双向性研究时间与周期的关系，属于中等难度的题目。11.【答案】 1.0555.0=（ m2-m1） gH存在阻力作用【解析】解：（1）游标卡尺的主尺 读数为 10mm，游标读数为 0.05 11mm=0.55mm，则遮光片的宽度 d=10.55mm=1.055cm。块B经过光电门的瞬时速度为：v=m/s=5.0m/s。（2）物（3）系统重力势能的减小量 Ep=（m2-m1）gH，系统动能的增加量 为：=，当=（m2-m1）gH 时，系统机械能守恒。（4）在实际运算验证时，第（3）中的关系式两边的数值总是有些差异，可能的原因是存在阻力作用。故答案为1）1.055，（2）5.0，（3

31、）=（m）gH，（4）存在阻力：（2-m1第13 页，共 19页作用。（1）游标卡尺的读数等于主尺 读数加上游 标读数，不需估读。（2）根据极短时间内的平均速度等于瞬 时速度求出物 块 B 经过光电门时 的速度大小。（3）根据系统动能的增加量等于系 统重力势能的减小量得出机械能守恒的表达式。（4）根据实验的原理和注意事 项确定误差形成的原因。解决本题的关键知道实验的原理以及 误差形成的原因，掌握游 标卡尺的读数方法，知道极短时间内的平均速度等于瞬 时速度。12.【答案】 A3.03.010.00.144【解析】解：（1）由于甲同学所设计的电路中电流表内阻已知，可减小 测量误差，故甲同学的实验电

32、路更合理些；（2）根据E=I（R+r+RA+R0），得到：，结合图象斜率和截距得到：E=3.0V，r=3.0 ；（3）设每个小灯泡的 电压、电流分别为 U、I，结合电路，可得 U=E-3I （r+R1），即 U=-15I+3 （V ），在U-I 图象中做出此 图线，如图所示，交点（0.12A，1.2V）即为一个小灯泡的工作状 态，则得到一个小灯泡的 电阻 RL=1.2V 0.12V=10.0 ，一个小灯泡的工作 时的功率为：PL=1.2V 0.12A=0.144W。故答案为：（1）A ；（2）3.0，3.0；（3）10.0，0.144（1）根据伏安法测电源电动势与内阻的 实验原理选择实验电 路

33、图；第14 页，共 19页（2）电源 U-I 图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的 绝对值是电源内阻，根据图示图象求出电源电动势与内阻；（3）应用闭合电路欧姆定律求出路端 电压与负载关系表达式，然后在坐 标系内作出图象，根据图象求出灯泡两端 电压与通过灯泡的电流，然后由 P=UI 求出灯泡的 实际功率。本题考查了电学实验，本题的难点在于应用欧姆定律求出通 过灯泡的电流与灯泡两端 电压关系式、作出图象是解题的前提与关 键，求出灯泡两端电压与通过灯泡的电流，应用 P=UI 可以求出灯泡 实际功率。1B与木板相对静止的最大加速度为a0，则对系统： F=（ M+m）13.【答案】 解：（ ）设

34、a0对 B：mg=ma0联立可得： F=4.8N即拉力 F 应满足条件小于等于4.8N（ 2）若 F=2.4N，则： F=（ M+m） a可得： a=1m/s2又： v2=2ax1解得： v=m/sA 与 B 碰撞的过程中二者的动量守恒，选取向右为正方向，则：mv=mvB+MvA由于是弹性碰撞，则：可得：，由题意 B 滑到木板的左端时速度为0，则：代入数据可得： x2=0.2m答：（ 1）若要求木块 B（与木块 A 相碰前） 相对长木板静止， 拉力 F 应小于等于4.8N；（ 2） P 点左侧长木板的长度为 0.2m。【解析】（1）分别对 B 与木板进行受力分析，由牛顿第二定律，结合滑动的条件

35、即可求出；（2）由牛顿第二定律求出加速度，再由位移速度公式求出碰撞前的速度，由动量守恒与 动能守恒求出碰撞后的速度，最后 结合题目中的条件即可求出。本题木块在木板上滑 动类型，分析物体的运动过程是解题基础，其次要把握第15 页，共 19页物理过程的物理 规律，常常根据动量守恒定律、牛顿第二定律和运 动学公式结合处理。14.【答案】 解：（ 1）设粒子运动轨迹的半径为R，则有：qv0B=解得： R=2 d平行于 P2 向左发射的粒子在磁场中的运动轨迹如图1 所示，圆心角为，则有： cos=解得： =粒子的运动周期为：T=粒子的运动时间为：t=（ 2）粒子的轨迹恰好和 相切时，初速度的方向和P 成

36、角 轨迹如图2所示，12则有： cos=即为： =所以有粒子经过的区域的最大面积为：S=2（ R2-Rcos ）+dRsin 解得： S=（ 3）粒子的初速度方向与P2 成角 时，轨迹如图3 所示，若圆心角也为，则 =所以当平行于P2 ，向左发射的粒子到达P1 时，此时已经打到荧光屏P1 上的粒子的发射方向与平行于P2 向右发射的粒子的方向成角的范围是 已经打到荧光屏 上的粒子的发射方向与平行于P向右的方向成角的范围是0 22仍在磁场中运动的粒子的发射方向范围是-第16 页，共 19页所以仍在磁场中运动的粒子和和经被屏吸收的粒子个数之比为=答：（ 1）平行于P2 向左发射的粒子在磁场中的运动时间为；（ 2）荧光屏P1、 P2 之间有粒子经过的区域的面积为；（ 3）仍在磁场中运动的粒了和已经被屏吸收的粒子的个数之比为。【解析】（1）根据粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力求出半径、周期，根据几何知识求解运动时间。（2）粒子的轨迹恰好和 相切时，面积最大，画出轨迹图根据几何知 识求解；1（3）粒子的初速度方向与 P2 成角 时，若圆心角也为，则 = ，所以当平行于 P2，向左发射的粒子到达 P1时，此时已经打到荧光屏 P1 上的