2019年湖北省咸宁市中考物理真题及答案

1、2019年湖北省咸宁市中考物理真题及答案一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1. 5月20日是世界国际计量日，2019年的主题是“国际单位制(SI)-本质的提升”。在国际单位制中，密度单位的国际符号是()A. N/m2B. m/sC. kg/m3D. g/cm32. 如图所示现象中，利用做功使物体内能增加的是()A. 发烧时B. 钻木时C. 天晴时D. 煮茶时3. 古诗词往往蕴含丰富的物理知识，在下列诗词中能体现“分子在不停息运动”的是()A. 水晶帘动微风起，满架蔷薇一院香B. 姑苏城外寒山寺，夜半钟声到客船C. 去年今日此门中，人面桃花相映红D. 两岸青山相对出，孤帆一片日边来4.

2、 远古时代，鼓被赋予神秘色彩。如图是湖北崇阳出土的商代铜鼓史。关于鼓声，下列说法正确的是()A. 鼓声能在真空中传播B. 鼓面振动的幅度越大，响度越大C. 鼓声的音色与鼓的材料、结构无关D. 区分鼓声和其他乐器声是根据音调不同5. 下列自然现象属于液化现象的是()A. 初春，湖面上的冰逐渐变薄B. 盛夏，地面上的水很快变干C. 深秋，草叶上出现晶莹露珠D. 寒冬，树枝上形成茸茸雾凇6. 有一种佩戴在手腕上的“计步器”，其构造是在一段塑料管中密封一小块磁铁，管外缠绕着线圈。运动时，磁铁在管中反复运动，线圈的输出电流随之不停地变化，显示出运动步数。“计步器”的基本原理与下列哪幅图相同()A. 发电

3、机B. 电动机C. 电水壶D. 扬声器7. 如图所示，玩滑板是青少年比较喜欢的一种运动。以下分析合理的是()A. 人和滑板滑行的速度越快，惯性越大B. 滑板底部安装有滚轮，是为了增大对地面的压强C. 人对滑板的压力和滑板对人的支持力是一对平衡力D. 人和滑板从运动到静止的过程说明了力可以改变物体的运动状态8. 下列说法中正确的是()A. 法拉第发现了电流的磁效应B. 帕斯卡首先用实验的方法测出了大气压强的数值C. 伽利略通过实验得出了物体的运动不需要力来维持的结论D. 焦耳用实验确定了电流产生的热量跟电压、电流和通电时间成正比9. 如图所示，电源电压U保持不变，电阻R为定值电阻。如果再给R连接

4、一个电阻，接入电路中，使电路消耗电功率的增加量较小，可行的是()A. 给R串联一个较小的电阻B. 给R串联一个较大的电阻C. 给R并联一个较小的电阻D. 给R并联一个较大的电阻10. 如图所示，完全相同的两个圆柱形容器A和B分别盛有质量相等的甲、乙两种液体，B容器的液面高于A容器液面。将两个完全相同的小球分别放入甲、乙液体中，静止后受的浮力分别是F1、F2，下列判断正确的是()A. F1一定大于F2B. F1一定小于F2C. F1不可能大于F2D. F1不可能小于F2二、填空题（本大题共8小题，共27.0分）11. 甲、乙是两个完全相同的网球。如图所示，在同一高度同时以大小相等的速度，将甲球竖

5、直向下抛出、乙球竖直向上抛出，不计空气阻力。抛出时两球机械能_选填“相等”或“不相等”)；落地前的运动过程中，甲球的动能_(选填“增大”、“不变”或“减小”)，乙球的机械能_(选填“增大”“先增大后减小”“不变”或“减小”)12. 如图所示是成宁翠竹岭隧道及公路旁的交通标志牌。从标志牌上可以看出，隧道长_km，通过隧道速度不能超过60km/h。从单位换算的角度可知60km/h=_km/min，如果不违反交通规则，汽车至少需要_s通过隧道。13. 用如图所示装置探究凸透镜成像规律，调整物距u，测量对应的像距v，部分数据如下表所示。根据表中数据可知该凸透镜的焦距是_cm；如果u=27cm，移动光屏

6、可得到倒立、_(选填“放大”或“缩小”)的实像，_(选填“幻灯机”或“照相机”)应用了这一原理。u/cm6030201513v/cm121520304514. 用如图所示的滑轮组将重为G的物体匀速提升了h，作用在绳上的拉力大小为F，则总功为_，额外功为_，效率为_。(用题中给出的物理量表示)15. 水是生命之源，在生活中的应用很广泛，汽车发动机的冷却循环系统自用水作为工作物质，是利用水的_大的特点；夏天在地上洒水可以降低温度是利用水_(填物态变化)吸热的特点；向空气中喷洒水雾，可制造彩虹，彩虹是太阳光经水珠_后形成的。16. 如图所示，杠杆AB放在钢制圆柱体的正中央水平凹槽CD中，杠杆AB能以

7、凹槽两端的C点或D点为支点在竖直平面内转动，长度AC=CD=DB，左端重物G=12N.当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时，杠杆容易绕_(选填“C”或“D”)点翻转，为使杠杆AB保持水平位置平衡，拉力F1=_N的最小值，最大值F2=_N.(杠杆、细绳的质量及摩擦均忽略不计)17. 用激光器发出一束光，射入半圆形玻璃砖的圆心O，结果在水平屏幕MN上出现两个光斑，其中一个光斑在A点，如图。请在图中画出光路确定另光斑B点的位置。18. 有A、B两个密度分别为A、B的实心正方体，它们的边长之比为1：2，其中正方体A的质量mA为1kg。如图甲所示，将它们叠放在水平桌面上时，A对B的压强与B对桌面的压强之

8、比为4：5；将A和B叠放在一起放入水平桌面盛水的容器中，如图乙所示，水面静止时，正方体B有14的体积露出水面，已知水=1.0103kgm3.求：(1)正方体B的质量mB是多少？(2)A：B是多少？(3)正方体B的密度B是多少？三、计算题（本大题共2小题，共15.0分）19. 我国常规动力核潜艇具备先进的通讯设备、武器、导航等系统和隐蔽性强、噪声低、安全可靠等优异性能，如图是某型号常规动力核潜艇，主要技术参数如下表(海水密度近似为1.0103kg/m3)。排水量水上运动2250t，水下运动3000t最大潜水深度300m最大航速水上30km/h，水下36km/h水下最大输出功率3000kW(1)核

9、潜艇在深海中匀速潜行时，如果遭遇海水密度突变造成的“断崖”险情，潜艇会急速掉向数千米深的海底，潜艇突遇“断崖”险情是因为遇到海水的密度突然_(选填“变大”、“变小”或“不变”)造成的，此时应立即将潜艇水舱中的水全部排出，使潜艇受到的重力_(选填“大于”或“小于”)它的浮力。(2)该潜艇由水下某位置下潜到最大潜水深度处，潜艇上面积为2m2的舱盖受到海水的压力增大了6105N，则潜艇原来位置的深度h是多少？(3)该潜艇在水下以最大输出功率巡航，当达到最大速度匀速运动时，受到海水的平均阻力f是多少？20. 如图甲所示，电源电压为6V恒定不变，滑动变阻器的最大阻值是20.闭合开关，滑动变阻器消耗的电功

10、率P与滑动变阻器接入电路的阻值R之间的关系如图乙所示。(1)当滑动变阻器滑片从左端移至右端的过程中，电压表的示数_(选填“逐渐增大”、“先增大后减小”或“逐渐减小”)；(2)结合图乙数据计算定值电阻R0的阻值；(3)当滑动变阻器两次消耗的电功率都为0.8W时，对应滑动变阻器接入电路的阻值R1和R2分别是多少？四、作图题（本大题共1小题，共2.0分）21. 开关S闭合后通电螺旋管和条形磁铁A之间磁感线的形状如图所示，请在图中标出三条磁感线的方向和条形磁铁A的两个磁极。五、实验探究题（本大题共2小题，共16.0分）22. 小敏同学参加研学旅行时，在湖边捡到一块漂亮的小石块，她用家中常见物品与刻度尺

11、巧妙地测出了小石块的密度，她的测量方案如下：用细绳将一直杆悬挂，调节至水平位置平衡，记下细绳在直杆上的结点位置O；将一重物悬于结点O左侧的A点，小石块悬于结点O的右侧，调整小石块的位置，如图所示，当小石块悬于B点时，直杆在水平位置平衡；用刻度尺测量OA的长度为L1，OB的长度为L2；保持重物的悬点位置A不变，将结点O右侧的小石块浸没在盛水的杯中(且未与杯底、杯壁接触)，调整小石块的悬点位置，当小石块悬于C点时，直杆在水平位置平衡；用刻度尺测量OC的长度为L3。请根据她的测量方案回答以下问题(1)实验中三次调节了直杆在水平位置平衡。其中，第一次调节水平平衡是_，第二次调节水平平衡是_；(选填“a

12、”或“b”)a.消除直杆自重的影响b。便于测量力臂(2)实验中长度_(选填“L1”、“L2”或“L3”)的测量是多余的；(3)C点应该在B点的_(选填“左”或“右”)侧；(4)小石块密度的表达式为=_(选用字母木、L1、L2、L3表示)。23. 热敏电阻用来测量温度的变化，灵敏度较高。某实验小组利用热敏电阻将一电流表改装为温度计，实验电路如图所示。实验室提供的实验器材有：电流表(量程为0.6A)，学生电源输出电压恒为24V)，滑动变阻器R1(最大阻值为10)，滑动变阻器R2(最大阻值为50)，单刀双掷开关，用防水绝缘材料包裹的热敏电阻RT，导线若干。已知该热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为RT

13、=2t-10()，实验步骤如下：a.按照电路图连接好实验器材；b.为不烧坏电流表，将滑动变阻器的滑片P调节到a端；然后将单刀双掷开关掷于c端，调节滑片P，使电流表指针指在满刻线位置，并在以后的操作中使滑片P位置不变；c.将单刀双掷开关掷于d端，根据热敏电阻的阻值随温度变化的关系，计算出电流表刻度盘各个电流值对应的温度值，重新标注刻度盘，改装成温度计；d.在容器中倒入适量的热水，随着热水温度的下降，读岀对应的温度值。(1)根据实验要求，电路中的滑动变阻器应选_(选填“R1”或“R2”)。(2)该温度计能够测量的温度不能低于_；当电流表示数为0.24A时，对应的温度值为_；热水温度t与电流I之间的

14、函数关系式为t=_。(3)改装后的刻度盘的特点是低温刻度在刻度盘的_(选填“左”或“右”)侧。答案解析1.【答案】C【解析】解：在物理学中，A、帕斯卡是压强的基本单位，符号是Pa，并且1Pa=1N/m2.故A不符合题意；B、米每秒是速度的基本单位，符号是m/s。故B不符合题意；C、千克每立方米是密度的基本单位，符号是kg/m3.故C符合题意；D、克每立方厘米是密度的常用单位，符号是g/cm3.故D不符合题意。故选：C。根据对常见物理量及其单位的掌握作答。此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。2.【答案】B【解析】解：发烧时、天晴时、煮茶时都是

15、通过热传递的方式改变内能的，钻木时是通过克服摩擦做功的方式增加内能的，故B正确。故选：B。本题抓住改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种形式。本题考查了改变物体内能有两种方式，属于基础知识。3.【答案】A【解析】解：A、“满架蔷薇一院香”是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故A符合题意；B、“夜半钟声到客船”说明声音靠空气传播的，故B不符合题意；C、“人面桃花相映红”说明桃花只反射红光，故C不符合题意；D、“两岸青山相对出，孤帆一片日边来”与物体的运动有关，与分子的运动无关，故D不符合题意。故选：A。(1)分子永不停息地做无规

16、则运动；(2)声音是由物体的振动产生的；(3)不透明物体的颜色是由反射的色光决定的；(4)物体的运动和静止时相对的。本题是一道综合题，是考查学生对诗词中蕴含的物理知识的理解，是中考的热点。4.【答案】B【解析】解：A、声音的传播需要介质，鼓声不能在真空中传播，故A错误；B、鼓面振动的幅度越大，则发出声音的响度越大，故B正确；C、鼓声的音色与鼓的材料、结构等因素有关，故C错误；D、不同发声体的音色是不同的，所以可以根据音色来区分鼓声和其他乐器声，故D错误。故选：B。声音的传播需要介质；声体振动的幅度叫振幅，它决定声音响度的大小，振幅越大，响度越大。声音的高低称为音调，其高低与物体振动的频率有关；

17、不同发声体的音色是不同的。此题考查了声音传播和音调、响度的区别，是一道基础题。5.【答案】C【解析】解：A、冰层变薄，是由固态变为液态，属于熔化现象，故A不符合题意；B、地上的水很快变干是液态水变成水蒸气，属于汽化现象，故B不符合题意；C、露是由空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故C符合题意；D、树枝上形成雾凇，是水蒸气遇冷直接变成固态的小冰晶，属于凝华现象，故D不符合题意。故选：C。物质由气态放热变成液态的过程叫液化。此题考查的是我们生活中的物态变化现象，看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断。6.【答案】A【解析】解：根据“计步器”的特点可知，磁铁在管中反复运

18、动，切割线圈而产生电流。因此，计步器的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化成了电能。A是电磁感应现象；BD利用的是通电导体在磁场中受力运动的原理；C是电流的热效应；故A正确。故选：A。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件，明确这一过程中的能量转化，是解答本题的关键。7.【答案】D【解析】解：A、惯性大小只跟物体的质量有关；人和滑板滑行的速度越快，但人和滑板的质量不变，所以其惯性不变，故A说法错误。B、滑板底部安装有滚轮，是用滚动代替滑动来减小摩擦，安装滚轮时对

19、地面的压强也增大了，但这不是目的，故B说法错误。C、人对滑板的压力和滑板对人的支持力是相互作用力，这两个力不是一个受力物体，不是平衡力，故C说法错误。D、人和滑板从运动到静止是因为受到摩擦力的作用，人和滑板的运动状态发生改变，这说明力可以改变物体的运动状态，故D说法正确。故选：D。(1)从惯性大小的影响因素考虑。(2)安装滚轮是一种滚动摩擦，滚动摩擦代替滑动摩擦，摩擦力减小。(3)从平衡力的四个条件进行分析。(4)物体的速度大小和方向的变化都属于运动状态的改变，改变物体运动状态都需要力。平衡力和相互作用力只是在受力物体上不同，学生很容易混淆这两个概念。8.【答案】C【解析】解：A、法拉第发现了

20、电磁感应，电流磁效应是奥斯特发现的；故A错误。B、帕斯卡是做了一个“裂桶实验”，最先用实验测出大气压的托里拆利；故B错误。C、伽利略通过实验得出物体的运动不需要力来维持的结论从而推翻了亚里士多德的观点；故C正确。D、焦耳用实验确定了电流产生的热量与电流的平方、电阻、通电时间成正比；故D错误。故选：C。A、法拉第发现了电磁感应，电流磁效应是奥斯特发现的；B、帕斯卡是做了一个“裂桶实验”，最先用实验测出大气压的托里拆利；C、伽利略通过实验得出物体的运动不需要力来维持的结论从而推翻了亚里士多德的观点；D、焦耳用实验确定了电流产生的热量与电流的平方、电阻、通电时间成正比。该题考查物理学史中初中阶段涉及

21、的物理学家与其贡献。9.【答案】D【解析】解：由题知，要电路消耗电功率增大，电源电压U保持不变，由电功率公式P=U2R可知，应减小电路的总电阻，结合串、并联电路电阻的特点可知，需要并联一个电阻；由于电路消耗电功率的增加量较小，所以由P=U2R可知，需要并联一个较大的电阻；故选：D。由电功率的计算公式P=U2R可知：电压不变，当总电阻减小时，电路的总功率增大；当总电阻增大时，电路的总功率减小。本题综合考查电路中总电功率和总电阻的关系以及串、并联电路电阻的特点，熟练掌握串、并联电路电阻变化的规律即可轻松解题。10.【答案】D【解析】解：由题知，两个圆柱形容器相同，底面积相同，液体深度h甲h乙，由V

22、=Sh可知，液体的体积V甲乙；由于小球的密度未知，则：若球甲，则小球在甲乙液体中处于下沉，处于浸没状态，排开甲乙液体的体积相等，根据F浮=液gV排可知：F1F2；若甲球乙，则小球在甲液体中漂浮，在乙液体中下沉，则F1=G，F2G，则F1F2；若乙球，则小球在甲乙液体中都出处于漂浮状态，则F1=G，F2=G，则F1=F2；由此分析可知：F1F2，F1不可能小于F2。故选：D。(1)由题知，两个圆柱形容器相同，底面积相同，知道液体深度关系，利用V=Sh可知液体的体积关系，又知道甲液体的质量等于乙液体的质量，根据密度公式可以得知两液体的密度关系；(2)由于小球的密度未知，分球甲、甲球乙，球2f条件，

23、成倒立、缩小的实像，应用是照相机。故答案为：10；缩小；照相机。掌握凸透镜成像的三种情况的物距和像的性质。u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf，应用照相机；u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f；2fuf，成倒立、放大的实像，v2f，应用投影仪；uf，成倒正立、放大的虚像，应用放大镜。凸透镜成像的三种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，都是解答凸透镜成像习题的重要依据。14.【答案】3Fh 3Fh-Gh G3F【解析】解：由图可知滑轮组的绳子股数为3股，拉力移动距离s=3h，拉力做的总功：W总=Fs=3Fh；有用功：W有用=Gh，额外功：W额=W总-W有用=3Fh-Gh

24、；机械效率：=W有用W总=Gh3Fh=G3F。故答案为：3Fh；3Fh-Gh；G3F。由图可知滑轮组的绳子股数为3股，拉力移动距离s=3h，根据W总=Fs求出总功；根据W有用=Gh求出有用功，再求出额外功，根据=W有用W总求出机械效率。此题主要考查的是学生对有用功、总功、额外功和机械效率计算的理解和掌握，难度不大。15.【答案】比热容 汽化 色散【解析】解：(1)因为水的比热容大，在升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以人们用水做汽车发动机的冷却液；(2)夏天在地上洒水，利用水汽化时能吸收大量热量来降低温度；(3)向空气中喷洒水雾时，空气中悬浮着大量的小水滴，阳光照在小水滴上时发生折射，白光经

25、水珠折射以后，分解成各种彩色光，这种现象叫做光的色散，即彩虹是太阳光经水珠色散形成的。故答案为：比热容；汽化；色散。(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；(2)物质由液态变成气态发生的是汽化现象，汽化过程需要吸热；(3)彩虹是光的色散形成的。此题通过几个日常生活中的现象考查了对比热容、汽化吸热、光的色散的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。16.【答案】D 6 24【解析】解：由图可知，D点更加靠近拉力一端，故当作用在B点竖直向下的拉力F足够大时，杠杆容易绕D点翻转；当以C点为支点时拉力最

26、小，以D点为支点时拉力最大，则根据杠杆平衡条件可得：F1BC=GAC，F2BD=GAD，因为AC=CD=DB，所以BC：AC=2：1，BD：AD=1：2，可得：F12=12N1，F21=12N2，解得，F1=6N，F2=24N。故答案为：D；6；24。当以C点为支点时拉力最小，以D点为支点时拉力最大，根据AC=CD=DB分别求出动力臂与阻力臂的=比值，然后利用杠杆平衡条件计算拉力的最小值和最大值。此题考查平衡条件及其应用，难度不大，关键是根据图示得出以C点为支点时拉力最小，以D点为支点时拉力最最大。17.【答案】解：过入射点O作法线，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线

27、上侧画出反射光线OB，如图所示：【解析】根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线。本题考查根据反射定律作图，要牢固掌握反射定律，作图要规范。18.【答案】解：(1)因为正方体AB边长之比为1：2，故AB的底面积之比为1：4，即SASB=14；因为V=L3，所以VA：VB=(LA)3：(LB)3=1：8，即8VA=VB，因为A对B的压强与B对桌面的压强之比为4：5，即pApB=FASAFBSB=GASAGA+GBSB=GASASBGA+GB=GA14GA+GB=45，解得：GB=4GA，即mB=4mA=41kg=4kg；(

28、2)因为mBmA=41，由=mV可得，密度之比：AB=mAVAmBVB=mAVAVBmB=mAmBVBVA=1481=2：1；(3)由题知，物体AB在水中漂浮，有14的体积露出水面，则B在水中受到的浮力等于重力，FB=G总，即：水V排g=水(1-14)VBg=GA+GB=14GB+GB=54GB即34水gVB=54BVBg，化简可得B的密度：B=35水=351.0103kg/m3=0.6103kg/m3。答：(1)正方体B的质量mB是0.4kg；(2)A：B是2：1；(3)正方体B的密度B是0.6103kg/m3。【解析】(1)根据正方体的边长之比为1：2，求出面积之比，A对B的压强与B对桌面

29、的压强之比为4：5，求出压力之比，得出A、B重力关系，算出正方体B的质量mB；(2)利用G=mg=Vg求AB的密度关系；(3)由题知，物体B漂浮，有14的体积露出水面，利用阿基米德原理求B受到的浮力，据此得出B的密度与水的密度关系，求出B的密度。本题为力学综合题，考查了学生对重力公式、密度公式、压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，本题为填空题，实质是一道复杂的计算题，要通过计算确定三量的具体关系再进行判断。19.【答案】变小 小于【解析】解：(1)由于海水中不同深度下海水的密度会是变化的，所以潜艇突遇“断崖”险情”是因为遇到海水的密度突然变小，浮力会突然变小，潜水艇突然遭遇海水

30、密度突变造成的“断崖”，失去浮力的潜艇急速掉向数千米深的海底；“掉深”到潜艇的极限深度便会艇毁人亡，潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的，此时将潜艇水舱中的水全部排出，使潜艇受到的重力小于浮力，实现上浮；(2)由P=FS可得，增大的压强p=FS=6105N2m2=3105Pa；由p=gh可得，h=p海水g=3105Pa1.0103kg/m310N/kg=30m，由表中信息可知，最大潜水深度h最大=300m，则潜艇原来位置的深度h=h最大-h=300m-30m=270m；(3)由表中数据可知，水下最大输出功率P=3000kW=3106W，最大速度水下v=36km/h=10m/s，由P=Wt=Fst

31、=Fv可得，牵引力F牵=Pv=3106W10m/s=3105N，潜艇达到最大速度匀速运动，受到海水的平均阻力f=F牵=3105N，答：(1)小于；变小；(2)潜艇原来位置的深度h是270m；(3)受到海水的平均阻力f为3105N。(1)潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的，海水中不同深度下海水的密度不同，这给潜水艇的下潜会带来极大的危险；(2)根据潜艇上面积为2m2的舱盖受到海水的压力增大了6105N，可求增大的压强，然后利用p=gh可求增大的深度，已知最大潜水深度为300m，然后可知潜艇原来位置的深度；(3)由表中数据可知，水下最大输出功率P=3000kW=3106W，最大速度水下36km/h

32、，由P=Wt=Fst=Fv公式变形可求得牵引力F，因为匀速运动，F=f。此题考查液体压强公式的应用、功率公式及其变形的应用，二力平衡条件的应用等多个知识点，是一道综合性较强的题目。20.【答案】逐渐增大【解析】解：由图甲知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电压表测量滑动变阻器R两端的电压，(1)当滑动变阻器滑片从左端移至右端的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻逐渐变大，根据串联电路的电阻越大，分得的电压越大的特点可知电压表示数逐渐变大；(2)由图象可知，当R=10时，P最大=0.9W，由P=I2R可得，电路中的电流：I=P最大R=0.9W10=0.3A，由I=UR可得，电路中的总电阻：R总=U

33、I=6V0.3A=20，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以：R0=R总-R=20-10=10；(3)根据串联电路的电阻特点和P=I2R可得：滑动变阻消耗的功率P=I2R=(UR0+R)2R=(6V10+R)2R，当滑动变阻器两次消耗的电功率都为0.8W时，即：(6V10+R)2R=0.8W，解得：R1=5，R2=20。答：(1)逐渐增大；(2)定值电阻R0的阻值为10；(3)当滑动变阻器两次消耗的电功率都为0.8W时，对应滑动变阻器接入电路的阻值R1和R2分别是5，20。(1)由图可知：R与R0串联，电压表测量滑动变阻器R两端的电压；当滑动变阻器滑片从左端移至右端的过程中滑动变阻器接入

34、电路中的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知电压表示数变化；(2)由图象可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为10时滑动变阻器消耗的电功率最大，根据P=I2R求出电路中的电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R0的阻值。(3)当滑动变阻器两次消耗的电功率都为0.8W时，根据P=I2R得出R的功率表达式，然后解之即可求出滑动变阻器接入电路的阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出滑动变阻器接入电路中电阻与消耗功率之间的关系。21.【答案】解：如图，电流方向由右端流入左端，利用安培定则判断可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，又知道在磁体的外部，

35、磁感线都是从其N极出发指向S极的，所以磁感线的方向都指向S极，条形磁铁的左端为N极，如图所示；【解析】首先要通过电流的方向，利用安培定则判断出左侧螺线管的极性，再根据磁极间的相互作用，判断出磁铁A的磁极，最后根据磁极，画出磁感线的方向。解决此题的突破口在于利用安培定则，通过电源的方向判断出通电螺线管的极性，再依次确定条形磁铁的极性、磁感线的方向。22.【答案】a b L1 右 水L3L3-L2【解析】解：(1)第一次在实验前调节直杆在水平位置平衡的目的是使直杆的重心落在支点上，从而使直杆自重的力臂为0，使直杆自重对杠杆的平衡没有影响；第二、三次，在实验的过程中再次使直杆在水平位置平衡，此时直杆

36、的力臂与直杆的一部分相重合，从而可以便于对力臂的测量。(2)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G物L1=G石L2，G物L1=FL3，所以有G石L2=FL3，所以G物L1在实验中起中间桥梁的作用，L1的测量是多余的。(3)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G物L1=G石L2，G物L1=FL3，所以有G石L2=FL3，F是小石块浸没在水中时，小石块对直杆的拉力，由于浮力的作用，可知FL1，即C点在B点的右侧。(4)实验中两次使直杆在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件，可以得到两个等式：G物L1=G石L2，G物L1=FL3，所以有：G石L2=FL3，G石L2=(G石-F浮)L3，石V石gL2=(石V石g-水V排g)L3，因为小石块浸没在水中，所以V排=V石，所以石V石gL2=(石V石g-水V石g)L3，解得：石=水L3L3-L2。故本题答案为：(1)a，b；(2)L1；(3)右；(4)水L3L3-L2(1)该题考查杠杆平衡条件实验中杠杆在水平位置平衡的目的：实验前使杠杆在水平位置平衡的目的是为了消除杠杆自重对平衡的影响；实验过程中再次使杠杆在水平位置平衡的目