2020年山东省枣庄市高考物理二模试卷

1、2020 年山东省枣庄市高考物理二模试卷一、单选题（本大题共8 小题，共24.0 分）1. 氢原子的能级图如图所示。用氢原子从 ?= 4 能级跃迁到 ?= 1能级辐射的光照射逸出功为 6.34?的金属铂，下列说法正确的是 ( )A.B.C.产生的光电子的最大初动能为6.41?产生的光电子的最大初动能为12.75?氢原子从 ?= 2 能级向 ?= 1 能级跃迁时辐射的光不能使金属铂发生光电效应D. 氢原子从 ?= 6 能级向 ?= 2 能级跃迁时辐射的光也能使金属铂发生光电效应2.新华社西昌 3 月 10 日电“芯级箭体直径 9.5米级、近地轨道运载能力 50 吨至 140 吨、奔月转移轨道运载

2、能力 15 吨至 50 吨、奔火 ( 火星 ) 转移轨道运载能力 12 吨至44 吨 ”这是我国重型运载火箭长征九号研制中的一系列指标，已取得阶段性成果，预计将于2030 年前后实现首飞。火箭点火升空，燃料连续燃烧的燃气以很大的速度从火箭喷口喷出，火箭获得推力。下列观点正确的是()A. 喷出的燃气对周围空气的挤压力就是火箭获得的推力B. 因为喷出的燃气挤压空气，所以空气对燃气的反作用力就是火箭获得的推力C. 燃气被喷出瞬间，火箭对燃气的作用力就是火箭获得的推力D. 燃气被喷出瞬间，燃气对火箭的反作用力就是火箭获得的推力3. 某工厂检查立方体工件表面光滑程度的装置如图所示，用弹簧将工件弹射到反向

3、转动的水平皮带传送带上，恰好能传送过去是合格的最低标准。假设皮带传送带的长度为 10m、运行速度是 8?/?，工件刚被弹射到传送带左端时的速度是10?/?，取重力加速度2?= 10?/? .下列说法正确的是()A. 工件与皮带间动摩擦因数不大于0.32 才为合格B. 工件被传送过去的最长时间是2sC. 若工件不被传送过去，返回的时间与正向运动的时间相等D. 若工件不被传送过去，返回到出发点的速度为10?/?4. 科幻电影 流浪地球 讲述了这样的故事： 太阳即将毁灭， 人类在地球上建造出巨大的推进器，使地球经历了停止自转、加速逃逸、匀速滑行、减速入轨等阶段，最后成为比邻星的一颗行星。假设若干年后

4、，地球流浪成功。设比邻星的质量为太阳质量的 1 ，地球质量在流浪过程中损失了1，地球绕比邻星运行的轨道半径为地球绕441太阳运行轨道半径的2，则地球绕比邻星运行与绕太阳运行相比较，下列关系正确的是()A. 公 转周期之比为 ? ： ? = 1： 1比日B. 向心加速度之比为? ： ? = 3 ： 4比日C. 动能之比为 ?比 ： ?日 = 3： 8D. 万有引力之比为 ? ： ? = 3 ： 8比日第1页，共 20页5.如图所示，重力均为G 的两小球用等长的细绳a、b 悬挂在 O 点，两小球之间用一根轻弹簧连接，两小球均处于静止状态，两细绳a、b 与轻弹簧 c 恰好构成正三角形。现用水平力 F

5、 缓慢拉动右侧小球，使细绳 a 最终竖直，并保持两小球处于静止状态。下列说法正确的是 ( )A.B.最终状态时，水平拉力F 等于 3?最终状态与初态相比，轻弹簧c 的弹性势能保持不变C. 最终状态与初态相比，右侧小球机械能的增加量等于弹簧弹性势能的减小量加上力 F 做的功D. 最终状态与初态相比，系统的机械能增加6. 如图所示，一定质量的理想气体从状态 A 经过状态 B、 C 又回到状态 ?下.列说法正确的是( )A. ? ?过程中气体分子的平均动能增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加B. ? ?过程中单位体积内分子数增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少C. ? ?过程中气体吸

6、收的热量大于 ? ?过程中气体放出的热量D. ? ?过程中气体对外做的功小于 ? ?过程中外界对气体做的功7. 如图所示，在天花板下用细线悬挂一个闭合金属圆环，圆环处于静止状态。上半圆环处在垂直于环面的水平匀强磁场中，规定垂直于纸面向外的方向为磁场的正方向，磁感应强度 B 随时间 t 变化的关系如图乙所示。 ?= 0 时刻，悬线的拉力为 ?.?为圆环的直径， ?= ?，圆环的电阻为 ?下.列说法正确的是 ( )A. ?4时刻，圆环中有逆时针方向的感应电流3?B.4 时时刻， C 点的电势低于 D 点第2页，共 20页23C. 悬线拉力的大小不超过?0?+ 4?224D. 0? ? ? ?0时间

7、内，圆环产生的热量为32?8. 用传感器观察电容器放电过程的实验电路如图甲所示，电源电动势为8V、内阻忽略不计。先使开关 S 与 1端相连，稍后掷向2 端，电流传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示的电流随时间变化的?-?图象如图乙所示。下列说法正确的是( )A. 图中画出的靠近i 轴的竖立狭长矩形面积表示电容器所带的总电荷量B. 电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为20CC. 电容器在全部放电过程中释放的电荷量约为4.0 10-4 ?D. 电容器的电容约为 4.0 102?二、多选题（本大题共4 小题，共 16.0 分）9. 如图所示，在坐标系 xOy 中，弧 BDC 是以 A 点为圆心、

8、AB 为半径的一段圆弧， ?= ?，?y 轴的交点。当在O 点和 A 点分别固定电荷量为 -?和 +?=，D 点是圆弧跟212的点电荷后， D 点的电场强度恰好为零。下列说法正确的是()A. ?21= 4?B. 圆弧 BDC 上的各点相比较，D 点的电势最高C. 电子沿着圆弧从B 点运动到 C 点的过程中，电势能先减小后增大D. 电子沿着圆弧从B 点运动到 C 点的过程中，电势能先增大后减小10. 如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是2： 1， AB 两点之间始终加 ?=的交变电压。 R 是输电线的电阻， L 是标有“ 100V、100W”的220 2?100?(?)白炽灯。M是标有“10

9、0V 200WS断开时，、”的电动机， 其线圈电阻 ?= 10?.开关电动机正常工作。下列说法正确的是()A.B.输电线的电阻阻值?= 20?电动机的输出功率为180W第3页，共 20页C. 开关 S 闭合后，电动机的电功率减小D. 开关 S 闭合后，白炽灯的功率为 100W11.两列分别沿x 轴正、负方向传播的简谐横波在?= 0 时刻的波形如图所示，其中a波振幅为 2cm，沿 x 轴正方向传播； b 波振幅为 4cm，沿 x 轴负方向传播。两列波的传播速度大小均为 ?= 2?/?。则下列说法正确的是 ( )A. 两列波的质点的起振方向均沿y 轴负方向B. 横波 a 的周期为 2sC. ?=

10、1.5?时，质点 Q 离开平衡位置的位移为2cmD. 两列波从相遇到分离所用的时间为2s12.如图所示， 足够长的水平光滑金属导轨所在空间中，分布着垂直于导轨平面方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为?两.导体棒a、b 均垂直于导轨静止放置。已知导体棒a 质量为 2m，导体棒 b 质量为 m；长度均为l，电阻均为r ；其余部分电阻不计。现使导体棒a 获得瞬时平行于导轨水平向右的初速度?.除磁场作用外，0两棒沿导轨方向无其他外力作用。在两导体棒运动过程中，下列说法正确的是()A. 任何一段时间内，导体棒b 动能增加量跟导体棒a 动能减少量的数值总是相等的B. 任何一段时间内，导体棒b 动量改变

11、量跟导体棒a 动量改变量总是大小相等、方向相反2?C. 全过程中，通过导体棒0b 的电荷量为 3?D. 全过程中，两棒共产生的焦耳热为2?03三、实验题（本大题共2 小题，共15.0 分）13.某同学在“探究物体运动的加速度与物体受力、 物体质量的关系”实验中， 把按控制变量法做的两个实验的数据都记录在如表中。数据是按加速度的大小排列的。123456789?/?0.290.140.290.190.240.290.290.290.34?/?0.860.360.610.360.360.410.360.310.36?/(?0.340.390.480.530.670.710.810.930.94-2?

12、 )若利用表中数据探究物体运动的加速度与物体受力的关系，则选用物体的质量为? = _kg，请在本题给出的坐标纸中作出?-?图象。第4页，共 20页14. 如图甲所示， 是一块厚度均匀、 长宽比为5 4a： 的长方形合金材料薄板式电阻器，、b 和 c、 d 是其两对引线，长方形在a、b 方向的长度大于在c、d 方向的长度。已知该材料导电性能各向同性。 某同学想测定该材料的电阻率。他选取的器材有： 多用电表； 游标卡尺； 螺旋测微器； 学生电源； 电压表 ?(量程： 3V，内阻约为 3?)； 电流表 ?(量程： 0.6?，内阻约为 0.2?)； 滑动变阻器 ?0( 最大阻值10?)； 开关S、导线

13、若干。(1) 用多用电表粗测该电阻器的电阻值。他首先调整多用电表“指针定位螺丝”，使指针指在零刻度；再将选择开关旋至电阻挡“1”挡位，两支表笔金属部分直接接触，调整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“0?”。然后，用两支表笔分别连接电阻器的a、b 引线，多用电表表盘指针位置如图乙所示。a、 b 两引线之间的电阻值 ?= _?。(2) 用游标卡尺和螺旋测微器分别测量薄板的宽度和厚度，结果如图丙所示，则宽度 ? = _mm，厚度 ?= _mm。?(3) 为了精确测定 a、 b 两引线之间的电阻值 R，该同学在图丁所示的实物中，已经按图丁中电路图正确连接了部分电路； 请用笔画线代替导线， 完成剩余电路的连

14、接。(4) 若该同学保持电路不变，只将a、 b 引线改接为 c、d 引线，测量 c、 d 之间的电阻值，则测量c d_、 之间电阻值的相对误差( 填“大于”、 “小于”或“等于” )测量 a、 b 之间电阻值的相对误差。(5) 计算该材料电阻率的表达式 ?= _。 式中用到的物理量的符号均要取自(1)(2)(3)问 第5页，共 20页四、计算题（本大题共4 小题，共45.0 分）15. 2019 年 12 月以来，我国部分地区突发的新型冠状病毒肺炎疫情威胁着人们的身体健康和生命安全，勤消毒是一种关键的防疫措施，如图甲所示。图乙是喷雾消毒桶的原理图，消毒桶高为h。在室外从加水口加注高度为?的消毒

15、液，关闭喷雾口阀2门 K，密封加水口，上部封闭有压强为?、温度为 ?的空气。将喷雾消毒桶移到室00内，一段时间后打开喷雾口阀门 K ，恰好有消毒液从喷雾口溢出。已知消毒液的密度为 ?，大气压强恒为 ?，喷雾管的喷雾口与喷雾消毒桶顶部等高。忽略喷雾管的0体积，将空气看作理想气体，重力加速度为g。(1) 求室内温度。(2) 关闭 K ，在室内用打气筒向喷雾消毒桶内充入空气。然后，打开K，在室内喷雾消毒。消毒完成时，发现桶内消毒液的液面刚好降到桶底。求充入空气与原有空气的质量比。假设整个过程中气体温度保持不变。第6页，共 20页16.如图所示，水平面上静止放置一个透明实心玻璃球，O 点是球心， A

16、是最高点， B是最低点。两条跟水平面夹角为45的平行光线斜照在球面上，其中一条向着球心O，其延长线交地面于 D 点 ( 图中未画出 ) ，另一条过最高点 ?已.知该玻璃的折射率为 2，?15= 2- 3.求：(1)过 A 点的光线折射进入玻璃球时的折射角。(2)过 A 点的光线从玻璃球射出后，跟水平面的交点是在D 点的左侧、右侧、还是在D 点？试证明你的猜想。17. 如图所示， AB 为竖直平面内的细管状半圆轨道，AB 连线为竖直直径， 轨道半径 ?=6.4?，轨道内壁光滑， A、B 两端为轨道的开口。 BC 为粗糙水平轨道， 其长度 ?= 8.4?。CD 为倾角 ?= 37的斜面。 用两个小

17、物块 a、b 紧靠在一轻弹簧的两端将弹簧压缩，用细线将两物块绑住，沿轨道静置于C 点。弹簧很短，物块与弹簧均不拴接，物块a 的线度略小于细管的内径。烧断细线，两物块先后落到斜面的M 点， CM 两点之间的距离 ?= 12?。已知物块跟水平轨道之间的动摩擦因数?=1 ，忽略空气阻力，72求：取重力加速度 ?= 10?/? ，?37=0.6， ?37=0.8.第7页，共 20页(1)物块 b 刚离开弹簧的瞬间，其速率?0 是多少？?1(2)设物块 a、b 的质量分别为 ?1 、 ?2，则 ?2是多少？ ( 结果可以用根式表示 )18. 如图所示， xOy 为竖直面内的直角坐标系，在y 轴两侧存在电

18、场强度大小相等的匀强电场， y 轴右侧电场方向竖直向下， y 轴左侧电场方向竖直向上。y 轴左侧还存在一个方向垂直于坐标平面的圆形有界匀强磁场( 图中未画出 ) ，磁场边界与 y 轴相切于 O 点。现有一个质量为 m、电荷量为 q 的带正电小球，用长为l 、不可伸长的绝缘细线悬挂在 P 点的钉子上， P 点与坐标原点O 的距离亦为 l 。将小球拉至细线绷直且与 y 轴负方向成 60角无初速释放，小球摆至O 点即将进人磁场时细线恰好断裂。最终小球刚好击中P 点的钉子，此时速度方向与y 轴正方向成 30角。已知细线能承受的最大张力?g? = 4?，小球可视为质点，重力加速度为，不计阻力。求： (1

19、) 电场强度的大小。(2) 磁感应强度的大小和磁场区域的面积。(3) 小球在 ? 6.34?，则能使金属铂发生光电效应，故C 错误；D 、同理，氢原子从 ?=6能级向 ?= 2能级跃迁时辐射的光能量为：?=?6 -?2 =-0.38?- (-3.4?) =3.02 ? 6.34?，则氢原子从 ?= 6能级向 ?= 2 能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电效应，故D 错误；故选： A。根据玻尔理论 ?= ? -?与光电效应方程式：? = ?- ? 的条件，即可求解光电?0子的最大初动能；再根据入射光的频率不低于极限频率，即可发生光电效应现象。该题主要考查玻尔理论与光电效应现象，要准确理解其

20、内容，注意光电效应发生条件。2.【答案】 D【解析】 解： A、喷出的燃气对周围空气的挤压力，作用在周围空气上，受力物体是空气不是火箭，故 A 错误；B、喷出的燃气挤压空气，空气对燃气的反作用力是作用在燃气上不是火箭，故 B 错误；C、燃气被喷出瞬间，火箭对燃气的作用力受力物体是喷出的燃气，不是火箭，故C 错误；D 、燃气被喷出瞬间，燃气对火箭的反作用力：施力物体是喷出的燃气，受力物体是火箭，是火箭获得的推力，故D 正确；故选： D。火箭发射的原理是火箭向后喷出燃气时受到燃气的向前的反作用力， 使火箭获得推力向前飞行。表面是考查火箭发射的原理，本质考的的是力的三要素及牛顿第三定律。3.【答案】

21、 B【解析】 解：A、根据动能定理可得：2= 2?，根据牛顿第二定律可得?= ?，解得：?02= 0.5，故 A 错误；?=?0 =1002?2 10 10?0B、设工件被传送过去的最长时间为t，则有： 2 ?= ?，解得： ?= 2?，故 B 正确；CD 、若工件不被传送过去，返回过程中先加速到8?/?，然后再匀速运动，所以返回的时间大于正向运动的时间，返回到出发点的速度为8?/?，故 CD 错误。故选： B。根据动能定理求解动摩擦因数； 根据平均速度乘以时间等于位移计算时间； 若工件达不到右端，分析返回过程的运动情况，分析运动时间和最后的速度大小。本题主要是考查牛顿第二定律之传送带问题，

22、关键是弄清楚物体的运动情况和受力情况，根据动能定理、牛顿第二定律等进行分析。4.【答案】 C第10 页，共 20页2【解析】 解：A、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：?2 = ?4?2 ?，解得： ?=?31，地球质量在流浪过程中损失了1，地球绕比邻星? ，比邻星的质量为太阳质量的442? ?运行的轨道半径为地球绕太阳运行轨道半径的1，则：?：?=2： 2，故 A 错误；比2日B、万有引力提供向心力， 由牛顿第二定律得：?=? 2 = ?，解得：2 ，比较可知，?向心加速度之比为?=11B错误；比：日： ，故?212?C、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：= ?，动能：? 22? =

23、2?，则?动能之比为 ?：?= 3 ： 8，故 C 正确；?比?日?= 3： 4，故 D 错误。D 、万有引力： ?=2 ，则万有引力之比为比：日?故选： C。万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律求出周期、向心加速度、线速度和万有引力的表达式。根据题干提供的信息，比较选项中的各个量。此题考查了万有引力定律的应用， 知道万有引力提供向心力是解题的前提与关键， 应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题。5.【答案】 D【解析】 解： A、末状态左边小球在最低点，细绳处于竖直方向，受到重力和绳子拉力而平衡， 此时弹簧的弹力为零， 对右侧小球受力分析可知，如图所示；根据平衡条件可得：?=

24、?，由于弹簧的长度发生变化， 后来三边构成的三角形不是等边三角形，故 ? 60，则 ? 3?，故 A 错误；B、开始时弹簧处于压缩状态，当细绳 a 最终竖直，弹簧处于原长，轻弹簧的弹性势能减小，故B 错误；C、在整个过程中，根据能量守恒可知，右侧小球机械能的增加等于拉力做功加上弹簧弹性势能的减小量和左侧小球机械能的减小量，故C 错误；D 、对系统，外力F 做正功，系统的机械能增加，故D 正确；故选： D。以左边小球为研究对象， 判断出末状态弹簧的弹力大小， 从而判断出弹簧的压缩量减小，弹簧的弹性势能减小， 根据能量守恒判断出右侧小球机械能的增加量和系统机械能的变化。本题主要是考查了共点力的平衡

25、问题和能量守恒问题， 解答本题的关键是能够正确的进行受力分析和研究对象的选取。6.【答案】 C【解析】 解： A、温度是分子平均动能的标志，? ?过程中气体温度升高，气体分子的平均动能增加，分子对器壁的平均撞击力增大，根据 ?= ? = ?可知?，?- ?图象的斜率不变则 p 不变，所以单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少，故A 错误；第11 页，共 20页B、 ? ?过程中气体的体积减小，所以单位体积内分子数增加，温度不变，则压强增大，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增大，故B 错误；C、? ?过程中气体体积增大、 对外做功 W，温度升高、 内能增大， 气体吸收热量 ?，1? ?体积不变

26、，温度降低，气体放出热量?2，由于 A 和 C 的温度相同，则从 A 到 B到 C 过程中内能不变，根据?= ?1 -? - ?2= 0 可得： ?1 = ?2+ ?，所以 ? ?过程中气体吸收的热量大于? ?过程中气体放出的热量，故C 正确；D 、? ?过程中气体体积变化等于 ? ?过程中气体体积变化，当? ?过程中气体平均压强小于 ? ?过程中的平均压强， 所以 ? ?过程中气体对外做的功大于? ?过程中外界对气体做的功，故D 错误。故选： C。单位时间内撞击单位面积器壁的分子数是由分子数密度和温度决定的；根据热力学第一定律分析吸收或发出热量的大小；根据? = ? ?分析做功多少。本题主要

27、是考查理想气体的状态方程之图象问题，关键是弄清楚图象的斜率表示的物理意义以及气体压强的决定因素。7.【答案】 C?【解析】 解： A、 4 时刻，磁场向外增强，根据楞次定律可知，感应电流磁场向里，故圆环中有顺时针方向的感应电流，故A 错误；3B、4 ?时刻，磁场垂直向外减小，根据楞次定律可知，感应电流磁场向外，圆环中有逆时针的感应电流，C 点作为电源的正极，D 点位负极，故 C 点的电势高于D点，故 B错误；C、?= 0 时刻，磁感应强度为零，所以圆环不受安培力作用，悬线的拉力为F，则圆环重力大小为?F ， 时，磁场最强，所以受到的安培力最大，悬线的拉力最大，感应电动2?2?2?( )?势为：

28、 ?=2?00，2? =4?2?2感应电流为 I ：=?，?=04?23?故安培力为：?= ?=004?23?，故 C 正确；故悬线拉力的大小不超过?+04?2242? ? ?D 、根据以上分析可知0时间内，产生的热量为：=02?= ? 232?224? ? ?，故 D 错误。故 0?时间内，圆环产生的热量为：?= 2? =016?故选： C。根据楞次定律分析感应电流方向； 在磁场内的线圈相当于是电源， 其电流由负极流向正极，以此分析电势的高低；?= 0 时刻，磁感应强度为零，所以圆环不受安培力作用，悬线的拉力为F，则圆环重力?大小为 F， 时，磁场最强，所以受到的安培力最大，悬线的拉力最大，

29、2根据法拉第电磁感应定律以及欧姆定律、 ?= ?求解最大的安培力，总而求解最大的拉力；根据焦耳定律求解热量。第12 页，共 20页解决该题需要掌握用楞次定律分析感应电流的方向， 注意在分析电势高低的时候要先判断作为电源的部分，知道电源内部的电流是从负极流向正极。8.【答案】 D【解析】 解： A、在图乙 ?- ?图中用阴影标记了一个竖立的狭长矩形，这个阴影面积的物理意义是通电 0.1秒充入电容 ( 流过电阻 ?)的电荷量，故 A 错误；BC、电容器所带的电荷量在数值上等于图象与坐标轴所包围的面积，确定每个小方格所对应的电荷量值，纵坐标的每个小格为0.2?，横坐标的每个小格为0.4?= 0.2

30、10-30.4?= 8 10-5?。，则每个小格所代表的电荷量数值为曲线下包含的小正方形的个数为40 个(格数为 38 - 42都正确 ) 。由曲线下方的方格数与q 的乘积即得电容器所带的电荷量?= 40 8 10-5 ?=3.2 10 -3 ?，故 BC 错误；?，且电源电动势为8V，那么电容器的电容约为?= 3.2 -3D 、根据 ?=102，?=?84.0 10 ?故D正确。故选： D。由图象的含义可知，横轴与纵轴的乘积即为电量；通过横轴与纵轴的数据，求出一个格子对应的电量，再结合图象所包含的面积，算出多少个格子；根据 ?= ?，结合电量及电势差，即可求解电容大小。?解决本题的关键掌握电

31、容的定义式， 以及知道 ?- ?图线与时间轴围成的图形的面积表示通过的电荷量。9.【答案】 AD【解析】 解： A、由D 点电场强度恰好为零，则：?12 = ? 22，解得： ? = 4? ，故 A( 2 )?21正确；B、对 ?2来说圆弧是个等势面，所以各点电势高低由? 决定，根据沿电场线方向电势降1低，离负电荷越近，电势越低，故D 点电势最低，故 B 错误；CD 、电子沿着圆弧从B 点运动到 C 点过程中，电势先降低后升高，由?= ?，可知电势能先增大后减小，故C 错误， D 正确。故选： AD。根据点电荷场强公式可以计算? 和 ?的关系；对 ?来说圆弧是个等势面，所以各点电122势高低由

32、?决定；由 ?=?可以判断电势能的变化。1?本题考查的是点电荷的矢量叠加问题，应用平行四边形定则或三角形定则去解决；距离正点电荷越近的位置电势越高，距离负点电荷越近的位置电势越低，特别要理解对 ?来2说圆弧是个等势面。10.【答案】 AC【解析】 解： A、开关 S 断开，电动机正常工作，则副线圈的输出电压：?2 = 100?，? =?输出电流： ?= 2?，根据变压比可知，原线圈输入电压：1 ? = 200?12，原2?22?=?线圈输入电流：2 ?= 1?1?2，分析原线圈电路， AB 两点间电压： ?= 220?，其中1?= ? + ?，解得输电线的电阻阻值：?= 20?，故 A 正确；

33、11B、根据能量守恒可知，电动机消耗的总功率：?= 200? ，电动机内阻消耗的功率：第13 页，共 20页2? = ?- ? = 160?，故 B 错误；? = ?= 40? ，则电动机的输出功率：出?2C、开关 S 闭合后，副线圈输出功率变大，输出电流变大，根据变流比可知，原线圈输入电流变大，电阻 R 两端电压变大，则原线圈输入电压变小，根据变压比可知，副线圈输出电压减小，电动机两端电压减小，消耗的功率减小，故C 正确；D 、开关 S 闭合后，副线圈输出电压变小，则灯泡两端电压小于额定电压100V，消耗功率小于 100W，故 D 错误。故选： AC。分析电路结构，电动机正常工作，确定副线圈

34、输出电压和输出电流，根据变流比确定原线圈输入电流，根据原线圈电流，根据欧姆定律确定输电线电阻。根据能量守恒，计算电动机的输出功率。闭合开关 S 后，副线圈输出功率、输出电流减小，原线圈电阻两端电压增大，据此分析副线圈输出电压的变化。此题考查了变压器的构造和原理， 明确理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的， AB 两点间电压不等于原线圈输入电压。11.【答案】 BD【解析】 解： A、根据同侧法可知，两列波的质点的起振方向均沿y 轴正方向，故A 错误；?4?= 2?BB、根据图象可在，? = ?= 4?，所以?= ?= =正确；?2?/?，故C、因为 ?= 1.5?=3，所以质点Q振动

35、到波谷，离开平衡位置的位移为-2?，故C?4 ?错误；D 、根据题意可知，两列波从相遇到分离，a、 b 两列波都朝着传播方向运动了4m，则所用时间为： ?4?= 2?，故 D 正确。?2?/?故选： BD。根据同侧法分析质点的振动方向；分析横波 a 的波长，根据?= 求解周期；?分析 1.5?时间与周期的关系，从而判断质点Q 的状态；根据 ?= ?分析两列波从相遇到分离所用的时间。解决该题需要掌握用同侧法分析判断质点的振动方向，掌握波速、 周期以及波长的关系式，能正确分析某段时间质点的振动过程。12.【答案】 BCD【解析】 解： AB、由于除磁场作用外，两棒沿导轨方向无其他外力作用，所以两棒在水平方向动量守恒， 导体棒 b 动量增加量跟导体棒a 动量减少量的数值总是相等的，根22可得?，由于两根导体棒质量不同，则动能的变化量不同，故A 错据 ? = 2?2?误、 B 正确；C、设最终二者的速度为v，根据动量定理可得：2?0 = 3?解得： ?=23 ?0对 b 根据动量定理可得：-?= ?- 0第14 页，共 20页解得通过导体棒-2?b 的电荷量为： ?=?=0，故 C 正确；3?11222?，故 D 正确。D 、全过程中，两棒共产生的焦耳热为：?=02 2?0 -2 3? =3故选： BCD。两棒在水平方向动量守恒， 导体棒 b 动量增加量跟导体棒a 动量减少量