福建省2020届高三物理质量检查测试试题含解析

1、福建省2020届高三物理质量检查测试试题（含解析）二、选择题:本题共8小题，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求。1.静止在水平地面上的木块，受到小锤斜向下瞬间敲击后，只获得水平方向初速度，沿地面滑行一段距离后停下。若已知木块的质最和初速度，敲击瞬间忽略地面摩擦力的作用，由此可求得（）a. 木块滑行的时间b. 木块滑行的距离c. 小锤对木块做的功d. 小锤对木块的冲量【答案】c【解析】【详解】a木块运动过程中，由动量定理物块所受的摩擦力f未知，则不能求解木块的运动时间，故a错误，不符合题意；b由动能定理物块所受的摩擦力f未知，则不能求解木块

2、滑行的距离，故b错误，不符合题意；c小锤对木块做的功等于木块得到的动能，即故c正确，符合题意；d只能求解小锤对木块冲量的水平分量故d错误，不符合题意故选c。2.2019年“山东舰正式服役，标志着我国进入双航母时代。如图，“山东舰正在沿直线航行，其质量为m，发动机的输出功率恒为p，所受阻力恒为f，某时刻速度为v1、加速度为a1，一段时间t后速度变为v2（v2v1），在这段时间内位移为s。下列关系式正确的是（）a b. c. d. 【答案】a【解析】【详解】a由牛顿第二定律，则有故a正确；b当航母达到最大速度时，f=f，此时故b错误；c航母的运动不是匀加速运动，则时间t内的位移故c错误；d由动能定

3、理可得故d错误。故选a。3.图为探究变压器电压与匝数关系的电路图。已知原线圈匝数为400匝，副线圈“1”接线柱匝数为800匝，“2”接线柱匝数为200匝，ab端输入的正弦交变电压恒为u，电压表v1、v2的示数分别用u1、u2表示。滑片p置于滑动变阻器中点，则开关s（）a. 打在“1”时，b. 打在“1”时，u1:u2=2:1c. 打在“2”与打在“1”相比，灯泡l更暗d. 打在“2”与打在“1”相比，ab端输入功率更大【答案】c【解析】【详解】a滑片p置于滑动变阻器中点，则，故a错误；b打在“1”时，根据电压与匝数成正比，则有u1:u21= n1:n21=400:800=1:2故b错误；cd打

4、在“2”时，根据电压与匝数成正比，则有u1:u22= n1:n22=400:200=2:1即打在“2”时灯泡两端电压较小，与打在“1”相比，灯泡l更暗，变压器次级消耗的功率较小，则ab端输入功率更小，故c正确，d错误。故选c。4.如图，a、b两点固定有电荷量分别为+q1和+q2的点电荷，a、b连线上有c、d两点，且ac=cd=db。试探电荷+q只在静电力作用下，从c点向右沿直线运动到d点，电势能先减小后增大，则（）a. q1一定大于q2b. c、d两点的场强方向可能相同c. +q的加速度大小先减小后增大d. +q的动能和电势能的总和先减小后增大【答案】c【解析】【详解】a试探电荷+q只在静电力

5、作用下，从c点向右沿直线运动到d点，电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，电场线先向右后向左，可知在cd之间存在场强为零的位置，但是不能确定与两电荷的距离关系，则不能确定两电荷带电量的关系，故a错误；b由以上分析可知，c、d两点的场强方向相反，故b错误；c因cd之间存在场强为零的位置，则试探电荷从c向d移动时，所受电场力先减小后增加，加速度先减小后增加，故c正确；d因+q只有电场力做功，则它的动能和电势能的总和保持不变，故d错误。故选c。5.如图，工地上常用夹钳搬运砖块。已知砖块均为规格相同的长方体，每块质量为2.8kg，夹钳与砖块之间的动摩擦因数为0.50，砖块之间的动摩擦因数为0.3

6、5，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，g取10m/s2。搬运7块砖时，夹钳对砖块竖直一侧壁施加的压力大小至少应为（）a. 196nb. 200nc. 392nd. 400n【答案】b【解析】【详解】先将7块砖当作整体受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有21f7mg则有f196n再考虑除最外侧两块砖的里面5块砖，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有22f5mg则有f200n解得f200n故b正确，acd错误。故选b。6.下列有关原子和原子核的认识，正确的是（）a. 平均结合能越大，原子核越稳定b. 氢原子辐射光子后，电子绕核运动的动能增大c. 卢瑟福通过粒子散射实验的研究，

7、发现了中子.d. 光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比【答案】ab【解析】【详解】a平均结合能越大，原子核越稳定，故a正确；b氢原子辐射光子后，原子的能级降低，电子的轨道半径减小，根据则可得动能为可知电子绕核运动的动能增大，故b正确；c卢瑟福通过粒子散射实验的研究，建立了原子的核式结构理论，故c错误；d光电效应现象中，根据则光电子的最大初动能与入射光的频率不是成正比关系，故d错误。故选ab。7.我国探月工程分“绕、落、回”三步走，近期将发射“嫦娥五号”探测器执行月面采样返回任务。图为探测器绕月运行的示意图，o为月球球心。已知环月圆轨道i和椭圆轨道ii相切于p点，且i轨道半径为

8、ii轨道半长轴的1.25倍。则探测器分别在i、ii两轨道上稳定运行时（）a. 周期t1:t2=5:4b. 机械能ei=eiic. 经过p点的速度viviid. 经过p点的加速度ai=aii【答案】cd【解析】【详解】a根据开普勒第三定律可知故a错误；bc从p点由轨道ii进入轨道i要点火加速，即vivii，则在轨道i上的机械能大于轨道ii上的机械能，故b错误，c正确；d经过p点时探测器受到月球的引力相同，根据牛顿第二定律可知加速度ai=aii，故d正确。故选cd。8.如图，水平面内固定有两根平行的粗糙长直金属导轨，两根相同的导体棒ab、cd置于导轨上并与导轨垂直，整个装置处于竖直方向的匀强磁场中

9、。从t=0时开始，对ab棒施加一与导轨平行的水平外力f，使ab棒从静止开始向右做加速度大小为a0的匀加速直线运动。导轨电阻不计，两棒均与导轨接触良好，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力。下列关于cd棒的速度v、加速度a、安培力f安和外力f随时间t变化的关系图线可能正确的是（）a. b. c. d. 【答案】bd【解析】【详解】a因金属棒与导轨之间有摩擦力，可知开始时导体棒cd的速度为零，当所受的安培力等于最大静摩擦力时才开始运动，故a错误；b开始时，cd棒的速度为零，加速度为零；当cd开始运动后加速度从0开始逐渐变大，与ab的速度差逐渐变大，则回路中感应电流逐渐变大，导体棒所受的向右的安培力逐渐变

10、大，加速度逐渐变大，当cd的加速度与ab加速度相等时，两棒的速度差保持不变，安培力保持不变，加速度保持不变，故b正确；c在开始cd棒不动时，安培力即安培力随时间成正比关系增加；当cd开始运动后，导体棒所受向右的安培力逐渐变大，但非线性增加，最后保持不变，故c错误；d对ab外力开始时cd加速度为零，ab加速度为a=a0，则此时外力f随时间t线性增加；当cd开始运动后加速度从0开始逐渐变大，导体棒ab所受的向左的安培力逐渐变大，但非线性增加，最后保持不变，故d正确。故选bd。三、非选择题:第2232题为必考题，每个试题考生都必须作答。第3338题为选考题，考生根据要求作答。9.图甲为“验证动量守恒

11、定律”的实验装置，轨道由斜槽和水平槽组成，a、b两小球大小相同，质量ma=20.0g、mb=10.0g。实验步骤如下：a.固定轨道，使水平槽末端的切线水平，将记录纸铺在水平地面上，并记下水平槽末端重垂线所指的位置o；b.让a球从斜槽c处由静止释放，落到记录纸上留下痕迹，重复操作多次；c.把b球放在水平槽末端，a球仍从c处静止释放后与b球正碰，a、b分别落到记录纸上，留下各自的痕迹，重复操作多次；d.确定三个落点各自的平均位置p、m、n，用刻度尺测出它们到o点的距离分别为xop、xom、xon；（1）确定p、m、n三点时，可用圆规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置

12、，这样做可以减小_（填“系统”或“偶然”）误差；（2）如图乙，xom、xop读数分别为10.20cm、30.65cm，xon读数为_cm；（3）数据处理时，小球离开水平槽末端的速度大小可用水平射程x表示，由小球质量及(2)中数据可算出碰前系统总的mx值是_kgm（保留3位有效数字），把该值与系统碰撞后的值进行比较，就可验证动量是否守恒。【答案】 (1). 偶然 (2). 40.80（40.7840.2） (3). 6.1310-3【解析】【详解】（1）1确定p、m、n三点时，可用圆规画一个尽可能小的圆，把所有有效落点圈在里面，圆心即为落点的平均位置，这样做可以减小偶然误差；（2）2由图可知，x

13、on读数为40.80cm；（3）3碰前系统总的mx值是0.02kg0.3065m=6.1310-3kgm10.某同学制作了一个可用电流表直接显示拉力大小的拉力器，原理如图。r1是一根长20cm、阻值20的均匀电阻丝，劲度系数为1.0103n/m的轻弹簧左端固定，右端连接金属滑片p和拉环，拉环不受拉力时，滑片p恰好处于a端。闭合s，在弹簧弹性限度内，对拉环施加水平拉力，使滑片p滑到b端，调节阻箱电r使电流表恰好满偏。已知电源电动势e=6v，内阻r=1，电流表的量程为00.6a，内阻不计，p与r1接触良好且不计摩擦。（1）电阻箱r0接入电路的阻值为_；（2）电流表的刻度标示为拉力值时，拉力刻度值的

14、分布是_（填“均匀”或“不均匀”）的；（3）电流表刻度值为0.50a处拉力的示数为_n；（4）要通过线性图象直观反映电流表示数i与拉力f的关系，可作_图象；a.i-f b. c. d.（5）若电流表内阻不可忽略，则（4）问中正确选择的图象斜率_（填“变大”“变小”或“不变）。【答案】 (1). 9 (2). 不均匀 (3). 180 (4). c (5). 不变【解析】【详解】（1）1由闭合电路欧姆定律可知解得r0=9（3）2由闭合电路欧姆定律可知设弹簧形变量为x，则f=kx可知f和i非线性关系，则用电流表的刻度标示为拉力值时，拉力刻度值的分布是不均匀的；（3）3电流表刻度值为0.50a时，根

15、据闭合电路欧姆定律可知可得r1=2则由比例关系可知弹簧被拉伸18cm，此时拉力的示数为f=kx=1.01030.18n=180n（4）4由（2）列得的式子可知则要通过线性图象直观反映电流表示数i与拉力f的关系，可作图象，故c符合题意，abd不符合题意。故选c。（5）5若电流表的内阻不可忽略，则（4）问中的表达式变为则（4）问中正确选择的图象斜率不变。11.第24届冬奥会将于2022年在北京举行，冰壶是比赛项目之一。如图甲，蓝壶静止在大本营圆心o处，红壶推出后经过p点沿直线向蓝壶滑去，滑行一段距离后，队员在红壶前方开始。不断刷冰，直至两壶发生正碰为止。已知，红壶经过p点时速度v0=3.25m/s

16、，p、o两点相距l=27m，大本营半径r=1.83m，从红壶进人刷冰区域后某时刻开始，两壶正碰前后的v-t图线如图乙所示。假设在未刷冰区域内两壶与冰面间的动摩擦因数恒定且相同，红壶进入刷冰区域内与冰面间的动摩擦因数变小且恒定，两壶质量相等且均视为质点。（1）试计算说明碰后蓝壶是否会滑出大本营；（2）求在刷冰区域内红壶滑行的距离s。【答案】（1）会滑出；（2）s=15m【解析】【详解】（1）设冰壶的质量为m，碰撞前、后瞬间红壶、蓝壶的速度分别为v1、和，由图乙可得v1=1.25m/s=0.25m/s由动量守恒定律得设碰后蓝壶滑行距离为s1，红壶、蓝壶的加速度大小均为a1由及图乙信息得s1=2.0

17、0mr=1.83m会滑出；（2）设在不刷冰区域红壶受到的摩擦力大小为由图乙可得t=0时红壶的速度=1.35m/s，设在刷冰区域红壶受到的摩擦力大小为，加速度大小为在红壶经过p点到与蓝壶发生正碰前的过程中，由动能定理得由式及代入数据得s=15m12.如图，在xoy平而内，x=0与x=3l两直线之间存在两匀强磁场，磁感应强度大小相同，方向均垂直于xoy平面，x轴为两磁场的分界线；在第i象限内存在沿y轴负方向、场强大小为e的匀强电场。一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子从x轴上的a点以某一初速度射入电场，一段时间后，该粒子运动到y轴上的p（0，）点，以速度v0垂直于y轴方向进入磁场。不计粒子的重力。

18、（1）求a点的坐标；（2）若粒子能从磁场右边界离开，求磁感应强度的取值范围；（3）若粒子能从o（3l，0）点离开，求磁感应强度的可能取值。【答案】（1）（，0）；（2）；（3）b可能的取值为，【解析】【详解】（1）粒子由a点到p点的运动可看成由p点到a点做类平抛运动，设运动时间为t，加速度大小为a，有xa=v0t qe=ma 由得a点的坐标为（，0）（2）只要粒子不会从左边界离开，粒子就能到达右边界，设b的最大值为bm，最小轨迹半径为r0，轨迹如答图a，图示的夹角为，则根据几何关系有2r0cos=r0r0sin+r0=在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有由得即磁感应强度的取值范围为（3）设粒子到

19、达o点的过程中，经过x轴n次，一次到达x轴的位置与坐标原点o的距离为xn，如答图b，若粒子在第一次到达x轴的轨迹圆心角大于90，即当时粒子将不可能到达o点，故xn需要满足且（2n-1）xn=3l故n只能取1、2、3（如答图c）即x可能的取值为3l，l，又轨迹半径rn满足在磁场中由洛伦兹力提供向心力，则有由得b可能取值为，13.下列说法正确的（）a. 晶体在熔化过程中吸收热量内能增加，温度保持不变b. 给篮球打气时越来越费劲，说明分子间存在斥力作用c. 能源危机是指能量的过度消耗，导致自然界的能量不断减少d. 由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，使得液面存在表面张力e. 空气相对湿度

20、越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度下水的饱和气压，水蒸发得越慢【答案】ade【解析】【详解】a. 晶体在熔化过程中吸收热量内能增加，温度保持不变，故a正确；b. 给篮球打气时越来越费劲，这是气体压强作用缘故，与分子间的作用力无关，故b错误；c. 能源危机是指能量的过度消耗，导致自然界中可利用的能源不断减少，故c错误；d. 由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，使得液面存在表面张力，故d正确；e. 空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度下水的饱和气压，水蒸发得越慢，故e正确。故选ade。14.研究表明，新冠病毒耐寒不耐热，温度在超过56c时，30分钟就可以灭活。如图，含有新

21、冠病毒的气体被轻质绝热活塞封闭在绝热气缸下部a内，气缸顶端有一绝热阀门k，气缸底部接有电热丝e。a缸内被封闭气体初始温度t1=27c，活塞位于气缸中央，与底部的距离h1=60cm，活塞和气缸间的摩擦不计。（i）若阀门k始终打开，电热丝通电一段时间，稳定后活塞与底部的距离h2=66cm，持续30分钟后，试分析说明a内新冠病毒能否被灭活?（ii）若阀门k始终闭合，电热丝通电一段时间，给a缸内气体传递了q=1.0104j的热量，稳定后气体a内能增加了u=8.5103j，求此过程气体b的内能增加量。【答案】（i）病毒能被灭；（ii）1.5103j【解析】【详解】（i）设活塞横截面积为s，则对a气体，初态v1=sh1 t1=t1+273=300k；末态v2=sh2 t2=t2+273 阀门k打开，加热过程a气体做等压变化，由盖吕萨克定律得由得t2=57 因5756，a内病毒能被灭（ii）阀门k闭合，由于系统绝热，a气体膨胀对b气体做功，由热力学第一定律有ua=q+w由式及代入数据得w=-1.5103j对b气体，由于系统绝热，则ub=1.5103j15.高精度全息穿透成像探测仪利用电磁波穿透非金属介质，探测内部微小隐蔽物体并对物体成像，只有分辨率高体积小、辐射少，应用领域比超声波更广。关于电磁波和超声波，下列说法正确的是（）a. 电磁波和超声波均能发生偏振现象b. 电磁波和超声波均能传递