2022版新教材高考数学一轮复习第二章函数2.2函数的单调性与最大小值学案新人教A版

1、2.2函数的单调性与最大(小)值必备知识预案自诊知识梳理1.函数的单调性(1)函数单调性及单调区间的定义增函数减函数定义一般地,设函数f(x)的定义域为i,且di:如果x1,x2d当x1x2时,都有,那么就称f(x)在区间d上单调递增.特别地,当函数f(x)在它的定义域上单调递增时,我们就称它是增函数当x10在d上恒成立;y=f(x)在d上单调递减的充要条件是yx0在d上恒成立.2.函数的最大(小)值前提设函数y=f(x)的定义域为i,如果存在实数m满足条件(1)xi,都有;(2)x0i,使得(3)xi,都有;(4)x0i,使得结论称m是函数y=f(x)的最大值称m是函数y=f(x)的最小值函

2、数单调性的常用结论:f(x)在区间d上的单调性单调递增单调递减定义法x1x2f(x1)f(x2)x1f(x2)图象法从左到右函数图象上升从左到右函数图象下降导数法导数大于零导数小于零运算法单调递增+单调递增单调递减+单调递减复合函数fg(x)内外层单调性相同内外层单调性相反考点自诊1.判断下列结论是否正确,正确的画“”,错误的画“”.(1)函数y=1x在区间(-,0)(0,+)上单调递减.()(2)函数f(x)=log5(2x+1)在区间(0,+)上单调递增.()(3)设任意x1,x2a,b,且x1x2,那么f(x)在a,b上单调递增f(x1)-f(x2)x1-x20.()(4)闭区间上的单调

3、函数的最值一定在区间端点取到.()2.函数f(x)=ln(x2-2x-8)的单调递增区间是()a.(-,-2)b.(-,1)c.(1,+)d.(4,+)3.若f(x)满足f(-x)=f(x),且在(-,-1上是增函数,则()a.f-32f(-1)f(2)b.f(-1)f-32f(2)c.f(2)f(-1)f-32d.f(2)f-321时,f(x)0.(1)求f(1)的值;(2)证明:f(x)为减函数.考点求函数的单调区间【例2】求下列函数的单调区间及在每一单调区间上的单调性.(1)y=-x2+2|x|+1;(2)y=log12(x2-3x+2);(3)f(x)=(3-x2)ex.解题心得求函数

4、的单调区间与确定函数单调性的方法一致,常用以下方法:(1)利用已知函数的单调性,即转化为已知函数的和、差或复合函数,求单调区间;(2)定义法:先求定义域,再利用单调性的定义求解;(3)图象法:如果f(x)是以图象形式给出的,或者f(x)的图象易作出,可由图象的直观性写出它的单调区间;(4)导数法:利用导数取值的正、负确定函数的单调区间.对点训练2(1)函数y=132x2-3x+1的单调递增区间为()a.(1,+)b.-,34c.12,+d.34,+(2)(2017全国1,文9)已知函数f(x)=ln x+ln(2-x),则()a.f(x)在(0,2)上单调递增b.f(x)在(0,2)上单调递减

5、c.y=f(x)的图象关于直线x=1对称d.y=f(x)的图象关于点(1,0)对称(3)已知函数y=|x|(1-x)在区间a上单调递增,则区间a是()a.(-,0)b.0,12c.0,+)d.12,+考点函数单调性的应用(多考向探究)考向1利用函数的单调性求函数的值域或最大(小)值【例3】(1)(2020河南驻马店二模,文13)函数f(x)=9x2+x-1的最小值为.(2)函数y=2-xx+1,x(m,n的最小值为0,则m的取值范围是()a.(1,2)b.(-1,2)c.1,2)d.-1,2)解题心得函数最大(小)值的几何意义:函数的最大值对应图象最高点的纵坐标,函数的最小值对应图象最低点的纵

6、坐标.利用单调性求解最大(小)值问题,应先确定函数的单调性,再由单调性求解.对点训练3(2020辽宁大连模拟,文10)在实数的原有运算法则中,我们补充新运算“”,定义如下,当ab时,ab=a;当a2bb.ab2d.ab2(2)e416,e525,e636(其中e为自然常数)的大小关系是()a.e416e525e636b.e636e525e416c.e525e416e636d.e636e416e525解题心得对已知函数解析式比较函数值大小的问题,应先将自变量转化到同一个单调区间内,再利用函数的单调性解决;对没有给出函数解析式的比较大小问题,需要先构造函数,再求函数的单调区间,最后利用函数的单调性

7、比较大小.对点训练4(2020天津和平一模,7)函数f(x)是定义在r上的奇函数,对任意两个正数x1,x2(x1f(x2)x2,记a=25f(0.22),b=f(1),c=-log53f(log135),则a,b,c大小关系为()a.cbab.bcac.abcd.acb考向3利用函数的单调性解不等式【例5】(2020新高考全国1,8)若定义在r的奇函数f(x)在(-,0)上单调递减,且f(2)=0,则满足xf(x-1)0的x的取值范围是()a.-1,13,+)b.-3,-10,1c.-1,01,+)d.-1,01,3解题心得求解含“f”的不等式,应先将不等式转化为f(m)f(a+3),则实数a

8、的取值范围为.考向4利用函数的单调性求参数的值(或取值范围)【例6】(2020山西太原三模,文10)已知函数f(x)是定义在r上的偶函数,且在区间0,+)上单调递增.若实数a满足f(log2a)+f(log12a)2f(1),则a的取值范围是()a.12,1b.1,2c.12,2d.(0,2解题心得利用单调性求参数时,应根据问题的具体情况,确定函数的单调区间,列出与参数有关的不等式,或把参数分离出来求解.对点训练6已知函数f(x)=log13(x2-ax+3a)在1,+)上单调递减,则实数a的取值范围是()a.(-,2b.2,+)c.-12,2d.-12,2双变量问题中一般穿插有两个及以上的“

9、任意”或“存在”量词,学生往往因为不知道如何等价转换致使解题走向迷茫,部分学生甚至机械地背诵结论导致走入误区.解决双变量“存在性或任意性”问题,关键是将含有全称量词和存在量词的条件等价转化为两个函数值域之间的关系(或两个函数最值之间的关系),旨在落实逻辑推理核心素养.类型1形如“对x1a,都x2b,使得g(x2)=f(x1)成立”【例1】已知函数f(x)=x3+(1-a)x2-a(a+2)x,g(x)=196x-13,若对任意x1-1,1,总存在x20,2,使得f(x1)+2ax1=g(x2)成立,求实数a的取值范围.解由题意知,g(x)在0,2上的值域为-13,6.令h(x)=f(x)+2a

10、x=3x2+2x-a(a+2),则h(x)=6x+2,由h(x)=0得x=-13.当x-1,-13时,h(x)0.所以h(x)min=h-13=-a2-2a-13.又由题意可知,h(x)的值域是-13,6的子集,所以h(-1)6,-a2-2a-13-13,h(1)6,解得实数a的取值范围是-2,0.思维突破此类问题求解的策略是“等价转化”,即“函数f(x)的值域是g(x)的值域的子集”从而利用包含关系构建关于实数a的不等式组,求得参数的取值范围.类型2形如“x1a及x2b,使得f(x1)=g(x2)成立”【例2】已知函数f(x)=2x3x+1,x(12,1,-13x+16,x0,12,函数g(

11、x)=ksinx6-2k+2(k0),若存在x10,1及x20,1,使得f(x1)=g(x2)成立,求实数k的取值范围.解由题意,易得函数f(x)在0,1上的值域为0,1,g(x)在0,1上的值域为2-2k,2-3k2,并且两个值域有公共部分.先求没有公共部分的情况,即2-2k1或2-32k0,解得k43,所以要使两个值域有公共部分,实数k的取值范围是12,43.思维突破本类问题的实质是“两函数f(x)与g(x)的值域的交集不为空集”,上述解法的关键是利用了补集思想.另外,若把此种类型中的两个“存在”均改为“任意”,则“等价转化”策略是利用“f(x)的值域和g(x)的值域相等”来求解参数的取值

12、范围.类型3形如“对x1a,都x2b,使得f(x1)g(x2)成立”【例3】已知函数f(x)=x+4x,g(x)=2x+a,若x112,1,x22,3,使得f(x1)g(x2),则实数a的取值范围是.答案12,+解析依题意知f(x)maxg(x)max.f(x)=x+4x在12,1上单调递减,f(x)max=f12=172.又g(x)=2x+a在2,3上单调递增,g(x)max=8+a,因此1728+a,解得a12.思维突破理解量词的含义,将原不等式转化为f(x)maxg(x)max,利用函数的单调性,求f(x)与g(x)的最大值,得关于a的不等式,求得a的取值范围.思考1:在例3中,若把“x

13、22,3”变为“x22,3”时,其他条件不变,则实数a的取值范围是.提示问题“等价转化”为f(x)maxg(x)min,请读者自行求解.思考2:在例3中,若把“x112,1”改为“x112,1”,其他条件不变,则实数a的取值范围是.提示问题“等价转化”为f(x)ming(x)max,请读者自行求解.思考3:在例3中,若把“使得f(x1)g(x2)”变为“f(x1)g(x2)”,其他条件不变,则实数a的取值范围是.提示问题“等价转化”为f(x)ming(x)min,请读者自行求解.2.2函数的单调性与最大(小)值必备知识预案自诊知识梳理1.(1)f(x1)f(x2)上升的下降的2.(1)f(x)

14、m(2)f(x0)=m(3)f(x)m(4)f(x0)=m考点自诊1.(1)(2)(3)(4)2.d令t=x2-2x-8.由x2-2x-80,解得x4.易知t=x2-2x-8在(-,-2)上单调递减,在(4,+)上单调递增.因为y=lnt在t(0,+)上单调递增,可得函数f(x)的单调递增区间是(4,+).故选d.3.df(-x)=f(x),f(2)=f(-2).-2-32-1,又f(x)在(-,-1上是增函数,f(-2)f-320时,f(x)在(-1,1)上单调递减,当a0时,f(x)在(-1,1)上单调递增.证明如下:(方法1定义法)任取x1,x2(-1,1),且x1x2,因为f(x)=a

15、x-1+1x-1=a1+1x-1,则f(x1)-f(x2)=a1+1x1-1-a1+1x2-1=a(x2-x1)(x1-1)(x2-1),由于-1x1x20,x1-10,x2-10时,f(x1)-f(x2)0,即f(x1)f(x2),函数f(x)在(-1,1)上单调递减;当a0时,f(x1)-f(x2)0,即f(x1)0时,f(x)0,当a0,即当a0时,f(x)在(-1,1)上单调递减,当a0,代入得f(1)=f(x1)-f(x1)=0,故f(1)=0.(2)证明任取x1,x2(0,+),且x1x2,则x1x21,当x1时,f(x)0,fx1x20,即f(x1)-f(x2)0,因此f(x1)

16、f(x2),函数f(x)是减函数.例2解(1)由于y=-x2+2x+1,x0,-x2-2x+1,x0,即y=-(x-1)2+2,x0,-(x+1)2+2,x0,则x2.函数y=log12(x2-3x+2)的定义域为(-,1)(2,+).又u=x2-3x+2的对称轴为x=32,且开口向上,u=x2-3x+2在(-,1)上单调递减,在(2,+)上单调递增.而y=log12u在(0,+)上是减函数,y=log12(x2-3x+2)在区间(2,+)上单调递减,在区间(-,1)上单调递增.(3)f(x)=-2xex+ex(3-x2)=ex(-x2-2x+3)=ex-(x+3)(x-1),当-3x0,当x

17、1或x-3时,f(x)0,函数y=(3-x2)ex在区间(-3,1)上单调递增,在区间(-,-3),(1,+)上单调递减.对点训练2(1)b(2)c(3)b(1)令u=2x2-3x+1=2x-342-18.因为u=2x-342-18在-,34上单调递减,函数y=13u在r上单调递减.所以y=132x2-3x+1的单调递增区间是-,34.(2)f(x)=lnx+ln(2-x)=ln(-x2+2x),x(0,2).当x(0,1)时,随着x的增大,-x2+2x增大,ln(-x2+2x)增大,当x(1,2)时,随着x的增大,-x2+2x减小,ln(-x2+2x)减小,即f(x)在(0,1)上单调递增,

18、在(1,2)上单调递减,故排除a,b;因为f(2-x)=ln(2-x)+ln2-(2-x)=ln(2-x)+lnx=f(x),所以y=f(x)的图象关于直线x=1对称,故排除d.故选c.(3)y=|x|(1-x)=-x-122+14,x0,x-122-14,x0.画出函数的图象如图所示.由图易知原函数在0,12上单调递增.故选b.例3(1)9(2)d(1)f(x)的定义域为1,+),且f(x)在定义域上单调递增,f(x)min=f(1)=9.故答案为9.(2)函数y=2-xx+1=3-(x+1)x+1=3x+1-1在区间(-1,+)上单调递减.当x=2时,y=0.根据题意x(m,n时,ymin

19、=0.所以m的取值范围是-1,2).故选d.对点训练3d因为ab=a,ab,b2,ab,所以f(x)=(1x)x-(2x)=x-2,-2x1,x3-2,1x2,易知函数在-2,2上单调递增,所以f(x)max=f(2)=6,故选d.例4(1)b(2)a(1)由指数与对数运算可得,2a+log2a=4b+2log4b=22b+log2b.因为22b+log2b22b+log22b=22b+1+log2b,所以2a+log2a22b+log22b.令f(x)=2x+log2x,由指数函数与对数函数单调性可得f(x)在区间(0,+)上单调递增.由f(a)f(2b)可得a0得x2,即函数f(x)在(2,+)上单调递增,因此有f(4)f(5)f(6),即e416e525e636.对点训练4c构造函数g(x)=f(x)x,则函数g(x)是减函数.a=25f(0.2