2019年浙江省超级全能生选考物理模拟试卷(2月份)

1、2019 年浙江省超级全能生选考物理模拟试卷（2 月份）副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共13 小题，共 39.0 分）1.物理学家为科学发展做出了重大的贡献，以下说法正确的是（）A. 牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量B. 库仑发现了库仑定律，并测得了元电荷的数值C. 伽利略利用理想斜面实验证明了自由落体是匀加速直线运动D. 安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质2.很多物理量的取值，可正可负，下面说法正确的是（）A. 在直线运动中，加速度取负号，说明物体一定在做减速运动B. 物体克服重力做功 5 焦耳说明重力一定对该物体做了负功C. 物体 A 带电 +2C 物体 B

2、带电 -3C，说明物体 A 带的电荷量多D. 电流有方向，所以电流强度是矢量3.下面所列的物理量与其国际单位制（SI 单位不相符的是（）A. 力 -kg?m/sB. 动能 -JC. 电场强度 -N/CD. 电容 -C/V4.在不同高度同时释放两个石块（不计空气阻力），在均未落地前（）A. 两石块在任一时刻具有相同的加速度和速度B. 两石块的距离以及速度差都在变大C. 两石块在第 1s 内第 2s内第 3s 内位移之比都为 1： 4： 9D. 落地的时间间隔取决于两石块的质量5.指尖转球是比较酷的游戏如图所示匀速转动的球上有AB 两点下列说法正确的是（）A. A 点线速度大于B 点线速度B. A

3、 点角速度等于B 点角速度C. A 点向心加速度大于B 点向心加速度D. A 点转一圈的时间小于与B 点转一圈的时间6. “竹蜻蜓”是一种儿童玩具，双手用力搓柄可使“竹蜻蜓”向上升，某次实验，“竹蜻蜓”离手后沿直线上升到最高点，在该过程中（）A. 空气对“竹蜻蜓”的作用力大于“竹蜻蜓”对空气的作用力B. “竹蜻蜓”的动能一直增加C. “竹蜻蜓”的重力势能一直增加D. “竹蜻蜓”的机械能守恒7. 如图所示为一对不等量异号点电荷的电场线分布，下列说法正确的是（）第1页，共 26页A. Q1 的电性无法确定B. Q1 的带电荷量一定比 Q2 的带电荷量少C. A 点电势一定高于 B 点电势D. B

4、处没画出电场线故 B 处场强为零8.高分专项也被称为“天眼工程”，2018 年 6 月 2 日，我国成功将“高分大号”卫星发射升空，至此共有六颗高分系列卫星为国家提供高时空分辨率的遥感数据高分系列卫星中，只有“高分四号”是地球同步轨道卫星，其余卫星都在太阳同步轨道运行（太阳同步轨道如图所示，其普遍倾角超过了80 度，卫星一次回访会途经地球两极点属于极地轨道表中给出了“高分二号”和“高分四号”的部分数据根据信息可知（）“高分二号”卫星参数参数指标轨道类型太阳同步回归轨道轨道高度631km（标称值）倾角97.9080 °“高分四号”卫星参数参数指标轨道类型地球同步轨道轨道高度36000k

5、m定点位置105.6 °EA. “高分二号”绕地球运行的线速度较小B. “高分二号”绕地球运行的角速度较大C. “高分四号”的发射速度较小D. “高分四号”也可以途经地球两极点9.电流天平的主要结构包括水平放置的螺线管，横梁（含 U 形电路） ，其构造示意如图所示当螺线管中通以电流I0， U 形电路中通以电流I 时，在横梁左端悬挂合适的钩码，就能使横梁水平平衡，则平衡时（）A. 通电螺线管的磁感线与螺线管的中轴线垂直B. CD 边受到竖直向下的安培力第2页，共 26页C. U 形电路的三条边都受到安培力D. 只改变螺线管中的电流方向横梁仍可平衡10. 打印机是现代办公不可或缺的设备，

6、正常情况下， 进纸系统能做到“每次只进一张纸”，进纸系统的结构如图所示设图中刚好有10 张相同的纸，纸，每张纸的质量均为 m，搓纸轮按图示方向转动带动最上面的第1 张纸向右运动搓纸轮与纸张之间的动摩擦因数为1，纸张与纸张之间纸张与底部摩擦片之间的动摩擦因数均为2下列说法正确的是（）A. 第 1 张纸受到搓纸轮的摩擦力方向向左B. 第 2 张纸与第 3 张之间的摩擦力大小为22mgC.D.第 10 张纸与摩擦片之间的摩擦力为0要做到“每次只进一张纸”，应要求 1211.小雷同学家里购买了一款扫地机器人，小雷同学仔细检查了这个新机器人，发现铭牌上标有如图所示数据则该机器人（）主机基本参数产品尺寸3

7、45mm*345 mm*96mm电池14.4V/5200mA?h 锂电池产品质量约 3.8kg无线连接wi -Fi 智能快连额定电压14.4V额定功率55WA. .额定工作电流为0.25AB. 充满电后正常工作的时间为2.5hC. 电池充满电后储存的总电荷量为18720CD. .以额定电流工作时每小时消耗能量为55J12.如图所示在竖直平面内建立直角坐标系，空间内有与xOy平面平行的匀强电场，场强为E（图中未画出）。一质量为 m、带电荷量为 +q 的小球， 从坐标原点 O 由静止开始沿直线 ON 斜向下运动，直线 ON 与 y 轴负方向成 角（ 45°）。不计空气阻力，则下列说法正确

8、的是（）A. 当 E=时，电场强度最小B. 当 E=时，小球的机械能守恒C. 当 E=时，电场场强最大D. 当 E=时，电场力一定做正功第3页，共 26页13. 如图甲所示， 在倾角为 的粗糙斜面上， 有一个质量为 m 的物体在沿斜面方向的力F 的作用下由静止开始向下运动，物体与斜面之间的动摩擦因数为，物体的机械能 E 随位移 x 的变化关系如图乙所示其中0 x1 过程的图线是曲线，x1 x2 过程的图线为平行于x 轴的直线则下列说法中正确的是（）A. 在 0 x2 过程中物体先加速后匀速B. 在 0 x1 过程中物体的加速度一直减小C. 在 x1 x2 过程中物体的加速度为gsin D. 在

9、 0 x2 过程中拉力 F 做的功为 WF=E1-E2+mgx2二、多选题（本大题共3 小题，共6.0 分）14. 一定强度的激光 （含有两种频率的复色光） 沿半径方向入射到半圆形玻璃砖的圆心O 点，如图甲所示。现让经过玻璃砖后的A、 B、 C 三束光分别照射相同的光电管的阴极（如图乙所示），其中C 光照射恰好有光电流产生，则（）A. B 光照射光电管的阴极，一定有光电子打出B. A 光和 C 光分别照射光电管的阴极时， A 光打出的光电子的最大初动能较大 C. 人射光的入射角从 0 开始增大， C 光比 B 光先消失D. 若是激发态的氢原子直接跃迁到基态辐射出B 光、 C 光，则 C 光对应

10、的能级较高15.下列说法中正确的是（）A. 根据甲图氢原子的电子云示意图可知，电子在玻尔理论中的某一轨道上稳定运动，应该是一个概率问题B. 根据乙图中原子核的比结合能示意图可知，Li 原子核中的平均核子质量比O的要小C. 丙图中的链式反应要能持续，裂变物质必须具有一定的体积或质量D. 根据丁图中氡的衰变可知，1g 氡经过 38 天后还剩0.1g第4页，共 26页16. 某同学在水槽中做水波干涉实验时拍了一张黑白照片，两振源的步调一致， A、B 两处是“白”的， C 处是“黑”的下列说法正确是（）A. A、 B 两点振幅相同B. C 处的小纸片会飘到水槽边缘C. A 点到两波源的距离差是波长的整

11、数倍D. B 点位移始终小于 A 点三、实验题探究题（本大题共2 小题，共10.0 分）17. （ 1）某实验小组要验证落体运动中机械能是否守恒，器材已有带夹子的铁架台，电火花计时器、重物、天平，还需要图甲中的实验器材是 _（用器材下面的字母表示）（ 2）拉动纸带的重物应选择密度大体积小的物体目的是_（ 3）如图乙所示是某同学即将释放纸带前的瞬间请指出其中的两处不妥之处： _ _（ 4）图丙是实验中得到的一条纸带，已知该重物的质量为 240g，则打下“ 4”点时该重物的动能为 _J（计算结果保留两位有效数字）18. 某同学找到一块较新的电池他想测量这块电池的电动势E 和内电阻r ，于是从实验室

12、借到个开关、一个电阻箱（09999.9 ）、一只电流表（量程为0.6A 时的内阻rA=0.1 ）和若干导线第5页，共 26页（ 1）该同学用上述器材连接好电路，如图甲所示，在开关闭合前进行检查，发现一处错误是 _（ 2）接通开关，逐次改变电阻箱的阻值R，读出与 R 对应的电流表的示数I，并作记录，当电阻箱的阻值R=2.6 时，其对应的电流表的示数如图乙所示，则其读数为 _A（ 3）处理实验数据时该同学作了R- 坐标图， 图中已标注出了几个与测量值对应的坐标点通过作图最后可得出这个电池的电动势E=_V，内电阻 r=_ （结果保留两位小数）四、计算题（本大题共5 小题，共45.0 分）19.粮食问

13、题一直是国家高度重视的战略问题，2018 年 8 月国务院决定建立国家专项粮食储备制度。 甲图为某粮库运送粮食的传送带以及谷堆的实景图，设该传送带与水平地面夹角=30°，长 L=20m，以 2m/s 的速度稳定传送若谷粒由静止从传送带底端随传送带向上运动谷粒与传送带间的动摩擦因数不考虑谷粒滚动，不计空气阻力，求（ 1）谷粒加速运动阶段的加速度大小；（ 2）谷粒在传送带上运动的时间；（ 3）大量谷粒堆在地面上将自然地堆成圆锥状，简化模型如图乙，若谷粒间的平均动摩擦因数为，则谷堆锥面最大倾角a 应为多少？事实上， 干谷粒和传送带之间的摩擦会使谷粒带电，于是在谷堆表面会形成垂直于表面的电场

14、， 虽然谷粒所受电场力远小于重力，但这个电场对圆锥体的形成还是会有一定影响。 试分析这个电场的存在会使谷堆锥面最大倾角怎么变化（相对于无电场时的 a）？第6页，共 26页20.某兴趣小组设计出的玩具模型如图甲所示，水平轨道EC 左端点 E 与圆心角 =30 °的圆弧轨道EF 相切，在F 左侧有一接收器P（位置可灵活调节）。水平轨道EC右端点 C 的右侧有一陷阱区，C、 D 两点的竖直高度h=0.8m，水平距离s=1.2m 现有一质量 m=0.1kg 的小球（可视为质点） 从 A 点以水平向右的初速度出发沿水平轨道运动到 B 点后，进入半径 R=10cm 的光滑竖直圆形轨道， 圆形轨道

15、间不相互重叠，即小球离开圆形轨道后可继续向C 点运动，水平轨道 AB 长为 L1=1m，BC 长为 L2=3m，小球与水平轨道间的动摩擦因数=0.2，求：（ 1）若小球恰能通过圆形轨道的最高点，则小球在圆轨道B 处对轨道的压力是多大？（ 2）若小球向右运动既能通过圆轨道，同时又不掉进陷阱区，则小球在A 点的初速度的范围是多少？（ 3）若小球以水平向左的初速度从A 点出发， 越过圆弧轨道EF ，最终恰好水平进入接收器 P，则 P 的位置坐标要满足什么条件？ （以 F 为坐标原点建立的坐标系如图乙）21. 某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，请回答下列问题：（ 1）实验中已竖直插好 P1、 P2

16、 两枚大头针，如图甲所示，插入第3 个大头针 P3时，操作正确的是 _（填“ A”“ B”或“ C”）（ 2）操作完成后作出光路图如图乙所示，用圆规过O 点作一圆，则玻璃的折射率n=_（保留三位有效数字）第7页，共 26页22. 跳楼机是游乐园常见的大型设备， 这种机器先将乘座台载至高空再以接近自由体运动向下跌落一段距离然后利用电磁感应减速缓冲这种缓冲的简化模型如图甲所示，两根相距为 L 的金属导轨竖直放置，固定在乘座台底有一根长为L、电阻为 R 的金属棒（乘座台连同金属棒总质量为m），棒两端与导轨始终保持良好接触，导轨下端连有阻值为 R 的电阻。竖直面上分布着宽度为a 间距为 b 的 n 段

17、水平向里的匀强磁场（ a b）金属棒初始位于最高OO 处，与第 1 磁场区域相距 2a，使金属棒由静止自由释放。（重力加速度为g，导轨电阻不计，棒与导轨的接触电阻也不计）（ 1）。为使乘座台在每段匀强磁场区域，均能做匀速运动则第1 磁场区域的磁感应强度 B1 大小（ 2）满足（ 1）情况下，乘座台进入第n 段磁场区域时的速率vn 和第 n 段磁场区域的磁感应强度大小 Bn；（ 3）若将 n 段磁场区域的磁感应强度均调整为B（作为已知量） 乘座台仍然由 OO处静止开始释放，当金属棒穿过各段磁场时，发现通过导轨下端电阻的电流I 随时间 t 作周期性变化如图乙示（从金属棒刚进入第1 段磁场开始计时，

18、图中所标T、I1、 I2 为未知量）根据图中信息求周期T，并计算在穿过这n 段磁场区域的整个过程中金属棒上产生的电热 Q23.如图所示，彼此靠得很近的六根半径都为 R 的圆柱体， a1 a6 为这些圆柱的横截面圆心，柱体间形成了 6 个宽度极窄的狭缝 16，在这些狭缝和六个圆柱所包围的空间存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场整个空间为真空圆柱体左侧空间的粒子源能发射出一些比荷 （ q/m）不同的带正电粒子， 通过速度选择器中心轴线的粒子，能在纸面内以速度 v0 沿与圆 a1、a6 都相切的方向射向缝 1（只有当粒子速度沿与圆相切的方向才能进出相关狭缝） 以缝 1 处为坐标原点， 建立直角坐标系已知

19、比荷为k 的甲粒子恰好无碰撞直接从缝 3 射出。不计粒子重力及粒子间相互作用。（速度选择器两板间距为 2R，磁感应强度为 B0，方向垂纸面向里）则（ 1）速度选择器上、下两板哪个板的电势高板间的电压U 多大；（ 2）狭缝和六个圆柱所包围的空间的磁感应强度B 的大小；第8页，共 26页（ 3）从缝 1 射入的乙粒子，只与圆柱表面发生一次弹性碰撞，就从另一狭缝射出求乙粒子比荷碰撞时间极短，且碰撞不改变粒子的电量，不受摩擦作用，无能量损失（方向改变类似于光的反射）第9页，共 26页答案和解析1.【答案】 D【解析】解：A 、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪 许测出了引力常量，故 A 错误；B、库仑发现

20、 了库仑定律，密立根测得了元电荷的数值，故 B 错误；C、伽利略利用理想斜面 实验和逻辑推理证明了自由落体运 动是初速度 为零的匀加速运 动，故 C 错误；D、安培提出了分子电流假说，揭示了磁现象的电本质，故D 正确；故选：D。根据物理学史和常 识解答，记住著名物理学家的主要 贡献即可。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大 发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.【答案】 B【解析】解：A 、加速度与速度异号 时，物体做减速运动。故 A 错误；B、物体克服重力做功 说明重力对该物体做了 负功。故 B 正确；C、电量的正负表示电性，带电荷量的多少看 绝对值 。故 C

21、错误；D、电流有方向，但电流强度的计算不遵循平行四 边形定则，所以电流强度是标量。故 D 错误；故选：B。加速度与速度异号 时，物体做减速运动，加速度与速度同号 时，物体做加速运动；一个力对物体做了 负功，我们说克服这个力做功；比较电量的大小，是比较其绝对值 的大小；电流是标量。本题 考查了功的计算、加速度、点电荷、电流等基本概念。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。3.【答案】 A【解析】第10 页，共 26页解：A 、在国际单位制中，力的单位是 N，根据 F=ma 得 1N=1kg?m/s2，故 A 错误；际单动能的单位是 J，故B 正确；B、在国位制中，C、在国际单位制中，根据

22、E=和 E= 得电场强度单位为 N/C 或 V/m ，故 C正确；D、在国际单位制中，根据 C=得电容单位为 C/V ，故D 正确；本题选与其国际单位制不相符的，故选：A 。明确国际单位制中的单对单位都要掌握住，特别是位名称， 于每个物理量的有多个单位的物理量，如长度的单位有 m、cm、mm 等等，要注意掌知道哪些单位属于国 际单位制中的符号。考查了单位制的概念，单位制中的 导出单位就是依据基本 单位，由物理的规律公式推 导而得到的。注意灵活性运用。4.【答案】 A【解析】解：A 、做自由落体的物体的加速度均 为重力加速度，同时释放两个石 块，由v=gt 知，两石块的速度在任一 时刻具相同。故

23、 A 正确；B、由自由落体运动规律知，物体的速度 v=gt，则同时释放两石块，速度差恒为零。故 B 错误；C、由x=gt2 知，两石块在第 1s 内、第2s内，第 3s 内位移之比都 为 1：3：5故C 错误；D、做自由落体的物体的加速度均 为重力加速度，与质量无关，落地的时间间隔取决于两石 块释放时距地面的高度和高度差。故D 错误 。故选：A。做自由落体的物体的加速度均为重力加速度，根据 v=gt，x=gt2，可以求出第11 页，共 26页任意时刻的速度和位移。本题考查了自由落体运 动规律。本题重点要记住 v=gt，x=gt2，这两条公式。5.【答案】 B【解析】解：A 、球的转动属于 “同

24、轴转动模型 ”，A 、B 两点的角速度相同，由 v=r，RA RB，可得 vA vB故A 错误，B 正确；CA B2R R，可得a a故C 错误；、球中a=r、 两点的角速度相同，由， ABABD、球中 A 、B 两点的角速度相同，根据 T=知，周期相同，所以 A 点转一圈的时间等于与 B 点转一圈的时间 。故D 错误；故选：B。转动轴转动2球的属于 “同模型 ”，A 、B 两点的角速度相同，由 v=r，a=，rT=，RA RB ，可以求出 A 、B 两点的线速度、加速度、周期的关系。本题考查了线速度、角速度和周期、向心加速度等知 识点。“同轴转动模型 ”是解决本题的关键。6.【答案】 C【解

25、析】解：A 、根据牛顿第三定律可知。空气 对”竹蜻蜒 ”的力一定等于 “竹蜻蜓 ”对空气的力，A 错误；B：”竹蜻蜓 ”离手后沿直 线上升到最高点。从运 动描述可知它是先加速后减速，所以动能先增加后减小，高度升高，重力 势能一直增加， B 错误，C 正确；D、空气对”竹蜻蜓 ”做功，“竹蛸蜓 ”的机械能不守恒。 D 错误 。故选：C。作用力和反作用力大小相等，方向相反，且同时产生、同时变 化、同时消失，是同种性 质的力。本题考查动能、势能、机械能守恒的概念，解决本 题的关键知道作用力与反第12 页，共 26页作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上以及机械能守恒的条件是只有重力做功或除重力

26、外，合外力做功为 0。7.【答案】 C【解析】解：A 、根据电场线的特点得 电场线从正电荷出发，所以 Q1 带正电，故 A 错误；B、电场线疏密程度反映 电场强度大小，Q1 处附近电场强度大于 Q2 处附近电场强度，所以 Q1 的带电荷量一定比 Q2 的带电荷量大，故 B 错误；C、沿着电场线方向电势降低，所以 A 点电势一定高于 B 点电势，故 C 正确；D、电场线实际 并不存在，没有画出 电场线的位置不代表没有 电场，根据电场强度叠加原理也得出 B 处场强不为零，故 D 错误；故选：C。根据电场线的特点判断Q1 的电性；根据电场线的分布图，利用对称性比较 A 、B 所带的电荷量大小；沿着电

27、场线方向电势降低；根据电场强度叠加原理判断B 处场强。本题考查电场线 的分布和 电场的叠加原理，考查借助电场线可以形象直 观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示 电场强度的相对大小，切线方向表示电场强 度的方向，并掌握点 电荷电场强 度公式的内容，注意矢量合成法 则的应用。8.【答案】 B【解析】ABC 、根据万有引力定律有 G=m2 “”轨道较低，解：r，高分二号所以其线速度大，角速度大，发射速度小，故 AC 错误，B 正确；D、同步卫星定点于赤道上空，不可能 经过地球两极点，故 D 错误 。故选：B。根据万有引力定律有G=m 2r，可以得到线速度大，角速度大，发第13 页，共 26页射速

28、度小和 r 的关系；同步卫星定点于赤道上空，不可能 经过地球两极点。本题考查万有引力与航天。关 键点：熟记万有引力提供向心力公式。9.【答案】 B【解析】解：A 、根据安培定则可知磁感 线与螺线管的中线平行，故 A 错误；BC、根据左手定则知 CD 边受竖直向下的安培力， U 形电路另两边与磁感线平行，不受安培力，故 B 正确，C 错误；D、螺线管中电流方向改 变，磁场方向改 变，根据左手定则知安培力方向也 变，故横梁不能平衡，故 D 错误 。故选：B。根据右手螺旋定 则判断环形线圈产生的磁场方向，然后根据左手定 则判断受力情况。本题考查了电磁学中的左手定 则、右手定则、安培定则等的应用，注意

29、区分各个定则的使用条件，再正确 应用即可顺利求解。10.【答案】 D【解析】解：AD 、第1张纸上表面受到搓 纸轮施加的静摩擦力 f，方向向右，第1 张纸下表面受到第 2 张纸施加的滑 动摩擦力 f ，方向向左，即有：f=（mg+F），F为2搓纸轮对第 1张纸的压力；f=f F，正常情况下，F mg，故必有 ，112故 A 错误，D 正确；BC、第2 张与第 3 张纸之间的摩擦力及第 10 张纸与摩擦片之 间的摩擦力都是静摩擦力，根据受力平衡条件，可知，大小均 为 f ，故BC 错误；故选：D。第 1 张纸受到的摩擦力是滑 动摩擦力，方向与相对运动趋势方向相反。第 2 张纸受到第 1 张的滑动

30、摩擦力，小于第 3 张对它的摩擦力，与第 3 张之间不发生相对滑动 。而第 3 张到第 10 张的最大静摩擦力更大，更不能 发生相对滑动。第14 页，共 26页本题考查对摩擦力理解和判断能力。本 题是实际问题 ，要应用物理基本知 识进行分析，同时要灵活选择研究对象。11.【答案】 C【解析】解：AD 、由铭牌知，扫地机器人工作的 额定电压为 14.4V，额定功率为 55W，则额定电流 I=A=3.82A ，每秒钟消耗能量 W=Pt=55J，故AD 错误；BC、根据电池容量 5200mA?h知，电量 Q=5.2A×3600s=18720C，正常工作的时间 t=1.36h，故B 错误，C

31、 正确。故选：C。根据铭牌知扫地机器人工作的 额定电压为 14.4V，额定功率为 55W，可以求出电流，然后可以求出以 额定电流工作时每小时消耗能量；根据电池容量5200mA?h可以求出 电量，然后可以求出充 满电后正常工作的 时间 。本题考查额定电压、精定功率以及电荷量计算。这种题型属于基 础题，只要善于积累，难度不大。12.【答案】 B【解析】解：AB 、由题意知：小球所受合力必沿 ON 方向，重力方向竖直向下，分析可知当 电场力垂直 ON 时，场强最小，即Eq=mgsin，且此时电场力不做功。故机械能守恒。故 A 错误，B 正确；C、本题符合要求的 场强最大是无 穷。故 C 错误；D、当

32、Eq=mgtan时、如图所示，电场力有两种方向，一种做正功，一种做 负功，故 D错误。故选：B。本题考查物体在电场、重力场中的受力分析。本题考查学生对机械能守恒的条件及几何关系的应用，而 D 答案中要求能想第15 页，共 26页出可能的两种情况， 难度较大，要求能熟练应用正弦定理，并能掌握角度相关知识。13.【答案】 C【解析】解：A 、根据功能关系可以知道， E-x 图象的斜率等于力 F 和摩擦力的合力，在0x1 过程中，机械能不断减小，说明拉力 F 小于摩擦力，且拉力增大，所以物体做减速运 动，在x1x2过程中，拉力 F 等于摩擦力，物体的合力等于mgsin，物体做匀加速运 动，故A 错误

33、；B、在 0 x1 过程中，拉力增大，合力增大，则加速度一直增大，故 B 错误 。；C、在x1x过程中，物体的合力等于则为gsin，故 C2mgsin， 物体的加速度正确；D、根据功能原理得：W则W=E -E+ mgcos ?x，故D- mgcos ?x=E -E ，F22 1F2 12错误；。故选：C。根据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，在0 x1 过程中物体机械能在减小，知拉力在做正功，机械能与位移图线的斜率表示拉力和摩擦力的合力，当机械能不 变时，拉力等于摩擦力，通过拉力的变化判断其加速度的 变化，根据功能关系求拉力做功。解决本题的关键通过图线的斜率确定出拉力的 变化

34、，然后根据牛顿第二定律判断出加速度的方向，根据功能关系研究拉力做功。14.【答案】 CD【解析】解：A 、根据几何光学知识可知，A 光是含有两种 频率的复色光， B 光和 C 光是单色光，且 C 光折射率大，频率高，C 光照射光 电管恰好有光 电流产生，用 B 光照射同一光 电管，不能发生光电效应，故 A 错误 。D、C 光的频率高，根据能级跃迁规律可知，若是激发态的氢原子直接 跃迁到基态辐射出 B 光、C 光。则 C 光对应的能级较高，故D 正确。第16 页，共 26页C、根据sinC=1/n 可知，若入射光的入射角从 0开始增大，C 光比 B 光先消失，故 C正确。B、A 光和 C 光分别

35、照射光电管的阴极 时，打出光电子的最大初 动能是相等的，都由 C 光的频率决定，故 B 错误 。故选：CD。因光线从光密到光疏介 质，随入射角的增大，反射光将加 强，折射光减弱，当入射角达到全反射 临界角时该光将发生全反射。根据爱因斯坦光 电效应方程分析。本题中应记住七色光中从 红到紫，红光的波长最长，折射率最小，而紫光的频率最高，折射率最大，掌握全反射条件和光 电效应规律，并能分析具体问题。15.【答案】 AC【解析】尔论具有一定的局限性，要适当修正，故 A 正确。解：玻 理结稳定，平均核子的质量越小，故 B错误。B、比 合能大的原子核越C、裂变反应的进行需要临界体积，故C 正确。D、氡原子

36、核的半衰期 为 3.8 天，1g 氡经过 38天，还剩下g，故D 错误 。故选：AC。根据玻尔理论分析原子内部 结构。比结合能大的原子核越 稳定。要产生链式反应变质必须具有一定的体积或质量。，裂 物半衰期是统计规律。本题考查了氢原子电链式反应、原子核的结合能、半衰期等知识这子云、点。种题型属于基础题，只要善于积难累， 度不大。16.【答案】 AC【解析】第17 页，共 26页解：A、D、由题知，A、B 两处为振动加强点，C 处为振动减弱点，振动加强点的振幅相同，但位移不是 时刻相同，故 A 正确，D 错误 。B、振动减弱点振幅 为两波振幅之差，题目中两水波振幅相同， 则振动减弱点始终不振动，小

37、纸片始终在原处，故B 错误 。C、振动加强点的特点是 质点到两波源的距离 时整数个波 长，故A 点到两波源的距离差是波 长的整数倍，故 C 正确。故选：AC。波峰与波峰相遇的点振 动加强，波峰与波谷相遇的点振 动减弱。振动的步调始终相同的点是振 动的加强点。本题考查了波的干涉，波发生干涉的条件是两列波的频率相同，衍射和干涉都是波特有的 现象。质点到两波源的距离差 为整数倍波 长时，该质点为振动加强点，质点到两波源的距离差 为半波长的奇数倍，该质点为振动减弱点。17.【答案】 BD减小空气阻力的影响手提的位置不是纸带的上端重物的初始位置未靠近打点计时器0.13【解析】解：（1）由机械能守恒定律可

38、知，mgh=，故需用刻度尺测量长度，用打点计时配上纸带来测量速度，故还需要的器材是 BD ；故选：BD。（2）重物下落过程中，受到空气阻力的作用，故 应选密度较大，体积较小的重物来减小空气阻力的影响；（3）实验操作中存在的两 处明显错误： 手提的位置不是 纸带的上端， 重物的初始位置未靠近打点计时器。（4）由图可知，打下“4点”时重物的速度， v4=，此时重物的动能J=0.13J。故答案为：（1）BD ，（2）减小空气阻力的影响，（3） 手提的位置不是 纸带的上第18 页，共 26页端， 重物的初始位置未靠近打点计时器，（4）0.13。（1）根据实验需要测量的物理量确定所需的器材；（2）为了减

39、小阻力的影响，重物 选择质量大的体 积小的物体；（3）根据实验的原理和注意事 项确定不正确的操作步 骤；（4）根据某段时间内的平均速度等于中 间时刻的瞬时速度求出 计数点 4 的瞬时速度，从而得出动能的大小。解决本题的关键知道该实验的原理以及注意事 项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度，从而得出动能的增加量。18.【答案】 电阻箱阻值没有调大最大0.501.520.30【解析】解：（1）为保护电路，闭合开关前 电阻箱阻值应调到最大，由图甲所示可知，电阻箱阻 值没有 调大最大，这是错误 的。（2）电流表量程 为 0.6A，由图乙所示表 盘可知，其分度值为 0.02A，示数为0.50A

40、；（3）根据坐标系内描出的点作出 图象如图所示：由图甲所示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R+r A ），整理得：R=E-r-rA ，由图示 R-图象可知：电源电动势为 ：E=k=1.52V，b=-r-rA =0.4第19 页，共 26页解得电源内阻为：r=0.30 ；故答案为：（1）电阻箱阻值没有调大最大；（2）0.50；（3）图象如图所示；1.52；0.30。（1）为保护电路，闭合开关前 电阻箱阻值应调到最大。（2）根据电流表量程由 图示表盘确定其分度 值，然后根据指针位置读出其示数。（3）根据坐标系内描出的点作出 图象；根据图示电路图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，然后由

41、图示图象求出电源电动势与内阻。本题考查了实验注意事项与实验数据处理，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法；注意在利用图线进行数据处理时，只要写出纵横坐标所代表物理量之 间的函数关系及可明确斜率以及截距的物理意义。19.【答案】 解（ 1）加速阶段传送带速度大于谷粒速度，滑动摩擦力为动力，根据牛顿第二定律得mgcos30 °-mgsin30 =ma°2（ 2）谷粒在传送带上先做匀加速直线运动，后随传送带做匀速直线运动，设加速阶段位移为 x1，所用时间为 t 1，匀速阶段位移为 x2，所用时间为 t2。则 t1 = = =2sx1= ×2=2mx2=L-x1

42、 =18m则 t2 = =9 s则谷粒在传送带上运动的时间为t=t1+t2=11s。（ 3）大量谷粒自然形成的圆锥角将是恒定值，有mgsin =1mgcos 得 =arctan 1有电场时，有mgsin =（ mgcos-qE）1解得 ，电场的存在会使谷堆锥面最大倾角变小。答：（ 1）谷粒加速运动阶段的加速度大小是1m/s2；（ 2）谷粒在传送带上运动的时间是11s；（ 3）谷堆锥面最大倾角是arctan ，电场的存在会使谷堆锥面最大倾角变小。1【解析】（1）加速阶段传送带速度大于谷粒速度，根据牛 顿第二定律求加速度。（2）谷粒在传送带上先做匀加速直 线运动，后做匀速直线运动，由运动学公式第2

43、0 页，共 26页求运动时间。（3）谷堆锥面倾角最大时谷粒的静摩擦力达最大 值，根据平衡条件和临界条件列式分析。本题的关键要正确分析谷粒的受力情况和运动情况，多次运用牛顿第二定律和运动学公式列式。要掌握物体 刚好滑动的临界条件：静摩擦力达最大，并能熟练运用。20.【答案】 解：（ 1）小球恰能通过圆形轨道最高点，则有：mg=mB 到最高点，根据机械能守恒定律有：2MgR+ mv2= mv在 B 处，根据牛顿第二定律有：F N-mg=m联立上式解得：FN=6N根据作用力与反作用力关系，知小球在轨道B 处对轨道的压力是6N。（ 2）小球恰能通过圆形轨道最高点时，A 到最高点，根据动能定理有：- mv1 =-2mgR-mgL1解得： vA1=3m/s如果小球恰能运动到C 点，即此时速度为0，A 到 C，根据动能定理有：0- mv 2=-mgL1-mgL2解得 vA