广东省河源市内莞中学2019年高三物理模拟试卷含解析

1、广东省河源市内莞中学2019年高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）有一个直角支架aob，ao水平放置，表面粗糙，ob竖直向下，表面光滑ao上套有小环p，ob上套有小环q，两环质量均为m，两环由一根质量可忽略、不可伸长的细绳相连，并在某一位置平衡（如图所示）现将p环向左移一小段距离，两环再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，ao杆对p环的支持力fn和摩擦力f的变化情况是（）a.n不变,  t变大  b.n不变，t变小c.n变大，t变大  d.n变大，t

2、变小参考答案：b解：以两环组成的整体，分析受力情况如图1所示根据平衡条件得，n=2mg保持不变再以q环为研究对象，分析受力情况如图2所示设细绳与ob杆间夹角为，由平衡条件得，细绳的拉力 ，p环向左移一小段距离时，减小，cos变大，t变小故选：b2. 对于实际的气体，下列说法正确的是_。a气体的内能包括气体分子的重力势能b气体的内能包括分子之间相互作用的势能c气体的内能包括气体整体运动的动能d气体体积变化时，其内能可能不变e气体的内能包括气体分子热运动的动能参考答案：bdeabce、气体的内能等于所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，故ac错，be对；d、根据热力学第一定律知道 ，改变内能的方

3、式有做功和热传递，所以体积发生变化时，内能可能不变，故d正确； 故选bde点睛：不仅要知道内能是什么，还要知道改变内能的方式是什么。3. “蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动。某人做蹦极运动，所受绳子拉力f的大小随时间t变化的情况如图所示。将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g。据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为（     ） ag      b2g   c3g     d

4、4g参考答案：b4. （多选）如图所示，平直木板ab倾斜放置，板上的p点距a端较近，小物块与木板间的动摩擦因数由a到b逐渐减小，先让物块从a由静止开始滑到b然后，将a着地，抬高b，使木板的倾角与前一过程相同，再让物块从b由静止开始滑到a上述两过程相比较，下列说法中一定正确的有（） a 物块经过p点的动能，前一过程较小 b 物块从顶端滑到p点的过程中因摩擦产生的热量，前一过程较少 c 物块滑到底端的速度，前一过程较大 d 物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长参考答案： 解：a、先让物块从a由静止开始滑到b，又因为动摩擦因数由a到b逐渐减小，说明重力沿斜面的分量在整个过程中都大于摩擦力也就是说无

5、论哪边高，合力方向始终沿斜面向下物块从a由静止开始滑到p时，摩擦力较大，故合力较小，距离较短；物块从b由静止开始滑到p时，摩擦力较小，故合力较大，距离较长所以由动能定理，物块从a由静止开始滑到p时合力做功较少，p点是动能较小；由b到p时合力做功较多，p点是动能较大因而a正确；b、由w=fs，无法确定f做功多少，因而b错误；c、由动能定理，两过程合力做功相同，到底时速度应相同；因而c错误；d、采用vt法分析，第一个过程加速度在增大，故斜率增大，第二个过程加速度减小，故斜率变小，由于倾角一样大，根据能量守恒，末速度是一样大的，还有就是路程一样大，图象中的面积就要相等，所以第一个过程的时间长；因而d

6、正确；故选ad5. 在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动，如图甲所示。产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示。则下列说法正确的是          a时穿过线框的磁通量最小b该交变电动势的有效值为c该交变电动势的瞬时值表达式为d电动势瞬时值为22时，线圈平面与中性面的夹角为参考答案：cd 由题图乙可知此交流电的周期为0.02s，且从中性面开始计时，故时线框处于中性面位置，穿过线框的磁通量最大，a错误；该交变电动势的最大值是v，故有效值是22v，b错误；由可知c正确；将v代入可得d

7、正确。二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，两根细线把两个相同的小球悬于同一点，并使两球在同一水平面内做匀速圆周运动，其中小球1的转动半径较大，则两小球转动的角速度大小关系为1  2，两根线中拉力大小关系为t1   t2，（填“”“”或“=”）参考答案：=；【考点】物体做曲线运动的条件【分析】两个小球均做匀速圆周运动，对它们受力分析，找出向心力来源，可先求出角速度【解答】解：对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得合力：f=mgtan；由向心

8、力公式得：f=m2r设绳子与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htan；由三式得：=，与绳子的长度和转动半径无关，故二者角速度相等；绳子拉力t=，则t1t2；故答案为：=；7. 卢瑟福用a粒子轰击氮核时发现了质子.完成其核反应方程：n+he                  .参考答案：o+h解析：由核反应方程满足质量数守恒和电荷数守恒，核反应方程为n+heo+h。8. （13分）如（a）图，质量为的滑块放在气垫导轨b

9、上，为位移传感器，它能将滑块到传感器的距离数据实时传送到计算机上，经计算机处理后在屏幕上显示滑块的位移时间（s-t）图象和速率时间（v-t）图象。整个装置置于高度可调节的斜面上，斜面的长度为了、高度为。（取重力加速度g=9.8m/s2，结果可保留一位有效数字） （1）现给滑块一沿气垫导轨向上的初速度，的v-t图线如（b）图所示。从图线可得滑块下滑时的加速度a=        m/s2 ,摩擦力对滑块运动的影响       。（填“明显，不可忽略”或“不明显

10、，可忽略”）（2）此装置还可用来验证牛顿第二定律。实验时通过改变       ，可验证质量一定时，加速度与力成正比的关系；实验时通过改变       ，可验证力一定时，加速度与质量成反比的关系。（3）将气垫导轨换成滑板，滑块换成滑块，给滑块一沿滑板向上的初速度，的s-t图线如（c）图。图线不对称是由于造成的，通过图线可求得滑板的倾角（用反三角函数表示），滑块与滑板间的动摩擦因数。 参考答案：答案：（1）6  不明显，可忽略（2）斜面高度h 

11、60;    滑块a的质量m及斜面的高度h，且使mh不变  （3）滑动摩擦力     解析：（1）从图像可以看出，滑块上滑和下滑过程中的加速度基本相等，所以摩擦力对滑块的运动影响不明显，可以忽略。根据加速度的定义式可以得出（2）牛顿第二定律研究的是加速度与合外力和质量的关系。当质量一定时，可以改变力的大小，当斜面高度不同时，滑块受到的力不同，可以探究加速度与合外力的关系。由于滑块下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力提供，所以要保证向下的分力不变，应该使不变，所以应该调节滑块的质量及斜面的高度，且使mh不变。

12、0;（3）滑板与滑块间的滑动摩擦力比较大，导致图像成抛物线形。从图上可以读出，滑块上滑和下滑时发生位移大小约为。上滑时间约为，下滑时间约为，上滑时看做反向匀加速运动，根据运动学规律有：，根据牛顿第二定律有。下滑时，有， 联立解得，9. “研究回路中感应电动势e与磁通量变化快慢的关系”实验，如图1所示：（1）某同学改变磁铁释放时的高度，作出e-t图象寻求规律，得到如图2所示的图线。由此他得出结论：磁通量变化的时间t越短，感应电动势e越大，即e与t成反比。 实验过程是_的（填写“正确”“不正确”）； 实验结论_（判断是否正确并说明理由）。（2）对实验数据的处理可以采用不同的方法如果横坐标

13、取_，就可获得如图3所示的图线；   若在基础上仅增加线圈的匝数，则实验图线的斜率将_(填“不变”“增大”或“减小”)。 参考答案：)(1) 正确 （2分）； 不正确，只有在磁通量变化相同的条件下，时间越短，感应电动势才越大。另外，从e-t图象并不能得到e与t成反比的结论。 (2分)(2)  1/t     （2分）   变大10. 下表是按照密立根的方法进行实验时得到的某金属的uc和v的的几组数据。(uc是遏制电压)uc/v0.5410.6370.7140.8090.878v/l014hz5.

14、6445.8886.0986.3036.501请根据上表的数据在答题纸对应的坐标中作出uc-v图象；从图象中可知这种金属的截止频率为             ；已知e=1.6010-19c，用给出的数据结合图象算出普朗克常量为                    。参考答案：11. 质量

15、为0.2kg的物体以24m/s的初速度竖直上抛，由于空气阻力，经2s到达最高点，设空气阻力大小恒定，则物体上升的最大高度是_m，它由最高点落回抛出点需_s。 参考答案：24   ； 12. 如图甲所示，质量为m、边长为l的正方形金属线框位于绝缘光滑水平面上，线框右边紧贴着竖直向下的有界匀强磁场的边界oo/线框在水平向右的外力f作用下从静止开始做匀加速直线运动，外力f随时间t呈线性变化，如图乙所示，图中的f0、t0均为已知量在tt0时刻，线框左边恰到达oo/此时线框受到的合力为_或_（写出两种表达）；在tt0时刻，线框的发热功率与外力f的功率之比p热：pf_ 参考答案：f0&

16、#160; 或  ；  3:513. 如下图所示，是某次利用气垫导轨探究加速度与力、质量关系的实验装置安装完毕后的示意图，图中a为沙桶和沙砂，b为定滑轮，c为滑块及上面添加的砝码，d为纸带，e为电火花计时器，f为蓄电池、电压为6 v，g是开关，请指出图中的三处错误：(1)_；(2)_；(3)_参考答案：(1)定滑轮接滑块的细线应水平(或与导轨平行)(2)滑块离计时器太远(3)电火花计时器用的是220 v的交流电，不能接直流电三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (8分) 如图所示，有四列简谐波同时沿x轴正方向传播，波速分别是 v、2 v、3 v和 4

17、v，a、b是x轴上所给定的两点，且abl。在t时刻a、b两点间四列波的波形分别如图所示，则由该时刻起a点出现波峰的先后顺序依次是图               ；频率由高到低的先后顺序依次是图               。参考答案：    bdca    d

18、bca15. （2013?黄冈模拟）某种材料的三棱镜截面abc如图所示，底边bc水平且镀银，其中a=90°，b=60°，一束竖直向下的光束从ab边上的m点入射，经过bc面反射后，从ac边上的n点平行于bc边射出，且mn连线平行于bc求：（）光线在m点的折射角；（）三棱镜的折射率（可用根式表示）参考答案：（）光线在m点的折射角是15°；（）三棱镜的折射率是考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：（）由几何知识求出光线在m点的入射角和折射角（）运用折射定律求解三棱镜的折射率解答：解：（）如图，a=90°，b=60°，c=30°由题意可得

19、1=2=60°，nmq=30°，mnq=60°根据折射定律，可得：pmq=pnq根据反射定律，可得：pmn=pnm即为：nmq+pmq=mnqpnq故折射角pmq=15°（）折射率n= = 答：（）光线在m点的折射角是15°；（）三棱镜的折射率是点评：本题是几何光学问题，作出光路图，运用几何知识求出入射角和折射角是解题的关键之处，即能很容易解决此类问题四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行光滑金属导轨相距l=1m，导轨平面与水平面成=30°角，下端连接“2.5v，0.5w”的小

20、电珠，匀强磁场方向与导轨平面垂直质量为m=0.02kg、电阻不计的光滑金属棒放在两导轨上，金属棒与两导轨垂直并保持良好接触取g=10m/s2求：（1）金属棒沿导轨由静止刚开始下滑时的加速度大小；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，小电珠正常发光，求该速度的大小；（3）磁感应强度的大小参考答案：解：（1）设金属棒刚开始下滑时的加速度为a，由于金属棒开始下滑的初速为零，根据牛顿第二定律有   mgsin=ma  代入数据解得  a=gsin30°=5m/s2 （2）设金属棒运动达到稳定时的速度为v、所受安培力为fa，棒在沿导轨方向受力平衡，则有

21、60;    mgsin fa=0     此时金属棒克服安培力做功的功率等于小电珠消耗的电功率，则有     p=fav  联立式并入代数据解得   v=5m/s  （3）设磁感应强度的大小为b，金属棒切割磁感线产生的感应电动势为e=blv  小电珠正常发光，其两端电压等于e，必有e=u灯=2.5v  联立式并代入数据解得  b=0.5t   答：（1）金属棒沿导轨由静止刚开始下滑时的加速度大小是5m/s2；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，小电珠正常发光，该速度的大小为5m/s；（3）磁感应强度的大小是0.5t17. 如图所示，匀强电场方向沿x轴的正方向，场强为e在a（l，0）点有一个质量为m，