湖南省三湘名校教育联盟2019-2020学年高一下学期5月联考物理试题含答案

1、1高一物理参考答案题号12345678910答案acdbdbbdadacbd1.a解析： 做曲线运动的物体，一定变化的是速度的方向，a 项正确。2.c解析： 汽车从 m 点运动到n，做曲线运动，必有些力提供向心力，向心力是指向圆心的； 汽车同时加速， 所以沿切向方向也有与速度相同的切向力；向心力和切向力的合力与速度的方向的夹角要小于90 ，所以选项c 正确。3.d解析： 地球同步卫星的发射速度大于7.9km/s，a 项错误；运行速度小于7.9km/s，b项错误；地球同步卫星在轨运行的周期和地球的自转周期相同，c 项错误；地球同步卫星在轨运行时长期不进行干预，轨道半径会越来越小，由22mmvgm

2、rr可知，线速度会越来越大， d 项正确。4.b解析： 根据 v-t 图象的斜率等于加速度，则有在0 t0和 t03t0两段时间内加速度大小之比为：001200:2:12vvaatt，故 a 错误；根据v-t 图象面积等于位移，则有位移大小之比为：120 00011:21: 222xxv tvt，两段时间内位移之比为1：2，所用时间之比为1：2，故平均速度之比为1：1，故 b 正确、 c 错误； t0时刻图象的斜率由正变为负，代表加速度方向变化，而速度始终为正方向没变，故d 错误。5.d解析： 齿轮传动， a、b 两点线速度大小之比为1：1，a 项错误；由rv可知， a、b 两点角速度之比为1

3、： 3， b 项错误；由2t可知，周期之比为3： 1， c 项错误；由rva2可知，向心加速度大小之比为1：3，d 项正确。6.b解析： 设桥的半径为r，由几何关系可知，222)6(12rr，解得15mr，由rvmmg2可知，5 6m/svgr，b 项正确。7.bd解析： 熄火后沿垂直河岸方向的速度不断减小，河水的速度不变，则合速度不断减小，合速度方向不断变化，因此轮船做曲线运动，bd 项正确。8.ad解析： 设弹力与竖直方向的夹角为 ，由平衡条件得：小鸟所受的弹力nmgcos ，2从 a 到 b 的过程中， 减小，则弹力增大，a 正确、 b 错误；小鸟所受的摩擦力fmgsin ，从 a 到

4、b 的过程中， 减小，则摩擦力减小，故c 错误；树枝对小鸟的作用的合力与重力大小相等，方向相反，所以d 正确。9.ac解析： 速度变化量的方向与加速度方向相同，竖直向下，a 项正确；小球做匀变速运动，速度均匀变化，b 项错误；由题意可知，当小球的速度大小为kv0时，小球在竖直方向的分速度大小为201yvvk，运动的时间201vktg，c 项正确、 d 项错误。10.bd解析： 由开普勒第三定律，甲、乙卫星的轨道半径之比：14)(322121ttrr，a 项错误；由rvmrmmg22，得rgmv，因此甲、 乙卫星的线速度大小之比122112vrvr，b 项正确； 由rva2可知，甲、乙卫星的向心

5、加速度大小之比21122221116avravr，c 项错误；由afm，得甲、乙两卫星的质量之比为11222141mfamfa，d 项正确。11.答案：(1)4.00(2)2.0(3)50 (每空 2 分)解析： (1)从乙图可知，测力计的最小分度为0.1n，所以小车的重力为4.00n；(2)对系统由牛顿第二定律得a=mgm+m=2.0m/s2；(3)由丙图， 根据逐差法 x=a(2t)2，解得 t=0.1s； 交流电的频率为f， 则5f0.1， 则 f50hz 。12.答案：（1）ab （2 分）（2）调节斜槽末端水平，保证小球做平抛运动（1 分）（3）c（1 分）（ 4）2gl（1 分）0

6、.70 m/s （2 分）0.875 m/s （2 分）解析： （1）为了保证小球每次做平抛运动的初速度相同，因此必须每次从斜槽上同一位置由静止开始释放，a 项正确；小球运动时不能与木板上的白纸（或方格纸）相接触，以免影响小球运动的轨迹，b 项正确；斜槽的表面不需要光滑，c 项错误；用平滑的曲线连接描绘的点得到小球的运动轨迹，故选项d 错误。（2）小球能自动滚下说明斜槽末端不水平，应该调整：调节斜槽末端水平，保证小球做平抛运动。（3）坐标原点为小球在斜槽末端时，小球球心在木板上的投影，故c 正确， abd 错误。（4）通过分析图象可知，a 点不是抛出点，但a、b、c、d 每相邻两点之间的时间间

7、隔是相3等的，设为t，又根据匀变直线运动连续相等时间内位移差2sat可得2sgt，2lgt，ltg，0220.70m/ slvlgt，对 b 点来说，其竖直分速度y3322lvlgt，b 点的速率22b0y50.875m / s2vvvgl。13.解析： （1）小球做平抛运动：水平方向位移0 xv t（2 分）竖直方向位移212ygt（2 分）由几何关系得tanyx（ 2 分）联立解得1.5st（1 分）（2）由几何关系得02cos37xs（2 分）代入数据解得37.5ms（1 分）14.解析：（1）由题知，探测器做圆周运动的角速度t（2 分）设火星表面的重力加速度为g，则2rg（2 分）解得

8、22trg（2 分）（2）由牛顿第二定律22mrrmmg（2 分）解得火星的质量232gtrm（2 分）15.解析：（1）每节车厢质量m 18t18000kg，速度 v360km/h100m/s；以动车组为研究对象，根据牛顿第二定律可得：4f8f8ma（3 分）匀加速运动过程中，根据速度时间关系可得：vat（2 分）解得： t80s（2 分）（2）以前 3 节车厢为研究对象，假设第3、4 两节车厢的作用力为t，根据牛顿第二定律可得： 2f3ft3ma（3 分）联立解得： t2.375104n（ 2 分）416.解析：（1）小球运动到最低点时：lvmmgmg215.121（2 分）解得112vgl（1 分）线断后，小球做平抛运动，设平抛运动的时间为t1，则212123gtl（1 分）解得glt31（1 分）则小球落地后离o 点的水平距离1 132xv tl（1 分）（2）小球做圆锥摆运动时，设悬线与竖直方向的夹角为 时，细线刚好拉断，这时竖直方向mgmgcos5.1（1 分）水平方向