2020年山东省烟台市经济技术开发区第一初级中学高三物理期末试题含解析

1、2020年山东省烟台市经济技术开发区第一初级中学高三物理期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示电路中，滑动变阻器r的滑片p从a端滑到b端的过程中，两电表的示数变化情况分别是（）a示数增大，示数减小b示数先减小后增大，示数减小c示数增大，示数先增大后减小d示数先减小后增大，示数先增大后减小参考答案：b【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】图中滑动变阻器两侧的电阻并联后再与r0串联，电压表测量r0电压；先根据电阻的串并联特点得到并联电阻的变化情况，然后根据闭合电路欧姆定律判断电压表和电流表的变化情况【解答】解：滑动变阻器两侧的电阻并联后

2、再与定值电阻r0串联，滑片p从a端移到b端的过程中，滑动变阻器两侧的并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流先减小后增加，根据u=ir0可知，r0两端的电压先减小后增加，即v表示数先减小后增加滑片从a到变阻器中点的过程中，变阻器的电压增大，而pb部分的电阻减小，通过pb部分的电流增大，而干路电流减小，所以a表的示数减小，滑片从中点到b的过程中，变阻器的电压减小，而pa部分的电阻增大，所以a表的示数减小，可知a表示数一直减小故b正确故选：b2. （单选）某电场的电场线分布如图所示，m、n、p、q是以o为圆心的一个圆周上的四点，其中mn为圆的直径，则（）a. 一正电荷在o点的电势能小

3、于在q点的电势能b. 将一个负电荷由p点沿圆弧移动到n点的过程中电场力不做功c. m点的电势与q点的电势一样高d. o、m间的电势差等于n、o间的电势差参考答案：a3. 自卸式货车可以提高工作效率，如图所示在车厢由水平位置逐渐抬起到一定高度且货物还未滑离车厢的过程中，货物所受车厢的支持力fn和摩擦力ff都在变化。下列说法中正确的是a. fn逐渐减小    b. fn先减小后不变c. ff逐渐增大    d. ff先增大后不变参考答案：ac试题分析：对货物受力分析，由平衡条件知： ，当车厢逐渐抬高时，越来越大，所以越来越小，越来越大，故

4、选项ac正确考点：本题考查利用平衡条件分析力的变化情况4. 对于同种金属，产生光电效应时，关于逸出光电子的最大初动能ek，下列说法正确的是  aek与照射光的强度成正比    bek与照射光的波长成正比  cek与照射光的频率成线性关系    dek与光照射的时间成线性关系参考答案：c由爱因斯坦光电效应方程可知ek与照射光的频率成线性关系，选c。5. 如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上点，跨过滑轮的细绳连接物块、，物块、都处于静止状态。现将物块移至点后，物块、仍保持静止，下列说法中正确的是. 与水平面间

5、的摩擦力减小   . 地面对的弹力减小. 悬于墙上的绳所受拉力不变     . 、静止时，图中、三角始终相等参考答案：d二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，粗细均匀、导热良好、装有适量水银的u形管竖直放置，右端与大气相通，左端封闭气柱长l1=20 cm(可视为理想气体)，两管中水银面等高。现将右端与一低压舱(未画出)接通，稳定后右管水银面高出左管水银面h=10 cm。(环境温度不变，大气压强p0=75 cmhg)求稳定后低压舱内的压强(用“cmhg”作单位)。此过程左管内的气体对外界_(填“做正功”“做负

6、功”或“不做功”)，气体将_(填“吸热”或“放热”)参考答案：50 cmhg做正功吸热7. 质量为m=0.01kg、带电量为+q=2.0×104c的小球由空中a点无初速度自由下落，在t=2s末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t=2s小球又回到a点不计空气阻力，且小球从未落地，则电场强度的大小e为2×103n/c，回到a点时动能为8j参考答案：考点：电场强度；动能定理的应用分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与

7、这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由w=qed求得电场力做功，即可得到回到a点时动能解答：解：小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为e，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则有：gt2=（vtat2）又v=gt解得a=3g由牛顿第二定律得：a=，联立解得，e=2×103 n/c则小球回到a点时的速度为：v=vat=2gt=20×10×2m/s=400m/s动能为 ek=0.01×4002j=8j故答案为：2×103，8点评：本题首

8、先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律结合进行研究8. 在某介质中形成一列简谐波， t0时刻的波形如图中的实线所示若波向右传播，零时刻刚好传到b点，且再经过0.6 s，p点也开始起振，该列波的周期t=_s，从t0时刻起到p点第一次到达波峰时止， o点相对平衡位置的位移y=_cm. 参考答案：0.2      2  9. (4分)质量为1×10-2kg的氢气球，受到浮力的大小为0.12n，距天花板距离为4m。今沿水平方向以3m/s速度拍

9、出（不计空气阻力），当它到达天花板时，水平位移是        ，速度的大小为        （g取10m/s2）。   参考答案：    答案：6m；5m/s 10. p、q是一列简谐横波中的两质点，已知p离振源较近，p、q两点的平衡位置相距15m（小于一个波长），各自的振动图象如图所示。此列波的波速为        m/s。参考答案：11. 放

10、射性元素衰变为，此衰变过程的核反应方程是；用此衰变过程中发出的射线轰击，可得到质量数为22的氖(ne)元素和另一种粒子，此核反应过程的方程是。参考答案：+he   he+ne+h。根据衰变规律，此衰变过程的核反应方程是+he。用射线轰击，可得到质量数为22的氖(ne)元素和另一种粒子，此核反应过程的方程是：he+ne+h。12. 物体做匀变速直线运动，第2s内的平均速度为7m/s，第3s的平均速度为5m/s，物体运动的加速度大小为_m/s2，其方向与初速度的方向_；（填“相同”或“相反”）参考答案：2   相反13. 在做研究匀变速直线运动的实验时，某同

11、学得到一条纸带，如图所示，并且每5个计时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为x，且x1=0.96cm，x2=2.88cm，x3=4.80cm，x4=6.72cm，x5=8.64cm，x6=10.56cm，打点计时器的电源频率为50hz此纸带的加速度大小a=   m/s2，打第4个计数点时纸带的速度大小v=    m/s（结果保留三位有效数字）参考答案：1.92，0.768【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】在匀变速直线运动中，时间中点的速度等于该过程中的平均速度，根据逐差法可以得出加速度【解答】解：每5个计时点取一个计数点，所以相

12、邻的计数点之间的时间间隔为0.1s用逐差法来计算加速度a=1.92 m/s2某时刻的瞬时速度等于一段时间内的平均速度v4=0.768 m/s故答案为：1.92，0.768三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （10分）在2008年9月27日“神舟七号”宇航员翟志刚顺利完成出舱活动，他的第一次太空行走标志着中国航天事业全新的时代即将到来。 “神舟七号”围绕地球做圆周运动时所需的向心力是由                

13、;      提供，宇航员翟志刚出舱任务之一是取回外挂的实验样品，假如不小心实验样品脱手（相对速度近似为零），则它（填“会”或“不会”）做自由落体运动。设地球半径为r、质量为m ，“神舟七号”距地面高度为h，引力常数为g，试求“神舟七号”此时的速度大小。参考答案：   答案：地球引力（重力、万有引力）； 不会。（每空2分）  以“神舟七号”为研究对象，由牛顿第二定律得：   （2分）  由匀速圆周运动可知：     

14、  （2分）  解得线速度          （2分）15. （选修33（含22）（6分）一定质量的气体，从外界吸收了500j的热量，同时对外做了100j的功，问：物体的内能是增加还是减少? 变化了多少？(400j;400j)    分子势能是增加还是减少？参考答案：解析：气体从外界吸热：q500j，气体对外界做功：w100j 由热力学第一定律得u=w+q=400j    (3分) u为正，说明气

15、体内能增加了400j    (1分) 因为气体对外做功，所以气体的体积膨胀，分子间的距离增大，分子力做负功，气体分子势能增加。 （2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 重力为g18 n的砝码悬挂在绳pa和pb的结点上。pa偏离竖直方向37°角，pb沿水平方向且连在重力为g2100 n的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，如图所示。（sin37°= 0.6，cos37°= 0.8）试求：(1)木块与斜面间的摩擦力；(2)木块所受斜面的弹力。参考答案：解析：如图甲所示分析p点受力，由平衡条件可得：fa

16、cos 37°g1                  fa sin 37°fb                   可解得fb6 n        &

17、#160;   （3分）再分析g2的受力情况如图乙所示由平衡条件可得：ffg2 sin 37°fb cos 37°        fnfb sin 37°g2 cos 37°        fbfb                 

18、0;                 （3分）可求得，ff64.8 n             （1分）fn76.4 n.            （1分）17. 某学习小组为了研究影响带电粒子在磁场中

19、偏转的因素，制作了一个自动控制装置，如图所示，滑片p可在r2上滑动，在以o为圆心，半径为r=10cm的圆形区域内，有一个方向垂直纸面向外的水平匀强磁场，磁感应强度大小为b=0.10t。竖直平行放置的两金属板a、k相距为d，连接在电路中，电电动势e=91v，内阻r=1.0，定值电阻r1=10，滑动变阻器r2的最大阻值为80，s1、s2为a、k板上的两个小孔，且s1、s2跟o在竖直极板的同一直线上，os2=2r，另有一水平放置的足够长的荧光屏d，o点跟荧光屏d点之间的距离为h。比荷为2.0×105c/kg的离子流由s1进入电场后，通过s2向磁场中心射去，通过磁场后落到荧光屏d上。离子进入

20、电场的初速度、重力、离子之间的作用力均可忽略不计。问：（1）判断离子的电性，并分段描述离子自s1到荧光屏d的运动情况？（2）如果离子恰好垂直打在荧光屏上的n点，电压表的示数多大？（3）电压表的最小示数是多少？要使离子打在荧光屏n点的右侧，可以采取哪些方法？参考答案：（1）带正电离子在两金属板间做匀加速直线运动离开电场进入磁场前做匀速直线运动在磁场中做匀速圆周运动         离开磁场后做匀速直线运动，直到打在荧光屏上（2）（7分）离子在磁场中偏转90°，轨迹半径r=r=10cm由  

21、; 解得u=30v（3）电压表最小电压；  解得umin=10v。要使离子打在荧光屏上n点的右侧，离子在磁场中偏转轨迹半径变大，由，可以提高离子速度或减小磁场的磁感应强度。方法一，向右移动滑动变阻器滑片，增大平行板间电压方法二，提高电电动势，增大平行板间电压方法三，减小磁场的磁感应强度答出任意一种方法即可。只说出改变什么因素得1分，说出调节方向再得2分。18. 质量为m=2.5kg的一只长方体形状的铁箱在水平拉力f作用下沿水平面向右匀加速运动，铁箱与水平面间的动摩擦因数为1=0.50。这时铁箱内一个质量为m=0.5kg的木块恰好能静止在后壁上(如图所示)，木块与铁箱内壁间的动摩擦因数为2=0.25。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。求：(1)木块对铁箱的压力；(2)水平拉力f的大小；(3