2022年辽宁省营口市第六中学高三物理期末试卷含解析

1、2022年辽宁省营口市第六中学高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为r的圆，ab是一条直径，空间有匀强电场，场强大小为e，方向与水平面平行在圆上a点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过b点的小球动能最大，由于发射时刻不同时，小球间无相互作用，且 =30°，下列说法正确的是（  ）a.电场的方向垂直ab向上    b电场的方向垂直ab向下c小球在a点垂直电场方向

2、发射，若恰能落到c点，则初动能为qer/8d小球在a点垂直电场方向发射，若恰能落到c点，则初动能为qer4参考答案：c由于c点处动能最大，因此，相对整个圆而言，c应处于电势最低处，电场方向应是沿图中虚线方向，则与ac成300角，选项a、b错误；如果小球垂直于电场方向抛出带电体，则小球做类平抛运动，则，2rcos×cos=，2rcos×sin=v0t，得，选项c正确、d错误。2. 类比是一种有效的学习方法。在类比过程中，既要找出共同之处，又要抓住不同之处。某同学对有关波的实例进行类比，总结出下列内容，其中正确的是（    ）  

3、;        a声波是横波                                        b电磁波是纵波  &

4、#160;    c光波是概率波                                    d机械波也具有波粒二象性参考答案：c3. 我国国家大剧院外部呈椭球型，将国家大剧院的屋顶近似为半球形，一警卫人员为执

5、行特殊任务，必须冒险在半球形屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），他在向上爬的过程中a屋顶对他的支持力变大      b屋顶对他的支持力变小c屋顶对他的摩擦力变大      d屋顶对他的摩擦力变小参考答案：ad对警卫在某点受力分析，如下图：将f支、ff进行力的合成，由三角函数关系可得：f支=gcos， ff=gsin，当缓慢向上爬行时，渐渐变小，则f支变大，ff变小故选ad4. 如图所示，在高1.5 m的光滑平台上有一个质量为2 kg的小球被一细线拴在墙上，球与墙之间有一根被压缩的轻质弹簧当烧断细线时

6、，小球被弹出，小球落地时的速度方向与水平方向成60°角，则弹簧被压缩时具有的弹性势能为(g10 m/s2)    （      ）a10 j                               

7、0;     b15 jc20 j                               d25 j 参考答案：a5. 质量为m、电量为e的电子的初速为零，经电压为u的加速电场加速后进入磁感应强度为b的偏转磁场（磁场方向垂直纸面），其运动轨迹如图所示，则

8、a加速电场的场强方向竖直向上b偏转磁场的磁场方向垂直纸面向里c能求出电子经加速电场加速后，开始进入磁场时的动能d能求出电子在磁场中所受的洛伦兹力的大小参考答案：答案：cd二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 地球绕太阳公转的周期为t1，轨道半径为r1，月球绕地球公转的周期为t2，轨道半径为r2，则太阳的质量是地球质量的_倍。参考答案：7. 如图所示，将一定质量的气体密封在烧瓶内，烧瓶通过细玻璃管与注射器和装有水银的u形管连接，最初竖直放置的u形管两臂中的水银柱等高，烧瓶中气体体积为400ml，现用注射器缓慢向烧瓶中注水，稳定后两臂中水银面的高度差为25cm，已知大气压强为75

9、 cmhg柱，不计玻璃管中气体的体积，环境温度不变，求：    共向玻璃管中注入了多大体积的水？    此过程中气体_（填“吸热”或“放热”），气体的内能      （填“增大”、“减小”或“不变”）参考答案：见解析8. 如图所示是两列相干波的干涉图样，实线表示波峰，虚线表示波谷，两列波的振幅都为10cm，波速和波长分别为1m/s和0.2m，c点为ab连线的中点。则图示时刻c点的振动方向_（选填“向上”或“向下”），从图示时刻再经过0.25s时，a点经过的路程为_cm。参考答案：向下，

10、1009. a，b两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同的时间内，它们通过的路程之比是4:3,运动方向改变的角度之比是3:2，则它们（      ）a. 线速度大小之比为3:4b. 角速度大小之比为3:4c. 圆周运动的半径之比为8:9d. 向心加速度大小之比为1:2参考答案：c【详解】a.线速度，a、b通过的路程之比为4：3，时间相等，则线速度之比为4：3，故a错误。b.角速度，运动方向改变的角度等于圆周运动转过的角度，a、b转过的角度之比为3：2，时间相等，则角速度大小之比为3：2，故b错误。c.根据v=r得，圆周运动的半径线速度之比为4：3

11、，角速度之比为3：2，则圆周运动的半径之比为8：9，故c正确。d.根据a=v得，线速度之比为4：3，角速度之比为3：2，则向心加速度之比为2：1，故d错误。10. 12如图所示，a、b为不同金属制成的正方形线框，导线粗细相同， a的边长是b的2倍，a的密度是b的1/2，a的电阻是b的4倍。当它们的下边在同一高度竖直下落，垂直进入如图所示的磁场时，a框恰能匀速下落，那么；（1）b框进入磁场过程将作        运动（填“匀速”“加速”“减速”）；（2）两线框全部进入磁场的过程中，a、b两线框消耗的电能之比为 

12、60;        。参考答案：11. 木块在水平恒定拉力f的作用下，在水平路面上由静止出发前进了距离s，随即撤去f，木块沿原方向前进了2s而停止设木块在全过程中受到的摩擦阻力大小不变，则木块在上述运动全过程中最大的动能等于      。参考答案：    答案：2fs/312. 下图是某同学在做直线运动实验中获得的一条纸带 已知打点计时器电源频率为50hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_； abcd是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个

13、点没有画出o、b两点间的a点不小心被墨水弄脏了看不到从图中读出b、c两点间距sbc=_；若a点与b点之间的距离满足sab=_，根据匀变速直线运动的规律，可以判断a点到d点间的运动为匀变速直线运动，且根据数据可计算出该段位移的加速度a=_(保留两位有效数字)参考答案： 0.02s 0.90cm，0.70cm，5.0m/s2   解析：（1）已知打点计时器电源频率为50hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s（2）由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，b、c两点间的距离s=2.60cm-1.70cm=0.90cm；如果满足 ，则为匀变速直线运动，所以根据x=at2可得：物体

14、的加速度a= =5.0m/s213. (4分)阴极射线是从阴极射线管的阴极发出的高速运动的粒子流，这些微观粒子是若在如图所示的阴极射线管中部加上垂直于纸面向里的磁场，阴极射线将(填“向上”“向下”“向里”“向外”)偏转参考答案：答案：电子，向下三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (8分) 如图所示，有四列简谐波同时沿x轴正方向传播，波速分别是 v、2 v、3 v和 4 v，a、b是x轴上所给定的两点，且abl。在t时刻a、b两点间四列波的波形分别如图所示，则由该时刻起a点出现波峰的先后顺序依次是图      &

15、#160;        ；频率由高到低的先后顺序依次是图               。参考答案：    bdca    dbca15. 如图为一块直角三棱镜，顶角a为30°一束激光沿平行于bc边的方向射向直角边ab，并从ac边射出，出射光线与ac边夹角也为30°则该激光在棱镜中的传播速度为多少？(结果保留

16、两位有效数字)参考答案：1.7×108m/s解：光路图如图：由几何关系得：=a=30°，=90°-30°=60°折射率 激光在棱镜中传播速【点睛】几何光学要正确作出光路图，由几何知识找出入射角和折射角是关键知道光速和折射率的关系.四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，一小球从a点以某一水平向右的初速度出发，沿水平直线轨道运动到b点后，进入半径r=10cm的光滑树枝圆形轨道，圆形轨道间不相互重叠，即小球离开圆形轨道后可继续向c点右侧有一壕沟，c、d两点的竖直高度h=0.8cm，水平距离s=1.2cm，水平轨道ab长为l1

17、=1m，bc长为l2=3m小球与水平轨道间的动摩擦因数u=0.2，重力加速度g=10m/s2，重力加速度g=10m/s2，则：（1）若小球恰能通过圆形轨道的最高点，求小球在a点的初速度？（2）若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不能掉进壕沟，求小球在a点的初速度的范围是多少？参考答案：考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）小球恰能通过圆形轨道的最高点，由重力提供向心力，由牛顿第二定律可求出小球经圆形轨道的最高点时的速度根据动能定理分别研究小球从b点到轨道最高点的过程和ab过程，联立求解小球在a点的初速度（2）若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不能掉进壕沟，

18、有两种情况：第一种情况：小球停在bc间；第二种情况：小球越过壕沟若小球恰好停在c点，由动能定理求出小球的初速度得出第一种情况下小球初速度范围若小球恰好越过壕沟，由平抛运动知识求出小球经过c点的速度，再由动能定理求出初速度，得到初速度范围解答：解：（1）小球恰能通过最高点      由b到最高点         由ab  解得：在a点的初速度va=3m/s  （2）若小球恰好停在c处，对全程进行研究，则有：mg（l+l）=0，解得v=4m/s所以当3m/sv

19、a4m/s时，小球停在bc间若小球恰能越过壕沟时，则有   h=，s=vt，又mg（l+l）=解得，v=5m/s所以当va5m/s，小球越过壕沟答：（1）若小球恰能通过圆形轨道的最高点，小球在a点的初速度是3m/s（2）若小球既能通过圆形轨道的最高点，又不能掉进壕沟，小球在a点的初速度的范围是3m/sva4m/s或va5m/s点评：本题是圆周运动、平抛运动和动能定理的综合应用，注意分析临界状态，把握临界条件是重点17. 如图所示，一小球自平台上水平抛出，恰好落在邻近平台的一倾角为=53°的光滑斜面顶端，并刚好沿光滑斜面下滑，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，

20、重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）小球水平抛出的初速度v0是多少？（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多少？（3）若斜面顶端高h=20.8m，则小球离开平台后经多长时间t到达斜面底端？参考答案：解：（1）由题意可知：小球落到斜面上并沿斜面下滑，说明此时小球速度方向与斜面平行，否则小球会弹起，所以 vy=v0tan 53°且有=2gh，解得 vy=4 m/s，v0=3 m/s（2）由vy=gt1解得 t1=0.4s，所以水平距离 s=v0t1=3×0.4 m=1.2 m（3）对物体受力分析，根据牛顿第二定律可得，小球沿斜面做匀加速直线运动的加速度 a=gsin 53°，初速度为平抛运动的末速度 v=5 m/s则=vt2+a，解得 t2=2s（或t2=s不合题意舍去）所以 t=t1+t2=2.4 s答：（1）小球水平抛出的初速度v0是3 m/s；（2）斜面顶端与平台边缘的水平距离s是1.2 m；（3）若斜面顶端离地高h=20.8m，则小球离开平台后到达斜面底端的时间是2.4s18. 如图所示，水平传送带以v=4ms的速度逆时针转动，两个转轴间的距离l=4m竖直光滑圆