黑龙江省哈尔滨市哈一机高级职业中学2021-2022学年高三物理模拟试卷含解析

1、黑龙江省哈尔滨市哈一机高级职业中学2021-2022学年高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示为一空腔导体周围的电场线分布电场方向如图  箭头所示，m、n、p、q是以o为圆心的一个圈周上的四点其中m、n在一条直线电场线上，p、q在一条曲线电场线上，下列说法正确的有（    ）   a. m点的电场强度比n点的电场强度大     b. p点的电势比q点的电势高   c. m、o间的电势差大于o、n间的电势

2、差  d. 一负电荷在p点的电势能大于在q点的电势能参考答案：b2. 如图所示，竖直放置的条形磁铁中央，有一闭合金属弹性圆环，条形磁铁中心线与弹性环轴线重合，现将弹性圆环均匀向外扩大，下列说法中正确的是（    ）         a穿过弹性圆环的磁通量增大         b从上往下看，弹性圆环中有顺时针方向的感应电流      

3、60;  c弹性圆环中无感应电流         d弹性圆环受到的安培力方向沿半径向外参考答案：b3. （单选）“嫦娥”三号探测器发射到月球上要经过多次变轨，最终降落到月球表面上，其中轨道i为圆形下列说法正确的是（） a 探测器在轨道i运行时的加速度大于月球表面的重力加速度 b 探测器在轨道i经过p点时的加速度小于在轨道经过p时的加速度 c 探测器在轨道i的运行周期大于在轨道的运行周期 d 探测器在p点由轨道i进入轨道必须点火加速参考答案：【考点】： 万有引力定律及其应用【专题】： 万有引力定律的应用专题

4、【分析】： 卫星椭圆轨道的半长轴逐渐减小，根据开普勒第三定律，周期要减小，根据牛顿第二定律判断加速度： 解：a、探测器在轨道i运行时的万有引力小于在月球表面时的万有引力，根据牛顿第二定律，探测器在轨道i运行时的加速度小于月球表面的重力加速度，故a错误；b、根据万有引力提供向心力g=ma知轨道半径相同，则加速度相同，故探测器在轨道i经过p点时的加速度等于在轨道经过p时的加速度，故b错误；c、根据开普勒第三定律，探测器在轨道i的运行周期大于在轨道的运行周期，故c正确；d、探测器在p点由轨道i进入轨道必须点火减速，故d错误；故选：c4. （多选）冰壶比赛场地如图，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷

5、线mn处放手让冰壶滑出设在某次投掷后发现冰壶投掷的初速度v0较小，直接滑行不能使冰壶沿虚线到达尽量靠近圆心o的位置，于是运动员在冰壶到达前用毛刷摩擦冰壶运行前方的冰面，这样可以使冰壶与冰面间的动摩擦因数从减小到某一较小值，设经过这样擦冰，冰壶恰好滑行到圆心o点关于这一运动过程，以下说法正确的是（）a为使本次投掷成功，必须在冰壶滑行路线上的特定区间上擦冰b为使本次投掷成功，可以在冰壶滑行路线上的不同区间上擦冰c擦冰区间越靠近投掷线，冰壶滑行的总时间越短d擦冰区间越远离投掷线，冰壶滑行的总时间越短参考答案：解：a、从发球到o点应用动能定理列出等式可知：，所以可以在冰壶滑行路线上的不同区间上擦冰，只

6、要保证擦冰的距离一定就行故a错误，b正确c、擦冰区间越靠近投掷线，则开始阶段冰壶的平均速度就越大，总的平均速度越大，距离一定，所以时间越短，故c正确，d错误故选bc5. 若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则（   ）a汽车的速度也减小                  b汽车的速度仍在增大c当加速度减小到零时，汽车静止      d当加速度减

7、小到零时，汽车的速度达到最大参考答案：bd二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学用如图所示装置来验证机械能守恒定律将单摆用磁铁悬挂在铁质黑板上的o点，在o点下方将穿在圆环状磁铁的细铁钉同样吸在黑板上的p点，同时在黑板上用粉笔画一条水平线mn，将细线拉直，让非磁性摆球从mn上的a点由静止释放当其摆至另一侧最高点时，观察其位置是否在水平线上，从而验证摆球在此过程中在误差范围内机械能是否守恒（1）为进行多次实验验证，该同学通过调整   ，然后再次重复实验（2）在实验中，该同学发现小球摆至右侧最高点时位置总比水平线mn略低，造成该结果的原因是 &#

8、160;                  （写出一条即可）参考答案：（1）p点的高度；（2）运动过程中受到摩擦阻力【考点】验证机械能守恒定律【分析】小球释放后，只有重力做功，机械能守恒，当碰到钉子后，机械能仍守恒，为多次实验验证，则可改变p点的高度；小球在摆动过程中，因存在摩擦阻力，则摆至右侧最高点时位置总比水平线mn略低【解答】解：（1）由题意可知，由于小球释放后，只有重力做功，机械能守恒，因此只要小球另一侧最高点在同一水

9、平线即可，为了多次进行实验验证，可通过调整p点的高度，再次重复实验；（2）在实验中该同学发现小球摆至右侧最高点时位置总比水平线mn略低，造成该结果的原因可能是受到摩擦阻力，故答案为：（1）p点的高度；（2）运动过程中受到摩擦阻力7. （4分）图a是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测物体的速度。图b中p1、p2是测速仪发出的超声波信号，n1、n2是p1、p2由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描，p1、p2之间的时间间隔t1.0 s，超声波在空气中传播的速度是 v340m/s，若汽车是匀速行驶的，则根据图b可知，汽

10、车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离是                  m，汽车的速度是                   m/s。参考答案：答案：17，17.98. 到2007年底为止，人类到达过的地球以外的星球有

11、60;               ；牛顿有一句名言：“我之所以比别人看得高，是因为我站在巨人的肩上”，请您说说，这些巨人是谁：                           。参考答案：答案：月球、哥白尼，开普勒

12、，伽利略9. 如图所示，一闭合线圈a悬吊在一个通电长螺线管的左侧，如果要使线圈中产生图示方向的感应电流，滑动变阻器的滑片p应向_滑动。要使线圈a保持不动，应给线圈施加一水平向_的外力。  (填向“左"或向“右”)参考答案：左  右    a中产出电流的磁场和螺线管的磁场方向相反，说明螺线管中磁场在增强，进一步说明回路中电流在增强，故划片向左滑动；a与螺线管相排斥，要使其保持不动，施加的外力要向右。10. 如图所示，把电量为2×10-9c的电荷，从电场中的a点移到b点，其电势能_（选填“增大”、“减少”或“不变”）；若a点的电

13、势ua=15v，b点的电势ub=5v，则此过程中克服电场力做的功为_j。参考答案：    答案：增大   4×10-8  11. 如图所示，测定气体分子速率的部分装置放在高真空容器中，a、b是两个圆盘，绕一根共同轴以相同的转速n25r/s匀速转动两盘相距l20cm，盘上各开一很窄的细缝，两盘细缝之间成6°的夹角，圆盘转一周的时间为_s；如果某气体分子恰能垂直通过两个圆盘的细缝，则气体分子的最大速率为_ m/s 参考答案：0.04 ；     30012. 质量为0.2kg的物

14、体以24m/s的初速度竖直上抛，由于空气阻力，经2s达到最高点，设物体运动中所受的空气阻力大小不变，g=10m/s2，则物体上升的高度为    ，物体从最高点落回抛出点的时间为    参考答案：24m， s【考点】竖直上抛运动【分析】物体上升到最高点做匀减速运动，根据平均速度公式即可求得最大高度；先求出阻力的大小，根据牛顿第二定律求出向下运动时的加速度，再根据位移时间公式求解最高点落回抛出点所用的时间【解答】解：物体上升到最高点做匀减速运动，则：h=t=×2=24m；物体向上运动时有：a1=12m/s2解得：f=0.4n；当

15、物体向下运动时有：a2=8m/s2所以h=a2=24m解得：t2=s故答案为：24m， s13. （4分）一带电量为q的小圆环a，可沿着长为2的光滑绝缘固定的细杆在竖直方向运动，小圆环直径远小于。杆的下端固定一质量为m、带电量为q的小球b。平衡时，小圆环a恰好悬于细杆的正中间，如图所示。这时杆对b小球的拉力为_；若取b小球位置重力势能为零，当设法使b小球所带的电瞬间消失，则此后经过时间_a小环的动能恰等于其重力势能。（一切阻力均不计，静电力恒量用k表示）。参考答案：； 三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图所示，质量为m带电量为+q的小球静止于光滑绝缘水平面上，在恒力

16、f作用下，由静止开始从a点出发到b点，然后撤去f，小球冲上放置在竖直平面内半径为r的光滑绝缘圆形轨道，圆形轨道的最低点b与水平面相切，小球恰能沿圆形轨道运动到轨道末端d，并从d点抛出落回到原出发点a处整个装置处于电场强度为e= 的水平向左的匀强电场中，小球落地后不反弹，运动过程中没有空气阻力求：ab之间的距离和力f的大小参考答案：ab之间的距离为r，力f的大小为 mg考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；平抛运动；动能定理的应用专题：带电粒子在电场中的运动专题分析：小球在d点，重力与电场力的合力提供向心力，由牛顿第二定律即可求出d点的速度，小球离开d时，速度的方向与重力、电场力的合力

17、的方向垂直，小球做类平抛运动，将运动分解即可；对小球从a运动到等效最高点d过程，由动能定理可求得小球受到的拉力解答：解：电场力f电=eq=mg  电场力与重力的合力f合= mg，方向与水平方向成45°向左下方，小球恰能到d点，有：f合= 解得：vd= 从d点抛出后，只受重力与电场力，所以合为恒力，小球初速度与合力垂直，小球做类平抛运动，以d为原点沿do方向和与do垂直的方向建立坐标系（如图所示）小球沿x轴方向做匀速运动，x=vdt  沿y轴方向做匀加速运动，y=at2a= = 所形成的轨迹方程为y= 直线ba的方程为：y=x+（ +1）r解得轨迹与ba交点坐标为（

18、 r，r）ab之间的距离lab=r从a点d点电场力做功：w1=（1 ）r?eq  重力做功w2=（1+ ）r?mg；f所做的功w3=f?r有w1+w2+w3=mvd2，有f= mg答：ab之间的距离为r，力f的大小为 mg点评：本题是动能定理和向心力知识的综合应用，分析向心力的来源是解题的关键15. 如图所示，一弹丸从离地高度h=1. 95 m  的a点以=8.0 m/s的初速度水平射出，恰以  平行于斜面的速度射入静止在固定斜面顶端c处  的一木块中，并立即与术块具有相同的速度（此速度大小为弹丸进入术块前一瞬间速度的）共同运动，在斜面下端有一垂直于斜面

19、的挡板，术块与它相碰没有机械能损失，碰后恰能返同c点已知斜面顶端c处离地高h=0.05m，求：(1)a点和c点间的水平距离？(2)木块与斜面间的动摩擦因数?(3)木块从被弹丸击中到再次回到到c点的时间t?参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，一弹丸从离地高度h=195m的a点以v0=80m/s的初速度水平射出，恰以平行于斜面的速度射入静止在固定斜面顶端c处的一木块中，并立即与木块具有相同的速度（此速度大小为弹丸进入木块前一瞬间速度的）共同运动，在斜面下端有一垂直于斜面的挡板，木块与它相碰没有机械能损失，碰后恰能返回c点。已知斜面顶端c处离地高h=015m，求：（1）a

20、点和c点间的水平距离？（2）木块与斜面间的动摩擦因数？ （3）木块从被弹丸击中到再次回到c点的时间t ？参考答案：（1）弹丸从a到c做平抛运动t= s=06sa点到c点的水平距离s = v0t =80×06m =48m                    （3分）（2）弹丸到c的速度方向与水平方向的夹角为tg = = = =      

21、                          （1分）vc=  m/s = 10m/s           （1分）弹丸与塑料块在c点具有的相同速度vc=vc=1m/s    

22、0;          （1分）分析弹丸与塑料块从c点返回到c点的整个过程，根据动能定理有： -mgcos×2×=0mvc2                              

23、60;                           （2分）解得动摩擦因数=0125                    

24、0;              （1分）（3）根据牛顿第二定律，下滑时由 a1=gsin-gcos可得a1=5 m/s2（1分）由= vc t1+a1 t12可解得t1=017s                         （

25、1分）上滑时由 a1=gsin+gcos可得a2=7 m/s2                                           （1分）由=a2t22可解得t2=027s                        &#