高二物理解析.

1、12月月考高二物理试题 选择题（共50分，本大题共10小题，17小题只有一个选项是正确的，810小题有多个选项是正确的，全部选项正确的得5分，部分选对的得3分，有选错的得0分）1一个面积为S4×102 m2的闭合线圈，放在匀强磁场中，磁场的方向垂直线圈平面，磁场的磁感应强度B的大小随时间的变化规律如图所示()A在开始2秒内穿过线圈平面的磁通量变化率等于零B在开始2秒内穿过线圈平面的磁通量变化率等于8×102 Wb/sC02秒和2秒4秒内线圈中产生的感应电流大小相等方向相同D01秒和1秒2秒内线圈中产生的感应电流方向相反【解析】：试题分析：本题考查了法拉第电磁感应定律及楞次定

2、律的应用。由图知斜率表示磁感应强度的变化率。在开始2秒内穿过线圈平面的磁通量变化率t=BSt=21×4×10-2wb/s=8×102Wb/s，故A错误，B正确。01秒内，据楞次定律“增反，减同”知感应电流的磁场为正方向，1秒2秒感应电流的磁场也为正方向，故01秒和1秒2秒内线圈中产生的感应电流方向相同，故D错误。由上面的分析知02秒感应电流的磁场也为正方向，同理得出2秒4秒感应电流的磁场为负方向，故02秒和2秒4秒内线圈中产生的感应电流方向反，大小据E=nt及I=ER知02秒和2秒4秒内线圈中产生的感应电流大小相等，故C错误。故选B。考点：电磁感应2如图所示，同一

3、平面内的三条平行导线串有两个电阻R和r，导体棒PQ与三条导线接触良好；匀强磁场的方向垂直于纸面向里导体棒的电阻可忽略当导体棒向左滑动时，下列说法正确的是( )A流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由b到aB流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由b到aC流过R的电流为由d到c，流过r的电流为由a到bD流过R的电流为由c到d，流过r的电流为由a到b【解析】：试题分析：本题考查了右手定则的理解。当导体棒向左滑动时，由右手定则在导体棒中的电流方向向由P到Q，据电流的流向知流过r的电流为由b到a，流过R的电流为由c到d。故选B。考点：电磁感应中切割类问题3带正电的甲、乙、丙三个粒子(不计重力)分别以

4、速度v甲、v乙、v丙垂直射入电场和磁场相互垂直的复合场中，其轨迹如图所示，则下列说法正确的是()Av甲v乙v丙Bv甲v乙v丙C甲的速度可能变大D丙的速度不一定变大【解析】：试题分析：本题考查了带电粒子在复合场中的运动。由运动的轨迹可知：对甲Eq<Bqv甲 同理对乙、丙Eq=Bqv乙,Eq>Bqv丙 ，由以上三式得v甲v乙v丙。A正确、BCD错误。故选A。考点：粒子在复合场中运动4物理实验中，常用一种叫做“冲击电流计”的仪器测定通过电路的电量如图所示，探测线圈与冲击电流计串联后可用来测定磁场的磁感应强度已知线圈的匝数为n，面积为S，线圈与冲击电流计组成的回路电阻为R.若将线圈放在被测

5、匀强磁场中，开始线圈平面与磁场垂直，现把探测线圈翻转180°，冲击电流计测出通过线圈的电量为q，由上述数据可测出被测磁场的磁感应强度为( )A. B. C. D.【解析】：试题分析：本题考查了法拉第电磁感应定律的应用。据E=nt ， I=ER,I=qt知q=nR,=2BS 解得：B=qR2nS 。故选C。考点：电磁感应与电路5如图所示，图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里abcd是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l . t0时刻，bc边与磁场区域边界重合(如图)现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域取沿abcda的

6、感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线是图中的( )【解析】：试题分析：本题考查了动生电动势及右手定则的应用。梯形线圈以恒定的速度v穿过磁场的过程中，先是bc边切割磁感线，由右手定则可判定，电流方向为adcba，与规定的正方向相反为负，并且在线圈运动过程中，其切割磁感线的有效长度越来越长，所以感应电动势也越来越大.当ad边进入磁场时，由右手定则可判定电流方向为abcda，与正方向相同，在时间轴的上方，且线圈切割磁感线的有效长度仍然是越来越长，感应电动势也越来越大，结合图像，故选B。考点：电磁感应与图象6如图所示电路，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不

7、计，LA、LB是两个相同的灯泡，设实验过程中灯泡均没有损坏，则 （ ）AS闭合瞬间，LA不亮，LB很亮；S断开瞬间，LA、LB立即熄灭BS闭合瞬间，LA很亮，LB逐渐亮；S断开瞬间，LA逐渐熄灭，LB立即熄灭CS闭合瞬间，LA、LB同时亮，然后LA熄灭，LB亮度不变；S断开瞬间，LA亮一下才熄灭，LB立即熄灭；DS闭合瞬间，LA、LB同时亮，然后A逐渐变暗到熄灭，B变得更亮；S断开瞬间，A亮一下才熄灭，B立即熄灭【解析】：试题分析：本题考查了自感现象的理解。闭合S时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，且亮度相同；随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路直

8、到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B变亮，故A、B、C错误。断开S，B立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A灯，A闪亮一下后熄灭，D正确。故选D。考点：自感现象与涡流7一长直铁芯上绕有一固定线圈M，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一闭合金属环N，N可在木质圆柱上无摩擦移动M连接在如图所示的电路中，其中R为滑动变阻器，E1和E2为直流电源，S为单刀双掷开关下列情况中，可观测到N向左运动的是()A在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间B在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间C在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时D在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时【解

9、析】：试题分析：本题考查了楞次定律的理解。此题可从结论即选项去验证题设的方法做。在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间，或S向b闭合的瞬间，磁通量均增加，据楞次定律的相对运动的观点，知N向右，故A、B错误。在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电流减小，磁通量减小，据楞次定律，阻碍磁通量的减小，N向左运动，故C正确。在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电流变大，磁通量增加，据楞次定律，阻碍磁通量的增加，N向右运动，与条件不符，故D错误。故选C。考点：楞次定律8图是质谱仪的工作原理示意图。带电粒子被加速电场加速

10、后，进入速度选择器。速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E。平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2。平板S下方有强度为B0的匀强磁场。下列表述正确的是( )A质谱仪是分析同位素的重要工具B速度选择器中的磁场方向垂直纸面向外C能通过的狭缝P的带电粒子的速率等于E/BD粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的荷质比越小【解析】：试题分析：本题考查了质谱仪的理解。粒子在速度选择器中做匀速直线运动，有qE=qvB，解得v=EB，进入偏转电后，有qvB0= mv2R，解得R=mvB0q=mEqB0B。知r越小，比荷越大同位素电量相等，质量不同，则偏转半径不同，所以

11、质谱仪是分析同位素的重要工具故A、C正确，D错误。粒子在磁场中向左偏转，根据左手定则知该粒子带正电，在速度选择器中，所受的电场力水平向右，则洛伦兹力水平向左，根据左手定则，磁场的方向垂直纸面向外，故B正确。故选ABC。考点：质谱仪和回旋加速器9如图所示，一导线弯成半径为a的半圆形闭合回路。虚线MN右侧有磁感应强度为B的匀强磁场。方向垂直于回路所在的平面。回路以速度v向右匀速进入磁场，直径CD始络与MN垂直。从D点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是( )A感应电流方向不变 BCD段直线始终不受安培力 C感应电动势最大值EBavD感应电动势平均值14Ba【解析】：试题分析：本题考查了

12、法拉第电磁感应定律及楞次定律的理解。在闭合电路进入磁场的过程中，通过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，A正确。根据左手定则可以判断，受安培力向下，B不正确。当半圆闭合回路进入磁场一半时，即这时等效长度最大为a，这时感应电动势最大E=Bav，C正确。感应电动势平均值E=t=Ba222av=14Ba，故D正确。故选ACD。 考点：电磁感应中切割类问题10如图所示，固定在水平绝缘平面上足够长的金属导轨不计电阻，但表面粗糙，导轨左端连接一个电阻R，质量为m的金属棒(电阻也不计)放在导轨上，并与导轨垂直，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，用水平恒力F

13、把ab棒从静止起向右拉动的过程中( )A恒力F做的功等于电路产生的电能B恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能C克服安培力做的功等于电路中产生的电能D恒力F和摩擦力的合力做的功等于电路中产生的电能和棒获得的动能之和【解析】：试题分析：本题考查了电磁感应定律扥应用及功能关系的应用。据功能关系知，恒力F做的功等于电路产生的电能、棒获得的动能及内能之和，故A错误。据克服安培力做功等于电路中产生的动能知C正确。据动能定理知WF+Wf-W安=EK,W安=E焦 得：WF+Wf=EK+E焦 故B错误，D正确。故选CD。考点：电磁感应与电路二实验题（共15分）11(6分)某同学在测量一均匀新材料制成的

14、圆柱体的电阻率时(1)用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为_cm；(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为_mm.【解析】：试题分析：本题考查了游标卡尺和螺旋测微器的读数。(1) 20分度的卡尺的精确度为0.05mm。游标尺的“0”刻度线所对主尺的左侧读数为5cm，游标尺的第5刻度线与主尺对其，游标尺的读数为5×0.05mm=0.25mm=0.025cm ，故读数为5+0.025=5.025cm。 (2)螺旋测微器的主尺4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，故读数4.700mm。考点：力学实验12.(9分)某学习小组用

15、伏安法测量一未知电阻R的阻值，给定器材及规格为：电流表(量程05 mA，内阻约为10 )；电压表(量程为03 V，内阻约为3 k)；最大阻值约为100 的滑动变阻器；电源E(电动势约3 V)；开关S、导线若干(1)由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图(甲)电路试测，读得电压表示数大约为2.5 V，电流表示数大约为5 mA，则未知电阻阻值Rx大约为_；(2)经分析，该电路测量误差较大，需作改进请直接在原图(甲)上改画：在不需要的连线上画“×”表示，补画上需要添加的连线；(3)对改进的电路进行测量，并根据测量数据画出了如图(乙)所示的U­I图象，得Rx_(保留三位有效数字)

16、【解析】：试题分析：本题考查了伏安法测电阻的实验。(1)由欧姆定律R=UI 得，未知电阻的阻值R=2.55×10-3=500 (2)由于待测电阻的阻值远大于电流表的内阻，与电压表的内阻想接近，可知待测电阻为大电阻，因此电流表选用内接法，故实物图如下：(3)在U­I图象中斜率表示电阻，故R=UI=2.4-1.5（4-2.5）×10-3=600 考点：电磁学实验三计算题（共45分）13.(10分)电子自静止开始经M N板间(两板间的电压为U)的电场加速后从A点垂直于磁场边界射入宽度为d的匀强磁场中,电子离开磁场时的位置P偏离入射方向的距离为L,如图所示.求:匀强磁场的

17、磁感应强度B.(已知电子的质量为m,电荷量为e)【解析】：试题分析：本题考查了带电粒子在组合场中运动。带电粒子在电场中加速，电场力做功，据动能定理知：eU=12mv2 以速度v进入匀强磁场做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，画出粒子运动的轨迹如图所示：设半径为r，则Bev=mv2r 由图中的几何关系知：L12L2+d2=L2+d2r  由以上可得：B=2LL2+d22mUe 解决带电粒子在磁场中运动关键是画轨迹、定圆心、找几何关系。考点：粒子在复合场中运动14（10分）两根光滑的长直金属导轨导轨MN、M'N'平行置于同一水平面内，导轨间距为l，电阻不计，M、M'

18、;处接有如图所示的电路，电路中各电阻的阻值均为R，电容器的电容为C。长度也为l、阻值同为R的金属棒ab垂直于导轨放置，导轨处于磁感应强度为B、方向竖直向下的匀强磁场中。ab在外力作用下向右匀速运动且与导轨保持良好接触，在ab运动距离为s的过程中，整个回路中产生的焦耳热为Q。求：ab运动速度v的大小；电容器所带的电荷量q。【解析】：试题分析：本题综合考查了法拉第电磁感应定律与电路结合的应用。ab在外力作用下向右匀速运动设ab上产生的感应电动势为E，回路中电流为I，ab运动距离s所用的时间为t，则有：EBLv I=E4R ， t=st ， QI2(4R)t 由上述方程得：v=4QRB2l2s设电容

19、器并联在电阻R的两端，则有：UIR 电容器所带电荷量为：qCU 解得：q=CQRBls考点：电磁感应与电路15（12分）均匀导线制成的正方形闭合线框abcd，每边长为L，总电阻为R，总质量为m。将其置于磁感强度为B的水平匀强磁场上方h处，如图所示。线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd边始终与水平的磁场边界平行。当cd边刚进入磁场时，（1）求线框中产生的感应电动势大小;（2）求cd两点间的电势差大小;（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h所应满足的条件。【解析】：试题分析：本题考查了法拉第电磁感应定律与电路的综合应用。（1）cd边刚进入磁场时，由自由落体运动的规律知：

20、线框速度v=2gh线框中产生的感应电动势E=BLvBL2gh (2)此时线框中电流 I=ER cd两点间的电势差U=I(34R)= 34Bl2gh (3)线框所受的安培力 F=BIL=B2L22ghR 由于加速度为零，则知mg=F安 解得：下落高度满足 h=m2gR22B4L4 考点：电磁感应中切割类问题16（13分） 两金属杆ab和cd长均为L，电阻均为R，质量分别为M和m，M>m。用两根质量和电阻均可忽略的不可伸长的柔软导线将它们连成闭合回路，并悬挂在水平、光滑、不导电的圆棒两侧。两金属杆都处在水平位置（如图所示）。整个装置处在一与回路平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B。若金属杆ab正好匀速向下运动，求运动速度。【解析】：试题分析：本题考查了法拉第电磁感应定律与牛顿运动定律的综合应用。M与m组成的系统是我们研究的对象。由题它们匀速运动时系统的总动能不变，重力势能减少，减少的重力势能转化为感应电流的电能。假设磁场方向垂直纸面向里，因ab与cd的速度方向相反，所以它们的电动势之和为E=2BLV I=2BLv2R=BLvR 得安培力F=B2L2vR ab匀速直线运动合力为零，有：