2022届高三化学一轮复习实验专题强基练34中和滴定相关计算2(含解析)

1、中和滴定相关计算非选择题（精选15题）1（1）写出氯碱工业电解饱和食盐水的化学方程式：_ （2）已知：2KMnO4 + 16HCl =2KCl+2MnCl2 +5Cl2+8H2O，15.8g KMnO4 与 100mL12mol/L浓盐酸充分反应，固体完全溶解，生成标准状况下氯气的体积为_L，转移的电子数_个，若向反应后的溶液中加入足量的硝酸银，过滤、洗涤、干燥，可得到固体 _mol。（3）将标准状况下 6.72L 的 HCl 溶于水形成 250mL 溶液，取出 10mL 于锥形瓶中，溶质的物质的量浓度为_mol/L，向锥形瓶中滴加 0.5mol/LBa(OH)2溶液，恰好反应，消耗Ba(OH

2、)2的体积为_mL。2某实验小组利用甲酸钠（HCOONa）制备Na2S2O4并测定产品的纯度，实验装置（夹持、加热仪器略）如图将反应液分离提纯得到Na2S2O4产品，取产品mg溶于水，并定容为100mL，取2500mL加入锥形瓶中，加入NaOH溶液及指示剂，用cmol·mol-1的K3Fe(CN)6标准溶液进行滴定4K3Fe(CN)6+2Na2S2O4+8NaOH=3K4Fe(CN)6+4Na2SO3+Na4Fe(CN)6+4H2O，滴定至终点时，消耗标准液VmL。则产品的纯度为_（写出计算式）。3烟道气中的 NO 是主要的大气污染物之一，为了监测其含量，选用如下检测方法：将vL气样

3、通入适量酸化的 H2O2溶液中，恰好使 NO 完全被氧化成NO3，加水稀释至 100.00mL。量取20.00mL该溶液，加入v1mLc1mol·L1FeSO4标准溶液(过量)，充分反应后，用c2 mol·L1 K2Cr2O7标准溶液滴定剩余的Fe2+，终点时消耗 v2mL。回答下列问题：(1)NO被H2O2氧化为NO3的离子方程式为：_。(2)滴定过程中发生下列反应：3Fe2+NO34H+=NO3Fe3+2H2OCr2O726Fe2+14H+=2Cr3+6Fe3+7H2O则气样中NO的物质的量为_mol。(3)下列操作会使 NO 测定结果偏高的是_ A滴定管未用标准液润洗

4、B锥形瓶洗净后还存留少量的水C滴定管滴定前读数正确，滴定后俯视读数DFeSO4标准溶液部分变质4黄铁矾法是硫酸体系中除铁的常用方法，黄铵铁矾是黄铁矾中的一种化学式可表示为(NH4)xFey(SO4)z(OH)w，摩尔质量为480 g·mol1。(1) 除去MnSO4酸性溶液中的Fe2可向溶液中加入MnO2，充分搅拌，然后用氨水调节溶液的pH为13，升温到95 ，静置即可形成黄铵铁矾沉淀。MnO2氧化Fe2的离子方程式为_，静置形成黄铵铁矾过程中溶液的pH_(填“增大”“减小”或“不变”)。(2) 依据下列实验和数据可确定黄铵铁矾的化学式。称取黄铵铁矾2.400 g，加入足量NaOH溶

5、液充分反应后过滤，向滤液中加入足量盐酸酸化的BaCl2溶液，得到沉淀2.330 g。Mim Ristic等曾对黄铵铁矾进行热分解实验，其结果可用下图热重曲线表示(已知：黄铵铁矾在300 前分解释放的物质为H2O，300575 之间只有NH3·H2O放出，此时残留固体只存在Fe、O、S三种元素，670 以上得到的是纯净的红棕色粉末)。根据以上实验及图中数据确定黄铵铁矾的化学式_(写出计算过程)。5臭氧(O3)能与KI溶液反应，生成氧气等。在反应后的溶液中滴入酚酞变为红色。若滴入淀粉则变为蓝色。为测定环境中空气的臭氧含量，将0、1.01×105Pa的空气33.6m3通过KI溶液

6、，使反应完全，在所得溶液中用0.0100mol·L1的Na2S2O3溶液60.0mL恰好滴定达终点，反应为：2Na2S2O3+I2Na2S4O6+2NaI（1）臭氧通入KI溶液中的化学方程式是_，每消耗1molO3，转移_mole-。（2）计算大气中臭氧的体积分数_。（写出计算过程）6二元化合物X呈黑棕色晶体，易潮解，易溶于水、乙醇和乙醚；熔点306，沸点315，400时存在二聚体。将X加热到200以上释放出一种单质气体：取1.2000 g X,加热完全分解为晶体B和气体C;气体C用足量KI溶液吸收，再用0.2500 mol/L Na2S2O3溶液进行滴定，消耗29.59 mL;晶体

7、B可溶于水，所得溶液用0.0500 mol/L的K2Cr2O7溶液进行滴定，消耗24.66 mL。设分解反应转移电子数为n,则X的摩尔质量为_；满足条件的X是_。7国家标准规定酿造食醋总酸含量不得低于3.5g/100mL，为测定某品牌市售醋酸的浓度，用移液管移取25mL，定容至250mL。取25.00mL溶液，用0.2000 molL1 NaOH标准溶液滴定至终点。重复实验，数据如下：序号滴定前读数/mL滴定终点读数/mL10.0019.9822.4022.4031.5421.56已知：常温下，Ka(CH3COOH)=1.8×105，=2.236(1)该市售醋酸的含量为_g/100m

8、L(2)该市售醋酸c(H+)约等于_(保留小数点后一位)8已知某温度下CH3COOH的电离常数K=1.6×10-5。该温度下，向20mL0.01mol·L-1CH3COOH溶液中逐滴加入0.01mol·L-1KOH溶液，其pH变化曲线如图所示(忽略温度变化)。请回答下列有关问题：(已知lg4=0.6)（1）a点溶液中c(H+)为_，pH约为_。（2）a、b、c、d四点中水的电离程度最大的是_点，滴定过程中宜选用_作指示剂，滴定终点在_(填“c点以上”或“c点以下”)。9为测定市售食用白醋的醋酸浓度，室温下取10mL市售白醋样品，稀释并定容至100 mL，取20.0

9、0 mL溶液，滴定至终点时共用去0.1000 mol·L-1NaOH标准溶液16.00ml。（1）计算市售白醋中醋酸浓度为_moLL-1。（2）实验过程中当醋酸与NaOH的物质的量之比为1:1时，溶液中的=求此时溶液的pH=_（已知室温下醋酸的Ka=1.8×10-5）。10现有氢氧化钡和硫酸钡的混合物 20 g。为测定硫酸钡的质量分数，将混合物放于烧杯中，加水使固体不再溶解，再加入几滴酚酞溶液，慢慢地加入溶质质量分数为 14.6%的稀硫酸并充分搅拌，当加入稀硫酸为 10 g 时，溶液颜色褪去。请完成下列问题：(1)请求出硫酸钡在混合物中的质量分数_。(计算结果保留小数点后两

10、位，下同)(2)分析实验数据，请画出加入稀硫酸过程中，沉淀质量对应的变化图，并标注必要的数值_。11硫代硫酸钠晶体(Na2S2O3·5H2O，M=248g/mol)可用作定影剂、还原剂。回答下列问题：利用K2Cr2O7标准溶液定量测定硫代硫酸钠的纯度。测定步骤如下：（1）溶液配制：称取1.2000g某硫代硫酸钠晶体样品，用新煮沸并冷却的蒸馏水在_中溶解，完全溶解后，全部转移至100mL的_中，加蒸馏水至_。（2）滴定取0.00950mol/L的K2Cr2O7标准溶液20.00mL，硫酸酸化后加入过量KI，发生反应：+6I-+14H+=3I2+2Cr3+7H2O。然后用硫代硫酸钠样品溶

11、液滴定至淡黄绿色，发生反应： I2+=+2I-。加入淀粉溶液作为指示剂，继续滴定，当溶液_，即为终点。平行滴定3次，样品溶液的平均用量为24.80mL，则样品纯度为_%（保留1位小数）。12碘是一种人体必需的微量元素，国家标准规定合格加碘食盐(主要含有KI和KIO3)中碘元素含量为2050 mg/kg，测定加碘食盐中碘元素含量的操作过程如下。步骤1：准确称取某加碘食盐样品100.0 g，溶于水配制成500.00 mL溶液。步骤2：取步骤1所配溶液50. 00 mL加入碘量瓶中，向其中加入适量H2C2O4-H3PO4混合溶液。再加入NaClO溶液

12、将碘元素全部转化为，剩余的NaClO被H2C2O4还原除去。步骤3:向步骤2所得溶液中加入足量的KI溶液，充分反应。步骤4：用3.000×10-3 mol /L Na2S2O3标准溶液滴定步骤3所得溶液至呈浅黄色时，加入淀粉溶液,继续滴定至终点，消耗Na2S2O3标准溶液10. 00 mL已知：2Na2S2O3+I2= Na2S4O6+2NaI(1)步骤2中NaClO与KI反应的离子方程式为_。(2)步骤4中，Na2S2O3标准溶液(呈碱性)，应盛放在如图所示的滴定管_中(填“A"或“B")。滴定终点的现象是_。(3)通过计

13、算确定该加碘食盐样品中碘元素含最是否合格(写出计算过程)_。13将一定量Cl2通入100 mL 5.00 mol·L1 NaOH溶液中，恰好完全反应，生成NaCl、NaClO和NaClO3。移取该溶液10.0 mL稀释到100 mL，再取稀释液10.0 mL，用醋酸酸化后，加入过量KI溶液充分反应，将NaClO还原。以淀粉为指示剂，用0.100 mol·L1的Na2S2O3溶液滴定析出的I2，消耗20.0 mL时溶液蓝色褪去；再用硫酸将滴定后的溶液调至强酸性，继续滴定此时析出的I2，消耗30.0 mL时达到滴定终点。已知：I22Na2S2O3Na2S4O62NaI。(忽略反

14、应过程中溶液体积变化)请计算：(1)通入氯气的物质的量为_mol。(2)通入氯气后的溶液中NaCl的物质的量浓度为_mol·L1。14高锰酸钾纯度的测定：称取1.080 0 g样品，溶解后定容于100 mL容量瓶中，摇匀。取浓度为0.2000 mol·L1的H2C2O4标准溶液20.00 mL，加入稀硫酸酸化，用KMnO4溶液平行滴定三次，平均消耗的体积为24.48 mL，该样品的纯度为_(列出计算式即可，已知2MnO5H2C2O46H=2Mn210CO28H2O)。15为测定人体血液中Ca2+的含量，设计了如下方案：(1)生成CaC2O4沉淀的离子方程式为_。(2)H2S

15、O4酸化的KMnO4溶液与H2C2O4反应的化学方程式为：2KMnO4+5 H2C2O4+3H2SO4=K2SO4+2MnSO4+10CO2+8H2O当血液样品为15.00 mL时，与H2C2O4反应消耗 0.0010 mol·L-1 KMnO4溶液的体积为15.00 mL，则该血液样品中的Ca2+的物质的量浓度是多少_？ ( 写出计算过程)参考答案12NaCl + 2H2O 2NaOH + H2 + Cl25.60.5NA0.71.212【解析】【分析】(1)电解饱和食盐水生成NaOH、Cl2和H2；(2)根据n=计算KMnO4的物质的量，根据方程式计算生成氯气的物质的量，再计算氯

16、气的体积和转移的电子的物质的量；根据氯原子守恒计算反应后溶液中n(Cl-)，根据氯离子守恒可知n(AgCl)=n(Cl-)；(3)标准状况下 6.72L 的 HCl的物质的量为=0.3mol，根据c=计算溶液的物质量浓度，再结合溶液是均一的及中和反应的实质计算滴定时消耗Ba(OH)2的体积。【详解】(1)电解饱和食盐水生成NaOH、Cl2和H2，发生反应的化学方程式为2NaCl + 2H2O2NaOH + H2+ Cl2；(2)15.8g高锰酸钾的物质的量为：=0.1mol，浓盐酸的物质的量为0.1L×12mol/L=1.2mol，则:2KMnO4+16HCl=2KCl+2MnCl+

17、5Cl2+8H2O2mol  16mol    5mol0.1mol  0.8mol    0.25mol这说明反应中浓盐酸是过量的，因此生成的氯气在标准状况下的体积为0.25mol×22.4L/mol=5.6L；反应中Cl元素化合价从-1价升高为0价，则反应中转移电子的数目为0.25mol×2×NA=0.5NA；根据氯原子守恒可知，溶液中氯离子的物质的量=1.2mol-0.5mol=0.7mol，则根据氯原子守恒可知生成的氯化银的物质的量是0.7mol；(3)标准

18、状况下 6.72L 的 HCl的物质的量为=0.3mol，则溶液的物质量浓度c=1.2mol/L，溶液是均一、稳定的混合物，取出10mL的盐酸溶液的物质的量浓度仍为1.2mol/L；锥形瓶中滴加 0.5mol/LBa(OH)2溶液，恰好反应时，设消耗Ba(OH)2的体积VmL，则1.2mol/L×10×10-3L=0.5mol/L×2×V×10-3L，解得：V=12mL。2 ×100%【分析】根据滴定反应原理结合化学方程式计算。【详解】由反应的化学方程式可得关系式“2K3Fe(CN)6Na2S2O4”，因此25.00mL样品溶液中所含

19、，因此mg产品中所含，故所得产品的纯度为。32NO+3H2O22H+2NO3-+2H2O （c1v1-6c2v2）×10-3mol CD 【分析】(1)NO被H2O2氧化为NO3-，N元素的化合价升高，过氧化氢中O元素的化合价降低；(2)由反应结合电子守恒可知存在Cr2O72-6Fe2+2NO3-，以此计算；(3)A滴定管未用标准液润洗，导致消耗K2Cr2O7标准溶液体积增大，使测定剩余亚铁离子偏高；B锥形瓶洗净后还存留少量的水，对整个测定结果无影响；C滴定管滴定前读数正确，滴定后俯视读数，导致消耗K2Cr2O7标准溶液体积减小，使测定剩余亚铁离子偏低；DFeSO4标准溶液部分变质，

20、会导致测定剩余亚铁离子偏低。【详解】(1)NO被H2O2氧化为NO3-的离子方程式是2NO+3H2O22H+2NO3-+2H2O；(2)n(Cr2O72-)=c2v2×10-3mol，由Cr2O72-6Fe2+可知过量的Fe2+为6c2v2×10-3mol，则与量取的20.00mL溶液中NO3-反应的Fe2+为c1v1×10-3mol-6c2v2×10-3mol=(c1v1-6c2v2)×10-3mol，由3Fe2+NO3-可知100.00mL原溶液中NO3-为×(c1v1-6c2v2)×10-3mol×(c1v1

21、-6c2v2)×10-3mol，根据氮元素守恒：n(NO2)=n(NO3-)=(c1v1-6c2v2)×10-3mol；(4)A滴定管未用标准液润洗，导致消耗K2Cr2O7标准溶液体积增大，使测定剩余亚铁离子偏高，测定含N量偏低，则使NOx含量测定结果偏低，故A错误；B锥形瓶洗净后还存留少量的水，对整个测定结果无影响，故B错误；C滴定管滴定前读数正确，滴定后俯视读数，导致消耗K2Cr2O7标准溶液体积减小，使测定剩余亚铁离子偏低，由3Fe2+NO3-+4H+=NO+3Fe3+2H2O中测定含N量偏高，则使NOx含量测定结果偏高，故C正确；DFeSO4标准溶液部分变质，会导致

22、测定剩余亚铁离子偏低，3Fe2+NO3-+4H+=NO+3Fe3+2H2O中测定含N量偏高，则使NOx含量测定结果偏高，故D正确；故答案为：CD。4MnO24H2Fe2=Mn22Fe32H2O 减小由z =2y318 g·mol1×x56 g·mol1×396 g·mol1×217 g·mol1×w480 g·mol1由化合价代数和为0x×(1)3×(3)2×(2)w×(1)0解得：x1，w6或，减少的必为NH3和H2O，即每480 g黄铵铁矾受热分解，此阶段中释放

23、1 mol NH3和0.5 mol H2O，推得x1由电荷守恒：x3y2zw，w6化学式为NH4Fe3(SO4)2(OH)6【详解】(1) MnO2氧化Fe2生成Fe3和Mn2，离子方程式为 MnO24H2Fe2=Mn22Fe32H2O，静置形成黄铵铁矾过程中消耗OH-，溶液的pH减小；(2) 由z =2y318 g·mol1×x56 g·mol1×396 g·mol1×217 g·mol1×w480 g·mol1由化合价代数和为0x×(1)3×(3)2×(2)w×

24、(1)0解得：x1，w6或，减少的必为NH3和H2O，即每480 g黄铵铁矾受热分解，此阶段中释放1 mol NH3和0.5 mol H2O，推得x1由电荷守恒：x3y2zw，w6化学式为NH4Fe3(SO4)2(OH)6【点睛】本题以“确定黄铵铁矾的化学式”为背景，考查了氧化还原离子方程式的书写及有关计算，难点（2）确定黄铵铁矾的化学式相关计算，注意电荷守恒原理在计算中的运用。52KI+O3+H2O=2KOH+O2+I2 2 2.00×105% 【分析】（1）臭氧(O3)通入KI溶液中，生成氧气，在反应后的溶液中滴入酚酞变为红色，则另一产物为KOH，从而写出反应的方程式；每消耗1m

25、olO3，只有1molO原子得电子，由0价降低为-2价，从而得出转移电子的物质的量。（2）利用两个化学方程式，可以建立以下关系式：O3I22Na2S2O3，代入数据，便可求出结果。【详解】（1）臭氧(O3)通入KI溶液中，生成氧气、KOH和H2O，由此得出反应的方程式2KI+O3+H2O=2KOH+O2+I2；每消耗1molO3，只有1molO原子得电子，由0价降低为-2价，从而得出转移电子的物质的量为2mol。答案为：2KI+O3+H2O=2KOH+O2+I2；2；（2）利用两个化学方程式，可以建立以下关系式：O3I22Na2S2O3设O3的物质的量为x，则：x=3×10-4mol

26、，大气中臭氧的体积分数为=2.00×105%。答案为：2.00×105%。【点睛】在分析本题时，切莫忽视“生成氧气”，如果我们忽视了这一点，而认为O3被I-还原为OH-，则将导致三个空全错的悲惨结局。6162.5 g/mol FeCl3【分析】由X的物理性质知X易升华，是分子晶体。加热分解时发生氧化还原反应，气体C用足量KI溶液吸收，再用0.2500 mol/L Na2S2O3溶液进行滴定，晶体B的溶液用0.0500 mol/L的K2Cr2O7溶液进行滴定，两个过程电子转移量相等。X的质量是两元素质量之和，两种元素物质的量之比等于化学式中原子个数之比。【详解】气体C用足量K

27、I溶液吸收，再用0.2500 mol/L Na2S2O3溶液进行滴定，反应时C中元素化合价降低，KI被氧化为I2，I2再被Na2S2O3还原为I-，符合此条件的单质为氯气，所以X中含氯元素；X分解得到B，所得溶液用0.0500 mol/L的K2Cr2O7溶液滴定，Cr元素被还原，B中元素被氧化，溶液中有变价的金属元素是铁元素，所以X中含铁元素，X中含铁、氯两种元素。由电子守恒得关系式：6Fe2+ K2Cr2O7， n(Fe2+)=6n(K2Cr2O7)=624.66 mL3L/ml，m(Fe2+)= n(Fe2+)，n(Cl-)=m (Cl-)/M (Cl-)=1.2- m(Fe)/ M (C

28、l-)，n(Fe): n(Cl)=1:3，所以X化学式为FeCl3，所以摩尔质量为162.5 g/mol，故答案为162.5 g/mol ；FeCl3。79.6 5.4×103【分析】先求出25mL醋酸溶液中醋酸的物质的量，再求出100mL醋酸溶液中醋酸的物质的量，再求含量，根据电离平衡常数求出氢离子浓度。【详解】(1)第一次消耗的体积为19.98mL，第二次消耗的体积为20.00mL，第三次消耗的体积为20.02mL，三次的平均值为20.00mL，则25mL溶液中醋酸的物质的量n(CH3COOH)= n(NaOH)=0.02L×0.2000molL1×10=0.

29、04mol，则100mL醋酸溶液中物质的量为0.04mol×4=0.16mol，100mL溶液中醋酸的质量0.16mol×60gmol1=9.6g，因此该市售醋酸的含义为9.6g/100mL；故答案为：9.6。(2)该市售醋酸100mL醋酸溶液中物质的量为0.04mol×4=0.16mol，醋酸的浓度为，则，；故答案为：5.4×103。84×10-4mol·L-1 3.4 c 酚酞 c点以上【分析】结合电离平衡和电离平衡常数计算；温度一定时，水遇酸或碱的溶液电离程度降低，遇易水解的阴、阳离子电离程度增大。【详解】(1)a点为0.01m

30、ol·L-1CH3COOH溶液，溶液中存在CH3COOHCH3COO-+H+，电离平衡常数K=，其中，则c(H+)=mol/L=4×10-4mol/L，此时溶液pH=4-lg4=3.4；(2)酸或碱抑制水电离，a和b点溶液都呈酸性，CH3COOH明显过量，抑制水的电离能力大，c点呈中性，此时溶液中CH3COOH浓度明显小于a和b点，水的电离程度较大，而d点明显KOH过量，抑制水的电离，则a、b、c、d四点中水的电离程度最大的是c点，滴定终点是恰好生成CH3COOK，溶液呈碱性，则应选择酚酞试液指示反应终点，且滴定终点在c点以上。【点睛】本题考查酸碱中和滴定图像的分析，重点考

31、查水的电离程度判断，明确酸或碱抑制水的电离，易水解的盐促进水的电离，再结合滴定过程中溶液中溶质的成分和浓度即可比较。90.800 8 【详解】(1)设醋酸的浓度为c(CH3COOH)，醋酸与氢氧化钠等物质的量反应，所以有c(CH3COOH)×10 mL÷100 mL×20 mL= 0.1000 mol·L-1×16.00mL，c(CH3COOH)= 0.800 moLL-1；(2)由Ka=有c(H+)=1.8×10-5×=10-8moLL-1，所以pH=-=8。1087.25% 【分析】硫酸不能和硫酸钡反应，能和氢氧化钡反应

32、生成硫酸钡和水，根据反应的化学方程式及其提供数据可以进行相关方面的计算。【详解】设氢氧化钡质量为x，生成的硫酸钡质量为y，解得x=2.55g，y=3.47g；（1）硫酸钡在混合物中的质量分数为；故答案为：87.25%；（2）原混合物中硫酸钡为20-2.55=17.45g，即硫酸刚加入时沉淀的质量为17.45g，加入10g稀硫酸，又生成了3.47g硫酸钡，此时沉淀的质量为17.45g+3.47g=20.92g，作图如下：，答案为：。11烧杯容量瓶刻度蓝色褪去 95.0 【分析】硫代硫酸钠是一种强碱弱酸盐，具有还原性；根据溶液的配制方法配制一定浓度的溶液；根据滴定反应之间的计量关系，计算样品中硫代

33、硫酸钠的含量并计算纯度。【详解】(1)配制Na2S2O3溶液时，需先将称量好的样品在烧杯中溶解，冷却后将溶液转移到容量瓶中，最后定容，加水至溶液凹液面的最低处与容量瓶的刻度线相切，故答案为：烧杯、容量瓶、刻度；(2)淀粉遇碘显蓝色，用Na2S2O3溶液滴定含有淀粉的碘溶液当碘恰好完全反应时，溶液蓝色褪去，利用题给离子方程式可得关系式：6，设所配样品溶液中c(Na2S2O3)为x mol/L，由题意得：0.00950mol/L×0.0200L×6=0.0248L×x mol/L，将x代入下式可得样品中Na2S2O3·5H2O的纯度为×100%=9

34、5%，故答案为：蓝色褪去、95。123ClO-+I-=IO3-+3Cl- B 最后一滴Na2S2O3标准溶液滴入碘量瓶，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内不变色不合格【分析】(1) NaClO溶液将碘元素全部转化为，同时生成氯离子；(2)根据物质的性质，选择合适的滴定管；判断滴定终点：最后一滴Na2S2O3标准溶液滴入碘量瓶，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内不变色；(3)与I-完全反应，方程式有+I-+6H+=3I2+3H2O，结合2Na2S2O3+I2= Na2S4O6+2NaI，所以关系式为：3I26Na2S2O3，进行计算。【详解】(1) NaClO溶液将碘元素全部转化为，同时生成氯离子，离子

35、方程式为：3ClO-+I-=IO3-+3Cl-，故答案为：3ClO-+I-=IO3-+3Cl-；(2) Na2S2O3标准溶液(呈碱性)，滴定时，合适的滴定管为碱式滴定管；淀粉遇碘单质变蓝，判断滴定终点：最后一滴Na2S2O3标准溶液滴入碘量瓶，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内不变色，故答案为：B；最后一滴Na2S2O3标准溶液滴入碘量瓶，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内不变色；(3)与I-完全反应，方程式有+I-+6H+=3I2+3H2O，结合2Na2S2O3+I2= Na2S4O6+2NaI，所以关系式为：3I26Na2S2O3，n()=5.000×10-6mol，则该加碘食盐中碘元素的含量为=63.5 mg/kg，不在2050mg/kg范围内，因此该加碘食盐中碘元素的含量不符合国家标准，故答案为：不合格。【点睛】本题难点(3)，多个方程式的计算题，要先确定各个反应的方程式，再根据方程式找出其关系式，进行求算，达到快速解题。130.250 3.50 【分析】Cl2通入NaOH溶液中恰好完全反应，生成NaCl、NaClO和NaClO3，发生反应：Cl2+2NaOH=NaCl+NaClO+H2O，3Cl2 +6NaOH=5NaCl+NaClO3+3H2O，反应后的溶液用醋酸酸化后，加入过量KI溶液充分反应，发生的离子反应为：ClO-+2I-+2H+=I2+Cl-