2019版二轮优化探究生物苏版练习第五单元第1讲基因的分离定律Word版含解析

1、2019版二轮优化探究生物（苏版）练习：第五单元第1讲基因的分离定律Word版含解析 【一】选择题 1(2019·甘肃天水段考)以下有关遗传定律的说法，正确的选项是( ) A、受精时雌雄配子结合的机会是不均等的 B、测交实验对推理过程中提出的假说进行了验证 C、基因型为Aa的个体自交，后代一定出现3种基因型和2种表现型 D、基因型为Dd的个体产生雌雄配子的比例为11 解析：受精时雌雄配子结合的机会是均等的，A错误；测交实验对推理过程中提出的假说进行了验证，B正确；基因型为Aa的个体自交，相对性状为完全显性且产生的后代个体均存活且数量较大时，后代可出现3种基因型和2种表现型，C错误；基

2、因型为Dd的个体产生的雌配子中Dd11，雄配子中Dd11，但雌雄配子的比例不是11，D错误。 答案：B 2(2019·河北廊坊监测)在孟德尔进行的一对相对性状的遗传实验中，具有11比例的是( ) F1产生配子的分离比 F2性状分离比 F1测交后代性状分离比 亲本杂交后代性状分离比 F2测交后代性状分离比 A、 B、 C、 D、 解析：孟德尔的一对相对性状的遗传实验中，具有11比例的是：F1产生不同类型配子的比例、F1测交后代性状分离比。F2性状分离比是31，亲本杂交后代均为显性性状，该实验中并未对F2进行测交。 答案：D 3将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植；另将具有一对相对性

3、状的纯种玉米个体间行种植。具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是( ) A、豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体 B、豌豆和玉米的显性和隐性比例都是31 C、豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性 D、玉米都为隐性个体，豌豆既有显性又有隐性 解析：豌豆是严格的闭花受粉植物，只能自交，所以隐性植株上所产生的F1均为隐性个体，而玉米既可以自交也可以杂交，所以隐性植株上产生的F1既有显性又有隐性，C正确。 答案：C 4假设某对相对性状由一对等位基因控制，后代个体足够多，那么以下对应关系错误的选项是( )A全为隐性个均为隐性B 全为显性个体 至少有一个是隐性纯C 显性个体隐性个体11 一方为杂合子，一方为

4、隐性纯合子 D 显性个体隐性个体31 均为杂合子 解析：假设该对基因用A、a表示。选项A，假设后代全为隐性个体，那么亲本均为隐性纯合子，基因型组合为aa×aa。选项B，假设后代全为显性个体，那么亲本中至少有一个是显性纯合子，基因型组合为AA×_。选项C，假设后代表现为显性个体隐性个体11，那么亲本一方为杂合子，一方为隐性纯合子，基因型组合为Aa×aa。选项D，假设后代表现为显性个体隐性个体31，那么双亲均为杂合子，基因型组合为Aa×Aa。 答案：B 5如果猫的尾形中弯曲对正常为显性，现有两只尾形弯曲的猫交配，以下对后代中尾形及其数量的判断正确的选项是(

5、) A、如果后代中有尾形正常的猫，那么尾形正常的猫在后代中的比例可能大于50% B、如果后代中有尾形正常的猫，那么尾形正常的猫在后代中的比例最多不超过25% C、如果后代中有尾形正常的猫，那么尾形正常的猫在后代中的比例最多不超过50% D、如果后代中有尾形正常的猫，那么尾形正常的猫在后代中的比例最多不超过75% 解析：弯曲对正常为显性，两只尾形弯曲的猫交配，如果后代有尾形正常的猫，说明亲本均为杂合子，所以后代中可能有尾形正常的猫，也可能有尾形弯曲的猫，理论比为弯曲正常31，但题中只是两只交配，子代数量比较少，故后代也有可能均是尾形正常的猫或尾形弯曲的猫。A正确。 答案：A 6将具有1对等位基因

6、的杂合体，逐代自交3次，在F3代中，杂合子的比例为( ) A.1 8 B.716 C.78 D.14 解析：假设等位基因为A和a，Aa自交一次子代Aa所占比例为1 2，AA和aa比例都是14。只有Aa自交子代才会出现Aa，故后代中，杂合子的比例为12×121 4。F3代中，杂合子的比例为12×12×1218，A正确。 答案：A 7(2019·广东中山段考)在调查某小麦种群时发现T(抗锈病)对t(易感染)为显性，在自然情况下该小麦种群可以自由交配，据统计其基因型频率TT为40%，Tt为40%，tt为20%，后来该小麦种群突然大面积感染锈病，致使易感染小麦在

7、开花之前全部死亡。计算该小麦在感染锈病之前与感染锈病且开花之后基因T的频率分别是( ) A、50%和50% B、50%和60% C、60%和75% D、60%和80% 解析：由题意知，感染锈病之前，该种群中TT40%，Tt40%，tt20%，T的基因频率为40%40%÷260%；感染锈病且开花之后，tt全部死亡，TTTt11，即TT50%，Tt50%，此时基因T的频率为50%50%÷275%。 答案：C 8豌豆花的位置分为叶腋和茎顶两种，分别受T和t基因控制。种植基因型为TT和Tt的豌豆，两者数量之比是21。两种类型的豌豆繁殖率相同，那么在自然状态下，其子代中基因型为TT、

8、Tt、tt的数量之比为( ) A、763 B、921 C、721 D、25101 解析：由于两者数量比例为21，那么TT占2/3，Tt占1/3。TT自交后代都是TT，占2/3；Tt自交后代基因型有三种：1/4TT、1/2Tt、1/4tt，那么后代群体中TT2/31/3×1/49/12、Tt1/3×1/22/12、tt1/3×1/41/12，因此子代中基因型为TT、Tt、tt的豌豆数量比为921。 答案：B 【二】非选择题 9(2019·江西赣州模拟)羊的毛色有白色和黑色之分。假设现有两只白色羊交配生下了5只小羊，其中1只黑色，4只白色。请根据你所学的遗传

9、知识分析回答以下问题： (1)两只白色羊产下1只黑色小羊，这种现象在遗传学上叫作_。 (2)由题干可推知，羊的黑色和白色哪种是显性性状？_。 (3)如果用A和a分别表示控制羊毛色的显性基因和隐性基因，那么上述两只白色羊的基因组成依次为_，其产下的黑色小羊的基因是_。 (4)基因组成为Aa的雌羊产生的卵细胞可能是图中的_(填序号)。 解析：(1)变异是指生物亲代与子代、子代与子代之间在性状上的差异。两只白色羊，产下一只黑色羊，说明了亲子代之间在性状上的差异性，属于变异现象。(2)在一对相对性状的遗传过程中，子代个体出现了亲代没有的性状，那么亲代个体表现的性状是显性性状，新出现的性状一定是隐性性状

10、，由一对隐性基因控制；两只白色羊交配产下了一只黑色羊，说明羊的白色是显性性状，黑色是隐性性状。(3)如果用A和a表示控制羊毛色的显性基因和隐性基因，那么黑色羊的基因组成是aa，这对基因是由亲代双方各自提供一个，即一个来自父方，一个来自母方。两只亲代黑色羊的基因组成都是Aa。(4)在生物的体细胞中，染色体是成对存在的，基因也是成对存在的，分别位于成对的染色体上；在形成生殖细胞的过程中，成对的染色体分开，每对染色体中的一条进入精子或卵细胞中，基因也随着染色体的分离而进入不同的生殖细胞中。因此基因组成为Aa的雌羊产生的卵细胞含有的基因可能为A或a。 答案：(1)变异 (2)白色 (3)Aa、Aa a

11、a (4)或 10牛(XY型，XX为雌性、XY为雄性)的有角和无角是一对相对性状，黑毛和棕毛是另一对相对性状，两对性状分别受一对等位基因控制。回答以下问题： (1)控制牛的有角(HA)和无角(HB)的等位基因位于常染色体上，公牛体内HA对HB为显性，母牛体内HB对HA为显性。 有角公牛和有角母牛的基因型分别为_、_。 现有多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F1中公牛的表现型及比例为_，母牛的表现型及比例为_。假设用F1中的无角公牛和无角母牛自由交配，那么F2中有角牛所占的比例为_。 (2)M与m这对完全显性的等位基因分别控制牛的黑毛和棕毛，如果牛毛色对应的基因型有5种，那么该对基因位于_

12、(填X染色体或常染色体)上；如果多对纯合黑毛母牛与纯合棕毛公牛交配，子一代均表现为黑毛，子一代雌雄个体间随机交配，子二代的性状分离比为31，那么由此_(填能或不能)推出该对基因一定位于常染色体上；要检测有角黑毛公牛的基因型，可让该公牛与_交配，如子代中均有角且母牛均为黑毛，公牛均为棕毛，那么该有角黑毛公牛的基因型为_。 解析：(1)由题意知，控制牛的有角(HA)和无角(HB)的等位基因位于常染色体上，公牛体内HA对HB为显性，母牛体内HB对HA为显性，因此公牛中，有角基因型是HAHA、HAHB，无角基因型是HBHB；母牛中，无角基因型是HBHB、HAHB，有角基因型是HAHA。杂合的有角公牛的

13、基因型是HAHB，杂合无角母牛的基因型是HAHB，二者杂交后的基因型及比例是HAHAHAHBHBHB121，在公牛中，HAHA、HAHB表现为有角，HBHB表现为无角，在母牛中，HBHB、HAHB表现为无角，HAHA表现为有角，因此F1中公牛的表现型及比例为有角无角31，母牛的表现型及比例为有角无角13。F1中的无角公牛的基因型是HBHB，无角母牛的基因型是HBHB、HAHB，前者占13，后者占23，用F1中的无角公牛和无角母牛自由交配，后代的基因型及比例是HBHBHAHB21，只有基因型为HAHB的公牛表现为有角，那么F2中有角牛所占 的概率为16。(2)由分析可知，如果牛毛色对应的基因型有

14、5种，那么控制毛色的基因位于X染色体上；如果多对纯合黑毛母牛与纯合棕毛公牛交配，子一代均表现为黑毛，子一代雌雄个体间随机交配，子二代的性状分离比为31，不能判断基因位于常染色体上，还是X染色体上，应该对子二代雌性个体和雄性个体中的性状进行统计，观察在雌雄个体间的比例是否相同进行判断；有角黑毛公牛的基因型为HAHAXMY或HAHBXMY，让该公牛与多只有角棕毛母牛交配，观察子代的表现型，由于有角棕毛母牛的基因型是HAHAXmXm，因此如果子代中均有角且母牛均为黑毛、公牛均为棕毛，那么该有角黑毛公牛的基因型为HAHAXMY。 答案：(1)HAHA、HAHB HAHA 有角无角31 有角无角13 1

15、6 (2)X染色体 不能 多只有角棕毛母牛 HAHAXMY 11(2019·高考江苏卷)人类某遗传病受一对基因(T、t)控制。3个复等位基因IA、IB、i控制ABO血型，位于另一对染色体上。A血型的基因型有IAIA、IAi，B血型的基因型有IBIB、IBi，AB血型的基因型为IAIB，O血型的基因型为ii。两个家系成员的性状表现如图，3和5均为AB血型，4和6均为O血型。请回答以下问题： (1)该遗传病的遗传方式为_。2基因型为Tt的概率为_。 (2)5个体有_种可能的血型。1为Tt且表现A血型的概率为_。 (3)如果1与2婚配，那么后代为O血型、AB血型的概率分别为_、_。 (4)

16、假设1与2生育一个正常女孩，可推测女孩为B血型的概率为_。假设该女孩真为B血型，那么携带致病基因的概率为_。 解析：(1)由1、2正常而1患病，可知该病为常染色体隐性遗传病。1、2的基因型均为Tt，那么2的基因型为1/3TT、2/3Tt。(2)因5为AB血型，基因型为IAIB，那么5至少含IA与IB之一，故可能为A血型(IAIA、IAi)、B血型(IBIB、IBi)、AB血型(IAIB)，共3种。1、2的基因型均为Tt，3的基因型是1/3TT、2/3Tt，产生的配子为2/3T、1/3t。3的基因型为tt，那么4的基因型是Tt，产生的配子为1/2T、1/2t，那么1为Tt的概率是(2/3

17、5;1/2 1/3×1/2)/(12/3×1/4)3/5。3的血型(AB型)的基因型是IAIB、4的血型(O型)的基因型是ii，那么1为A血型的概率是1/2，故1为Tt且表现A血型的概率为3/5×1/23/10。(3)由题干信息可推知，1和2的基因型都是1/2IAi、1/2IBi，产生的配子都是1/4IA、1/4IB、1/2i，那么他们生出O血型ii孩子的概率是1/2×1/21/4，生出AB血型孩子的概率是1/4×1/4×21/8。(4)1和2生育正常女孩为B血型的概率，等同于1和2生出B血型孩子的概率，由第(3)问可知，1和2产生的

18、配子都是1/4IA、1/4IB、1/2i，那么1和2生出B血型孩子的概率为1/4×1/42×1/4×1/25/16。该正常女孩携带致病基因的概率与该女孩是否为B血型无关，由第(2)问可知1的基因型是3/5Tt、2/5 TT(产生的配子为7/10T、3/10t)，2的基因型是1/3TT、2/3Tt(产生的配子为2/3T、1/3t)，那么他们生育的正常女孩携带致病基因的概率与生育正常孩子携带致病基因的概率相同，即(7/10×1/33/10×2/3 )/(13/10×1/3)13/27。 答案：(1)常染色体隐性 2/3 (2)3 3/10

19、 (3)1/4 1/8 (4)5/16 13/27 12(2019·河北唐山模拟)黄瓜是雌雄同株异花的二倍体植物，果皮颜色(绿色和黄色)受一对等位基因控制。为了判断这对相对性状的显隐性关系，甲乙两同学分别从某种群中随机选取两个个体进行杂交实验，请回答： (1)甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型。请问是否一定能判断显隐性？_，为什么？_。 (2)乙同学做了两个实验，实验一：绿色果皮植株自交；实验二：上述绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型。 假设实验一后代有性状分离，即可判断_为显性。 假设实验一后代没有性状分离，那么需通过实验

20、二进行判断。 假设实验二后代 _，那么绿色为显性； 假设实验二后代_，那么黄色为显性。 解析：(1)具有一对相对性状的纯合亲本杂交，子代表现出的亲本性状为显性性状，子代未表现出的亲本性状为隐性性状。甲同学选取绿果皮植株与黄果皮植株进行正交与反交，观察F1的表现型，不能判断出该对性状的显隐性关系，因为当显性亲本为杂合子时，后代的表现型均为绿色和黄色。(2)杂合子自交，后代会出现性状分离现象，那么出现的新性状类型为隐性性状，亲本具有的性状为显性性状。根据题意，实验一绿色果皮植株自交，假设后代有性状分离，即可判断绿色果皮为显性性状。假设实验一后代没有性状分离，那么说明亲本的绿色果皮植株是纯合子，既可能是显性纯合子也可能是隐性纯合子，那么需通过实验二进行判断，即用实验一中的绿色果皮植株做父本、黄色果皮植株做母本进行杂交，观察F1的表现型；假设实验二后代全部为绿