【专项习题】北京中考物理电功率专项测试题(含答案)

1、【专项习题】北京中考物理电功率专项测试题（含答案）一、选择题1 .具有防雾除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换。图是模拟加热原理图，其中测试电源的电压为10V,四段电热丝电阻均为卜列说法正确的是（A.开关旋至“1档，开启化霜功能C.化霜与防雾电路的总功率之差为15W【答案】C【解析】【解答】由图知道，当开关旋至b.开启防雾功能，电路总电阻为5 aD.从防雾到除露，电路总电流变化1A“1档时，两条电阻丝串联接入电路，此时电路总电阻最大为 2R=2X10a=20R由用知道，此时电功率最小，开启防雾功能，AB不符合题意；此时电路中的电流是：P1=UI1=10V

2、X 0.5A=5Vy 当开关旋至U ，肉次一%口 =0.5A ；此时电路的总功率是：“潴时，一条电阻丝单独接入电路，电阻较大（大于并联时的总电阻），电路消耗的功率较小，此时为除露功能；此时电路中的电流是:=1A;从防雾到除露，电路总电流变化量是:I2-I1=1A-0.5A=0.5A, D 不符合题意；当开关旋至 “猾时，两条电阻丝并联接入电路，总电阻最小，总功率最大，此时为,电路的总电流是：化霜功能，电路的总电阻是：=2 万口 =2A;此时总功率是：P3=UI3=10VX 2A=20W化霜与防雾电路的总功率之差是：P3-P1=20W-5W=15W, C 符合题意。故答案为：C用知道对应的状【分

3、析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式，由 态，再逐项进行计算即可2 .如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,由此可知（）AA.电源电压为7VB. R的阻值为20 aC.电路消耗的最小功率为 1.2WD.滑片P在b端时，10秒内Ri产生的热量为12J【答案】C【解析】【解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由 闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由 0.2A变为

4、0.3A, "可知，R?两端电压为4V, ac两端电压Uac=3V,当滑动变阻器的滑片P在b端时，电流I=0.2A,当滑片 P由b端移到某点c时，电流I=0.3A,设电源电压为U,则”一用-"二式裁X品-部解得R=i0Q, U=6V, AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片 P在b端时，Ri与R2串联，由P=UI可得， 电路消耗的最小功率P=UI=6V< 0.2A=1.2皿C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联电路的电压特点可得，R两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V, 10秒内 R产生的热量 Q=W=U1lt=2V X 0.2A X 10S=4杯符合题意。故答

5、案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出R1的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻值最大，利用 P=UI可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得R1两端电压，再利用 Q=W=UIt可求得R产生的热量.3.灯L1标有“8V16W，灯L2标有“12V36W，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串联后接在电压为 U的电路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压 U的 最大值是（）A. 14 伏B. 16 伏iC 18 伏D. 20 伏【答案】B【解析】【解答】由 P=UI知道，两灯泡的额定电流

6、分别是：I1 =P1/U1=16W/8V=2A, I2=P2/U2=36W/12V=3A ,由 I=U/R 知道两灯泡的电阻分别是：R1 =U1/11=8V/2A=4 Q, R2 =U2/I2=12V/3A=4Q,因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过 两灯泡的最大电流I=I1 =2A,又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端允许加的最大电压是：U=I （ R1 +R2） =2AX （4 +4 Q =16V,故答案为：Bo【分析】两灯泡串联时电路中的最大电流为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可

7、4.如图甲所示，是某型号电压力锅简化的工作电路图.R0是阻值为484 的保温电阻，Ri是规格为“220V800W的主加热电阻，R2是副加热电阻.电压力锅煮饭分为加热升压一保压一保温”三个阶段，通过如图乙所示的锅内工作压强与时间“（P-t） ”关系图象可了解其工作过程：接通电源，启动智能控制开关 S, S自动接到a,同时S自动闭合，电压力锅进 入加热升压状态；当车内工作压强达80kPa时，Si自动断开，进入保压状态，当锅内工作压强BI至60kPa时，Si又会自动闭合；当保压状态结束，饭就熟了，S自动接到b,减压进入保温状态.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态共耗电0.25kW?h,下列说法

8、正确的是（）二 b q 15 IS i.nm甲乙A.电压力锅是对大气压强的应用B当锅内工作压强为 40kPa时，电压力锅处于升压状态C.电压力锅煮饭时，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间是 18min D.电压力锅正常工作时的最大电流是 5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理，而不是利用了大气压的原理，A不符合题意；B.由图乙可知，当锅内工作压强为40kPa时，电压力锅可能处于升压状态，也可能处于保温状态，B不符合题意；C.由图乙可知，在正常加热升压和保压状态Ri的工作时间分别为 06min, 912min,15 18min ,即

9、Ri的工作时间t1=12min=0.2h , C不符合题意；D. R2的工作时间t2=18min=0.3h ,在正常加热升压和保压状态消耗的电能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,两加热电阻 同时工作时电路电流最大，则总功率P=P+P2=800W+300W=1100W , p nm 由P=UI可得，I=万 ?泅=5A, D符合题意.故答案为：D.【分析】高压锅煮饭熟得快是利用密闭液体的沸点随气压的增大而升高的原理；在正常加 热升压和保压状态消耗的电能，正确分析电路是解题的关键5 估测是一门技巧，准确的

10、估测可起到事半功倍的效果下列物理量估测合理的是（ ）A.教室中门的高度大约是10dmB中学生登上一层楼所做的功大约是1500JC.家用电器电饭煲的功率约为50WD奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h 【答案】B【解析】 【解答】解：A、老师的身高在 170cm左右，教室门的高度略大于此数值，在 200cm=20dm左右.故 A 不符合实际；B、中学生的体重在 G=500N左右，一层楼高在 h=3m左右，中学生登上一层楼所做的功大 约是 W=Gh=500N3m=1500J .故B符合实际；C、电水壶的额定功率在1500W 左右，家用电饭煲的额定功率与此差不多，在 1500W 左右.故C不符

11、合实际；D、奥运会上男子百米速度略大于10m/s=10 x 3.6km/h=36km/h.故D不符合实际.故选 B【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项6 下列估测值最接近生活实际的是（ ）A. 人骑自行车的平均速度约为 0.5m/sB. 中学生的质量约为200kgC. 初中物理课本的宽度约为 18cmD. 日光灯正常工作的电功率约为 1000W【答案】 C【解析】【解答】解：A、人步行的速度在1.1m/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，A不符合实际；B、中学生的质量在 50kg左右，B不符合实际；C、初中物理课本的宽度约为18cm

12、, C符合实际；D、日光灯正常工作的电功率在40W左右，D不符合实际。故答案为： C。【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算.7 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，电路中保持不变的是（ ）S,当滑动变阻器的滑片 P向右移动*1（0）115*A.用电器消耗的总功率B.电压表V的示数与电流表 A的示数的比值C.电流表A的示数与电流表 Ai的示数的差值 D.电压表V的示数与电流表 Ai的示数的乘积 【答案】D【解析】【解答】由电路

13、图知道，Ri与2并联，电流表Ai测R的电流，电流表 A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动 变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符合题意；由图知道，电压表 V的示数与电流表 A的示数的比值等于 电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过Ri的电流不变，即电流表 Ai示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使 通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表 A

14、i的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表Ai示数不变，所以电压表 V的示数与电流表 Ai的示数的乘积不变，D符合题意， 故答案为：Do【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的滑片P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进 行分析即可.8.如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“44样，电流表的量程为 00. 6A图乙是 小灯泡的电流随其电压变化的图象。滑动变阻器Ri的最大阻值为20 定值电阻R2的阻值为10a.当闭合S和S2,断开Si,滑片移到中点时，小灯泡l恰好

15、正常发光，则下列说法正确 的是（）甲乙A.电源电压为5VB.闭合S和S2,断开Si,滑片移到中点时，用一个“4V0 5W的灯泡L替换L,则将正常发光C.闭合S和S2,断开Si,当小灯泡的功率为 0. 8W时,滑动变阻器的阻值是 i7. 5QD.闭合S和Si,断开S2,为保证电路安全，电阻R2的最大功率为8. 1W 【答案】C4V时电流为0.5A,那么电源电压【解析】【解答】A.根据乙图可知，小灯泡的额定电压为为：U总=UL+U 变=4V+0.5A xx 20 a =9或 A 错误；B. “4V0.5W”灯泡电阻为:;原来灯泡的电阻RL=h4¥二 80当闭合S和S2 ,断开Si ,滑片

16、移到中点时，变阻器的阻值不变，而灯泡电阻变大，那么它两端的电压肯定大于 4V,因此它不能正常发光，故 B错误；C.当闭合S和S2 ,断开S ,根据乙图可知，当灯泡的功率为0.8W时，灯泡的电压为2V,电流为 0.4A;那么变阻器的电压为：U变=U总-UL=9V-2V=7V,变阻器的电阻为：8变7V篌二一17.50及仇必，故C正确；D.闭合S和S,断开 金 ,变阻器和 R2串联，当变阻器的阻值为0时，电流为：图 9VL - - 0 9A危 100,而电流表的量程是 0.6A,因此通过电阻R2的最大电流为0.6A;它的最大电功率为：P2=|22R2= (0.6A) 2X 100=3.6W故D错误。

17、故选C。【分析】(1)根据乙图得到灯泡正常发光时电压和；当闭合S和Q ,断开S1 ,滑片移到中点时，变阻器与灯泡串联，根据公式U总=UL+U变计算电源电压；(2)在串联电路中，电压的分配与电阻成正比，判断替换灯泡后的电压是否为4V即可；(3)根据乙图判断灯泡功率为0.8W时灯泡的电压和电流，然后根据欧姆定律计算变阻器的阻值；(4)闭合S和S1,断开白，变阻器和R2串联，计算变阻器阻值为 0时的电流与电流表的 量程比较，从而确定电阻 R2的最大电流，最后根据公式 P=bR计算即可。9.有两只灯泡L1、L2 ,分别标有“220V100W和“220V(40W的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列

18、说法中正确的是(A.两灯正常发光时，L1的电阻较大B.两灯并联接入C.两灯串联接入D.两灯串联接入【答案】C220V的电路,220V的电路,220V的电路,L1、L2消耗功率之比是2:5L1消耗的功率小于25W两灯泡消耗总功率大于40W小于100W【解析】【解答】解：(1)由P=UI二斤可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为:疗(220V)(2即万Rj = 484Qf R2 =-=PiimP2 4郎则R1<R2,即L1的电阻较小，A不符合题意；(2)两灯并联接入 220V的电路，它们两端 的电压等于 220V,均能正常发光，则 L1、L2消耗功率之比 P1: P2=100W: 40W=5:

19、2, B不符合题意；（3）两灯串联接入 220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之 和，U冽 10所以，电路中的电流 1 一万二一正一拓法=7砺3 一 牙,I ，西 川；TPi I7& 二 iV * 484。= 8. 2 < 258心消耗的功率77, C符合题意；10 +上一 P = UI = 220Y X F 28.谕Y 4邠«匚两灯泡消耗总功率/, D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据 P=UI=4求出两灯泡正常发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出Li、L2消耗功率之比；两灯串联接入220

20、V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=2R求出Li消耗的功率，根据 P=UI求出两灯泡消耗总功率.10.小龙家上月初电能表示数为,电能表的部分参数及上月末的示数如图所示，表盘上 “3200imp/（kW?h） ”表示每消耗1kW?h的电能，指示灯闪烁 3200次，下列选 项正确的是（）A.小龙家上月消耗的电能为680kW?hB.小龙家同时使用的用电器总功率不可超过2200WC.指示灯闪烁的次数越多，电能表所在电路接入的用电器总功率越大D.断开其它用电器，只让阻值是100a的电热棒单独工作 3min,指示灯闪烁 64次，此时小龙家的实际电压是 200V【答案】D【解

21、析】【解答】解：A、电能表的读数时，最后一位是小数，单位704.3kW?h=68kW?h ,故 A 错；B、小龙家同时使用的用电器最大总功率kW?h,小龙家上月消耗的电能为772.3kW?hP=UI=220V X 20A=4400W B错;C、电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢，而指示灯闪烁的次数多表示，电能表所在 电路消耗的电能多，总功率不一定大，故C错；D、电能表上的指示灯闪烁了 64次消耗的电能:64W=3M kW?h=0.02kW?h ；a 02 h电热棒的电功率： P= t = 初 =0.4kW=400W.由p= 71得实际电压：U= = =200V X 1=200 =200V,

22、故 D 正确.故选D.【分析】（1）电能表的读数方法： 月末的减去月初的示数； 最后一位是小数； 单 位kW?h;求出本月消耗的电能；（2） 10 （20） A, 10A是指电能表的标定电流， 20A是指 电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小龙家同时使用的用电器最大总功率；（3）电能表指示灯闪烁的快慢反映了做功的快慢；（4） 3200imp/ （kW?h）表示每消耗a1kW?h的电能，指示灯闪烁 3200次，从而可求闪烁 64次消耗的电能；根据公式P= F求出甘电热棒的电功率，再利用P=求实际电压.11.下列估计值中，最接近实际的是（）A.人正常步行时的速度约为5m/s B.住宅

23、楼每层楼白高度约为3mC. 一本物理书的质量约为 30g“D.一盏家用节能灯的功率约为1kW【答案】B【解析】【解答】解：1A、人正常步行的速度在 4km/h=4 X*亡；m/s = 1.1m/s左右.故 A不符合实际；B、住宅楼三层的高度在10m左右，一层楼的高度一般在3m左右.故B符合实际；C、一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在 300g左右.故 C不符合实际；D、教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右.故D不符合实际.故选B.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进 行

24、相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.12.如图，是某煤气泄漏检测装置的简化电路，其中电源电压保持不变，R0为定值电阻,R为气体传感器电阻，其阻值随煤气浓度的增大而减小，闭合开关，下列说法中正确的是甲AtA.煤气密度增大时, B.煤气密度增大时, C.煤气密度减小时, D.煤气浓度减小时,【答案】C电流表的示数将变小电压表的示数将变小电路消耗的电功率将变小电压表与电流表示数的比值略变大 【解析】【解答】解：（1）当煤气密度增大时，气体传感器电阻变小，电路中的总电阻变小，U.I= i：,，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故 A不正确;,.U=IR,.定值电

25、阻R0两端的电压变大，故 B不正确；2）当煤气密度减小时，气体传感器电阻变大，电路中的总电阻变大，U,.,i= R,电路中的电流变小，.p=ui,且电源的电压保持不变，电路消耗的电功率将变小，故C正确；电压表与电流表示数的比值等于定值电阻R0的阻值，电压表与电流表示数的比值不变，故D不正确.故选C.【分析】根据题意得出煤气密度变化时气体传感器电阻的变化，电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电流表示数的变化和电压表示数的变化，根据P=UI可知电路消耗电功率的变化，利用欧姆定律可知电压表与电流表示数比值的变化.S,当滑动变阻器的滑片P向左滑13 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关动时，

26、下列判断正确的是（）A.电压表匕'示数变小B.电压表总示数不变C.灯泡L的亮度不变D.电压表 门与电流表A示数比值变小【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡 L与滑动变阻器 R串联，电压表 Vi测电源两端的电压，电压表 V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表 Vi示数不变，A不符合题意；当滑动变阻器的片 P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大,则电压表Vi与电流表A示数比值变小，D符合题意；变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，R两端分得的电压变小，即电

27、压表V2示数变小，B不符合题意；电源电压不变，R两端分得的电压变小，则灯泡L两端的电压变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，C不符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清依据的连接方式，根据电源的电压可知滑片移动时电压表Vi示L数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律i=|7可知电路中电流的变化，然后得出电压表 Vi与电流表A示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知R和L两端分得的电压变化，根据 P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化.14 .小王在一次家庭探究活动中，在作业本上做了如下5条记录： 电饭

28、煲铭牌上标有“220V 800W, 50Hz”等字样；使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体；电视机上安装的动圈式扬声器，其运作原理是电磁感应； 床头灯的开关是串联在电路上的；体温计的刻度范围通常是3542 C,分度值为 i C .你认为小王的记录完全正确的是()A. 【答案】CB.C.D.【解析】【解答】解：电饭煲铭牌上标的 220V是电饭煲的额定电压、800W是电饭煲的额定功率、50Hz是所接交流电的频率，故 正确；使用试电笔时，笔尖接触电线， 手接触笔尾的金属体，故 正确； 动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力 运动，故错；开关和所控制的用电器是串联的，故 正确；体温计的刻度范围通

29、 常是3542C ,分度值为0.1 C ,故错.故选C.【分析】利用下列知识分析判断：（1）用电器铭牌上标有：额定电压、额定功率、交流电的频率；（2）使用试电笔时，笔尖接触电线，手接触笔尾的金属体，若试电笔的窟管发光，则笔尖接触的是火线；（3）动圈式扬声器的工作原理：通电线圈在磁场中受力运动；动圈式话筒的工作原理：电磁感应；（4）开关和所控制的用电器是串联的，家用电器之间是并联的；（5）体温计的刻度范围通常是3542C,分度值为0.1 C.）B遥控器的干电池电压约为220VD电扇正常工作1h耗电约为1KW?h15 .关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AC

30、.空调制冷时的功率约为 10W【答案】A40W ,正常工作电流约为1='B、遥控器的干电池电压约为1.5V,故B不符合【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为=0.18A 0.1A相差不大，故 A符合实际；实际；C、空调制冷时白功率约为 1000W,故C不符合实际；D、电扇的额定功率为 100W,正常工作1h耗电约为 W=Pt=0.1KWX 1h=0.11KW?h故D不 符合实际.故选A.【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识和必要 的计算去判断题目的对错.16 .如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通

31、电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧 U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4: 1【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多， 气体压强大，即左侧

32、 U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可 知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 I右=Ii+l2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2 ,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由 Q= I2Rt可知，左边容器中的电 阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合

33、题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据 温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.17 .图甲是小灯泡的电压-电流图象.将此灯泡L与滑动变阻器 R串联在电压为4.5V的电路中（如图乙），闭合开关，移动滑片 P,当小灯泡的功率为 0.75W时，（）

34、C.电路消耗的总功率为1.35WB.滑动变阻器R接入电路中的电阻为mD. 10s内滑动变阻器R产生的热量为15a13.5J【解析】【解答】解:A、当小灯泡的功率为 0.75W时，根据图甲可知，灯泡 L两端的电压为 2.5V,通过灯泡的 电流为I=0.3A,即电流表的示数为 0.3A,故A错误；B、根据串联电路电压的规律，变阻器两端的电压：U 滑=U- Ul=4.5V 2.5V=2V, L由I=彳可得，滑动变阻器 R接入电路中的电阻：图 尹R滑=/ 次出6.7 故B错误；C、电路消耗的总功率：P 总=U I=4.5V X0.3A=1.35）W：C 正确；D、变阻器 R在10s产生的热量： Q=W it=U滑It=2V X0.3AX1Q s=6JD错误. 故选C.【分析】A、根据图甲，由 P=UI确定当小灯泡的功率为0.75W 时，