(物理)初中物理功和机械能技巧和方法完整版及练习题及解析

1、（物理）初中物理功和机械能技巧和方法完整版及练习题及解析一、功和机械能选择题1.下面说法中正确的是A.从P=W/t可知，功率跟功成正比，所以只要做功多，功率就大B.功率跟时间成反比，所以只要时间短，功率就大C.甲每小时做的功比乙每小时做的功多，甲的功率比乙的功率大D.功率大的机器比功率小的机器做功多【答案】C【解析】【详解】WAB、从公式 可知功率的大小与做功的多少和做功的时间有关，大小等于做的功与时 间的比，故A、B错误，WC、甲每小时做的功比乙每小时做的功多，根据知知，甲的功率比乙的功率大，故 C正确；D、根据-P，知，做功多少与功率与做功时间都有关系，只知道功率，不能说做的功就 多，故D

2、错误；故选C.2.水平课桌桌面上的文具盒在水平方向的拉力作用下，沿拉力的方向移动一段距离，则下 列判断正确的是A.文具盒所受重力做了功B.文具盒所受拉力做了功C.文具盒所受支持力做了功D.没有力对文具盒做功【答案】B【解析】试题分析：由题知，文具盒在水平桌面上运动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力 不做功；在支持力的方向上没有移动距离，所以支持力不做功；在拉力的方向上移动了距 离，所以拉力做功（B正确）.故选B.考点：力是否做功的判断.点评：明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠 惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直.3.如图所示，在粗糙程度相同的地面上

3、，手推木块向右压缩弹簧；释放木块，木块沿水平 地面向左运动；离开弹簧后，木块运动到某一位置停下.下列说法中正确的是A.木块在弹簧恢复原状过程中，所受弹力变大B.木块离开弹簧后，受到的滑动摩擦力变大C.木块离开弹簧后能继续运动，是因为它有惯性D.弹簧恢复原状过程中，弹性势能变大【答案】C【解析】【详解】A.木块向左运动过程中，弹簧变长，弹簧的形变逐渐减小，弹力逐渐变小，故A错误;B,木块离开弹簧后，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，摩擦力就是不变的，方向向左，故 B错误；C.木块离开弹簧后，不再受弹簧弹力的作用由于惯性可以继续前进，故 C正确；D.恢复原状时，弹性形变不断减小，弹性势

4、能减小，故 D错误.AR AC以相同的速W、W,拉力做功的4.如图所示，用沿斜面向上不同的力，将同一物体分别沿光滑的斜面度大小从底端匀速拉到顶点 A,己知AB>AC,如果拉力做的功分别为 功率分别为Pi、P2。则：。A. W>W, Pi>P2；B. W> W, P1VP2;C. W=W, PVP2；D. W=W, Pi=P2。【答案】C【解析】【详解】根据题意知道，斜面光滑说明摩擦力为0,所以，使用任何机械都不省功，故拉力在两斜面上做功相同，即 Wi =W2,又因为AB>AC,且速度相同，由 v=s/t知道，运动时间是ti>t2；由P=W/t知道，拉力沿 A

5、C运动时拉力做功的功率较大，即 Pi <P2,综上所述，只 有C正确，故选Co5 .如图所示的四幅图片是生活和生产中的场景，对其能量变化的描述，正确的是A.货物被举高后内能增加了B.列车进站速度减小后内能增加C.握力计被握扁后其弹性势能减小飞机升空后高度增加内能变大D.【答案】BA、货物被举高后，重力势能增加了，但内能不会改变，故 A错误；B、列车速度减小，质量不变，所以列车的动能减小，在刹车减速过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增加，故 B正确；C、握力计发生形变后弹性势能增加，故 C错误；D、飞机升空后，高度增大，所以其重力势能增加，但内能不会改变，故 D错误.故选B.【点

6、睛】注意分清楚内能与机械能是完全不同的两种形式的能，内能是分子动能与分子势能的和， 而机械能是宏观物体的动能与势能的和，两种形式的能之间没有关系.6 .古代战争中，军队用投石车投出巨石攻击城墙，在巨石被投出到击中城墙的过程中，下 列说法正确的是A.巨石在上升过程中动能不断增大B.巨石在最高点时动能为零C.巨石在下降过程中动能转化为重力势能D.巨石在下降过程中重力势能不断减小【答案】D【解析】A错误；B、巨石在最tWj点时A、巨石运动过程中，上升阶段，速度减小，动能减小；故仍保持一定的速度运动，动能不为零；故 B错误；CD、巨石下落过程速度增大，动能增大，高度减小，重力势能减小，重力势能转化为动

7、能；故C错误，D正确.故选D.7 .如图所示，在粗糙程度相同的水平面上，手推木块向右压缩轻质弹簧至图甲所示位置,松手后，木块最终停止在图乙所示位置。下列说法正确的是（）A.弹簧被压缩过程中，长度变短，弹簧的弹性势能减小8 .木块被弹簧弹离后的瞬间，如果它受到的力全部消失，木块将立即停止不动C.木块从被弹簧弹离至停止前的过程中，速度减小，縻擦力不变D.图乙中，木块受到的支持力和木块对水平面的压力是一对平衡力【答案】CA.弹簧被压缩过程中，长度变短，形变变大，所以弹簧的弹性势能增大，故 A错误;B.木块被弹簧弹离的瞬间具有一定的速度，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，木块将做匀速直线运动

8、；故 B错误；C.木块从被弹簧弹离至最终静止的过程中，木块对水平地面的压力和接触面的粗糙程度没有变，所以摩擦力的大小是不变的，故 C正确；D.木块受到的支持力和木块对水平面的压力作用在不同物体上，是相互作用力，不是 对平衡力，故D错误。8 .甲升降机比乙升降机的机械效率高，它们分别把相同质量的物体匀速提升相同的高 度.则（）A.乙升降机提升重物做的有用功较多B.甲升降机的电动机做的额外功较多C.甲升降机的电动机做的总功较少D.乙升降机的电动机做的总功较少【答案】C【解析】【详解】A.提升物体质量和高度相同说明甲、乙升降机做的有用功相等，故A错误；BCD.既然甲机械效率高，则说明甲做的额外功少，

9、总功也就少，故BD错误，C正确.s)9 .两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程（时间（t）图象如图，根据图象，下列判断正确的是（）B.两次物体所受的拉力：Fi>F2C. 0-8s两次拉力对物体做功的功率：PKP2D. 0-8s两次拉力对物体所做的功：Wi=2W2【答案】D【解析】【详解】A.由图象知道，在相同时间内，物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，即vi >V2,故A错误；B.由图象知道，两次物体都做匀速直线运动，即物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力， 大小相等；又因为是同一物体，在同一水平面上运动，故对水平面的压力和接触面的粗糙 程度均相

10、同，所以，两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等；即两次物体所受的拉力相 等，大小是Fi =F2 =f,故B错误；CD.由图象知道，08s物体第一次通过的路程为 0.8m,第二次通过的路程为 0.4m,又知 两次拉力相等，由 W=Fs知道，两次拉力对物体所做的功满足：Wi =2W2 ；W -、由P 1知道，08s两次拉力对物体做功的功率是：Pi >P2 ,故C错误，D正确。10. 一位父亲与他5岁的儿子磊磊一起上楼回家，对此，下列说法中错误的是A.爬相同的楼梯，儿子体重小做的功少B.爬相同的楼梯，父亲体重大做的功多C.爬相同的楼梯，儿子比父亲先到达，儿子的功率一定大D.爬相同的楼梯，父亲比

11、儿子先到达，父亲的功率一定大【答案】C【解析】(1)因为父亲的体重大小儿子的体重，两人上楼的高度相同，根据公式W=Gh可知，父亲做的功多，故AB正确.(2)爬相同的楼梯，儿子比父亲先到达，儿子做功比父亲少，儿子又比父亲用时间短，根W据公式P=一t可知，不能判断儿子的功率一定大，故 C错误.（3）爬相同的楼梯，父亲比儿子先到达，父亲比儿子做功多，时间又短，根据公式c WP=t可知，父亲的功率一定大，故D正确.故选C.11. 一辆汽车在平直公路上沿直线向前行驶，途中经过一段泥泞路面，如果汽车发动机的功率始终保持不变，则汽车行驶路程s随时间t的变化关系可能是（）【答案】D【解析】【详解】汽车发动机的

12、功率始终保持不变，途中经过一段泥泞路面，由于泥泞路面摩擦阻力增大, 则汽车的牵引力也随之增大，根据P Fv可知，汽车的速度变小；速度变小，则相同时间内通过的距离变小。A图，始终为匀速直线运动，不正确；B图，中间一段，在相同时间内通过的距离更远，不正确；C图，中间一段，随时间的变化，路程出现减小的情况，不正确；D图，中间一段，在相同时间内通过的距离变小了，说明速度减小了，正确；故选D。12. 如图所示，用完全相同的四个滑轮和两根相同的细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端施加大小分别为 Fi和F2的拉力，将相同的重物缓慢提升相同的高度（不计绳重和 一切摩擦）.下列说法正确的是（）A.拉力Fi小

13、于拉力F2B.甲、乙两滑轮组的机械效率相同C.甲、乙两滑轮组中的动滑轮都是费力机械D.甲、乙两滑轮组中绳子自由端移动的距离相等【答案】B【解析】【详解】不计绳重及摩擦，因为拉力F=-n（G物+G动），ni=2, n2=3,所以绳端的拉力:F1= (G 物21+G 动），F2 =（G物+G动），所以Fi>F2,故A错误;因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同,W额=G动h, W有用二G物h,所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功相同；因为生理,所以两滑轮组的机械效率相同，故B正确；使用动滑轮能够省力，动滑轮为省力杠杆，故C错误;因为绳子自由端移动的距离s=nh,n1=2, n2

14、=3,提升物体的高度 h相同，所以S1=2h,S2=3h ,则 si W2,故 D 错误;13.如图，用滑轮组提升重物时，重 力F为500N,则提升重物的过程中800N的物体在10s内匀速上升了 1m.已知拉绳子的A.绳子自由端被拉下 3mC.拉力F的功率是80W11【答案】B【解析】【详解】有用功是采用任何方法都必须做的功,有用功是 W有=800NX1m=800J,B.做的有用功是 800JD.滑轮组的机械效率是 60%是我们想要达到的目的,拉力 F 的功率是 P=W/t= （500NX 2m） /10s=100W,重物由二根绳承担，移动距离是2m,滑轮组的机械效率是，ri=Wt/W总 =8

15、00J/1000J=80%.选项 B 正确14 .如姿同学在整理物理笔记时，有如下四句话其中错误的是A.成年人步行速度约为 1m/sB. 一个中学生体重约为450NC.用手托起两个鸡蛋的力约为0.1kg H D.功和能的单位都是焦耳【答案】C【解析】根据常识知道，人步行的速度一般在1.1m/s左右，故A正确，不符题意；中学生的质量一般在100斤即50kg左右，所以一个中学生体重约是：G=mg=50kgX10N/kg=500N，故B正确，不符题意；一个鸡蛋的质量约是50g (0.05kg),所以，其重力约为G=mg=0.05kg 10N/kg=0.5N ,即托起两个鸡蛋的力大约为1N,故C错误，

16、符合题意；功和能量的单位都是焦耳，故 D正确，不符题意，故选 C.15 .如图所示，规格完全相同的滑轮，用相同的绳子绕成甲、乙两个滑轮组，分别提起重 为Gi和G2的两个物体，不计摩擦与绳重，比较它们的省力情况和机械效率，下列说法正确的是A.若Gi=G2,则FivF2,甲的机械效率高B.若Gi=G2,则Fi>F2,乙的机械效率高C.若GKG2,则FKF2,甲、乙的机械效率相同D.若GivG2,则FkF2,乙的机械效率高【答案】D【解析】【详解】A.由于滑轮组相同，并且不计摩擦则额外功相等 ，若Gi=G2,则有用功也相同，所以机械效11II率相等，故A错误；B.甲图n=3,Fi=*Gi,乙图

17、n=2,F2=G2,若Gi=G2,则Fi<F2,提升相同的II重物，其机械效率与绳子的绕法无关，即机械效率相同；故 B错误；C.甲图n=3,Fi=Gi,II乙图n=2,F2=5G2,若Gi<G2,则Fi<F2,若Gi<G2,则乙图有用功多，机械效率高，故 C错误; Fl FD.甲图n=3,Fi='Gi,乙图n=2,F2=,G2,若“】<G2,则Fi<F2；甲乙两图由于滑轮组相同，并且不计 摩擦则额外功相等，若Gi<G2,由W=Gh,可得，则乙图有用功多，机械效率高，故 D正 确；故选D.【点睛】要判断甲、乙两图的绳子段数来比较省力情况，由于滑轮

18、组相同，并且不计摩擦则额外功 相同通过比较有用功的大小可比较机械效率的高低.i6.下列关于功和能的说法正确的是()A.被拉开的弹弓具有弹性势能B.用力推车而车未动，因为用了力所以推力做了功C.人造地球卫星从近地点向远地点运动时势能减小，动能增大D.速度小的物体动能一定小【答案】A【解析】【详解】A.被拉开的弹弓由于发生了弹性形变，所以具有弹性势能，故 A正确；B.用力推车而车未动，有力无距离，故推力不做功，故 B错；C.人造地球卫星从近地点向远地点运动时势能增大，动能减小，故C错；D.动能的大小与物体的质量和速度都有关系，速度小的物体如果质量较大，动能也不一 定小，故D错.17.举重是我国的优

19、势体育项目.一位身高170cm的运动员和一位身高 160cm的运动员,在挺举项目中用相同时间，把同样重的杠铃举起，如图所示.如果他们对杠铃所做的功分 别为W1和W2,功率分别为 P1和P2,则下列关系式中正确的是（）A. W1 = W2、P1=P2B.W1>W2、P1= P2C.W1>W2、P1>P2D. W1VW2、P1VP2【答案】C【解析】【详解】由题知身高170cm的运动员和身高160cm的运动员举起杠铃的重力相同，身高170cm的运动员比身高160cm的运动员将杠铃举得高，根据W=Gh可知，W1>W2；因为两运动员举起杠铃的时间相同，根据P=W可知，P1>

20、;P2,所以ABD错误，C正确.t故选C.【点睛】本题考查了学生对功的公式、功率的公式的掌握和运用，能分析出高个运动员举起的高度 大是本题的突破口.18 .如图所示，单摆中的小球在 ABC间不停地往复运动，如果不考虑阻力的影响，以下说 法错误的是（）AA.小球在A、C处的势能最大B.小球在B处只受重力作用C.小土由A到B过程中，重力势能转化为动能D.小球运动到 C处时，如果受到的外力全部消失，将保持静止【答案】B【解析】分析：(1) (3)根据影响动能、重力势能大小的因素分析；(2)根据小球的运动状态分析受力情况；(4)根据牛顿第一定律，物体不受力或者受平衡力时，一定处于静止或者运动直线运动状

21、 态。解答：A、小球的质量不变，在 A、C处的高度最高，重力势能最大，故 A正确；B、小球在B处受到重力和绳子的拉力的共同作用，故 B错误；G小千由A到B过程中，不计阻力，机械能守恒，高度减小，速度增加，重力势能减小，动能变大，重力势能转化为动能，故 C正确；D、小球运动到 C处时，处于静止状态，如果受到的外力全部消失，小球仍然会静止，故 正确。故选：B。【点睛】本题通过单摆运动考查力和运动的关系，属于基础知识的考查，较简单。19 .某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km,用时5min45s,消耗燃油20 5kg,已知汽车的牵引力是2000N,燃油的热值为4.6 X 70/kg,

22、假设燃油完全燃烧.通过计算可知，下列结果正确的是()汽车行驶速度是20km/h消耗韵燃油完全燃烧放出的热量是6.9 X 70 汽车牵引力做功的功率是30kW软车发动机的效率是 20%A.只有和 B.只有和 C,只有和 D,只有和【答案】D【解析】汽车行驶速度是：72km/h=20m/s,故错误;6.9km345 - h3600消耗的燃油完全燃烧放出的热量是：Q放mq 1.5kg 4.6 107J/kg 6.9 107J,故正确;匀速行驶时汽车受到的牵引力与阻力是平衡力，所以汽车牵引力做功的功率是:P Fv 2000N 20m/s=40000W=40kW,故错误;汽车发动机的做的功为:37W Fs 2000N 6.9 10 m 1.38