【2019】高二物理上学期第三次月考试卷(含解析)

1、1 / 20 【2019最新】高二物理上学期第三次月考试卷（含解析） 一、单选题（本题共 16小题，每小题4分，共64分请将正确答案填在答题卡上.） 1.下列物理量中属于标量的是（ ） A. 电流B.安培力 C.电场强度 D.磁感应强度 2如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发 生偏转.首先观察到这个实验现象的物理学家是（ ） A. 向上B.向下C.向左D.向右 5. 下列电器在工作时， 主要利用电流热效应的是（ ） A.发电机 B.电动机 C.电话机 D.电烤炉 6. 如图所示，A B是电场中的两点，A B两点的电场强度大小分别为 曰、EB,电势大小分

2、别为$ A、$ ） A. EA=EB B . EAV EB C. $ A $ BD. $ AEb C. 带电粒子从a点运动到b点时，电场力做正功、电势能减少 D. a、b两点电势关系为 $ aV $ b 22. 在匀强磁场中，一个带电粒子只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动， 另一磁感应强度是原来磁感应强度 2倍的匀强磁场中，则（ ） A. 粒子的速率加倍，轨迹半径减半 B. 粒子的速率加倍，周期减半 C. 粒子的速率减半，轨道半径减半 如果又顺利垂直进入 23. 如图甲所示是回旋加速器的示意图， 其核心部分是两个 D形金属盒，在加速带电粒子时， 两金属盒置于匀强磁场中， 并分别与高频电源相连.带电

3、粒子在磁场中运动的动能 E $ B D. $ A EB;故AB错误. CD根据沿电场线方向电势不断降低，则有 $ A $ B,故C正确，D错误. 故选：C 【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，关键要明确电场线分布与电场强 度以及电势之间的关系. 7.将面积是0.5m2的导线环放在匀强磁场中， 环面与磁场方向垂直.已知穿过这个导线环 的磁通量是4.0 X 102Wb则该磁场的磁感应强度为（ ） -2 - 2 - 2 - 2 A. 2.0 X 10 T B. 4.0 X 10 T C. 8.0 X 10 T D. 1.0 X 10 T 【考点】 磁通量；磁感应强度. 【专题】 定性

4、思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用. 【分析】闭合导线处在匀强磁场中，当环面与磁场垂直时，穿过环的磁通量 =BS变形求 出B. 【解答】解：闭合导线环在匀强磁场中，环面与磁场垂直时，穿过环的磁通量 =BS则 一 9 B=八 T=8.0 X 10 -2T. S 6 5 故C正确，ABD错误. 故选：C 题目中，要注意线圈与磁场垂直的条件. &如图展示的是下列哪种情况的电场线（ ） A.等量异种电荷 B .等量同种电荷 C .单个负电荷 D.单个正电荷 【考点】电场线. 【专题】 定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题. 【分析】考察正、负点电荷，等量同种与等量异种电荷周围电场线的分布情况，电

5、场线从正 电荷出发，负电荷终止，同种电荷相互排斥. 【解答】解：电场线从正电荷或无穷远出发终止于负电荷或无穷远， 根据各种电荷周围的电 【点评】本题根据匀强磁场中磁通量的定义式 =BS来分析计算磁感应强度 B.在这一类的 11 / 20 场线分布可知，该图为等量正电荷电场的分布情况. 故选：B. 【点评】等量同种和等量异种电荷周围电场线分布情况是考查的重点，一定要熟练掌握. 9如图所示的电路中，当可变电阻 R的阻值减小时，下列说法正确的是（ ） A.通过R的电流强度增大 B.通过R2的电流强度增大 C. AB两点间的电压增大 D. AB两点间的电压不变 【考点】闭合电路的欧姆定律. 【专题】比

6、较思想；图析法；恒定电流专题. 【分析】由电路图可知，定值电阻 F2与可变电阻并联，然后再与另一个定值电阻 R串联; 根据可变电阻的变化，根据欧姆定律及串并联电路的特点判断 AB两点间的电压和滑动变阻 器R的电流如何变化. 【解答】 解：ACD当可变电阻R的阻值减小时，R2与可变电阻并联的总电阻减小，总电阻 减小，由闭合电路欧姆定律可知，通过 R的电流强度增大.根据串联电路分压的特点可知， AB两点间分得的电压减小；故 A正确，CD错误. B由欧姆定律知，AB两点间的电压减小，则电阻 R中的电流减小，故 B错误. 故选：A 【点评】本题是电路动态变化分析问题， 从局部到整体，再到局部，按顺序分

7、析是常用的方 法. 10. 内阻为1200欧的伏特表与电阻 R串联，接入内阻可忽略的电动势为 6伏特的电池两端， 此时伏特表的读数为 4.5伏，则此电阻 R的阻值是（ ） A. 300 欧 B. 400 欧 C. 1200 欧 D. 3600 欧 【考点】多用电表的原理及其使用. 【专题】恒定电流专题. 【分析】 根据串联电路的分压之比与电阻之比成正比即可求解. 【解答】 解：电阻R上的电压：U=6V- 4.5V=1.5V 串联电路电流相等，根据欧姆定律： U=IR 则分压与电阻成正比，即分压之比等于电阻之比： ：= . R” 4* 5 得：R=400Q 故选：B. 【点评】 本题考查了串联电

8、路中电阻与分压的关系，记住：大电阻分大电压. 11. 利用如图装置研究影响平行板电容器大小的因素， 静电计可测量平行板电容器两极板的 电势差U,保持极板上的电荷量 Q和两极板的正对面积 S不变，增大两极板间的距离 d时, 静电计的指针偏角增大，说明电容器的电容（ ） 12 / 20 13 / 20 A.变大B.变小C.不变D.无法确定 【考点】电容器的动态分析. 【专题】 定量思想；推理法；电容器专题. 【分析】静电计指针偏角大小表示极板间电势差的大小， 根据夹角的变化情况， 分析极板间 电势差的变化，抓住电量不变，根据C=,分析C的变化，再可根据电容的决定式 C= , U 4 兀 kd 即可

9、求解. 【解答】解：电容器的带电量 Q不变，根据C= !，当静电计的指针偏角增大，即电容器极板 U 间的电势差u增大，那么 电容C减小； 也可以由：因S不变，增大d，由电容的决定式 C= 知电容C减小，故B正确，ACD 4冗kd 错误； 故选：B. 【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量.电容器与电源断开，电量保持不变， 根据电容器的定义式和决定式结合进行判断. FX的电流 B. 通过电流表的电流小于通过 R的电流 C. 电压表两端电压等于 RX两端的电压 D. Rx的测量值大于真实值 【考点】 伏安法测电阻. 【专题】 定性思想；推理法；恒定电流专题. 【分析】电压表测量的是与其并联

10、电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值， 据此分析问题即可. 【解答】 解：A、由电路图可知，实验采用电流表外接法，电流表所测电流等于通过电阻的 电流与通过电压表的电流之和，电流表的示数大于通过 Rx的电流，故AB错误； C由电路图可知，电压表与待测电阻并联，测待测电阻两端电压，电压表的示数等于 R两 端的电压，故C正确 D由欧姆定律可知，因电流偏大，故测量值偏小；故 D错误； 故选：C. 【点评】本题考查电流表，电压表的测量原理，明确电压表所测为与其并联部分电压， 电流 表为其串联电路的电流. 13.如图所示，一通电直导线 AB水平放置在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，电流方 向

11、从左至右，直导线 AB所受安培力的方向是（ ）12.用电流表和电压表测量电阻 R阻值的电路如图所示.下列说法正确的是（ A.通过电流表的电流等于通过 14 / 20 X X X X B X X X X I 1 X XjT X X X X X X A.竖直向上 B .竖直向下 C .垂直纸面向里 D .垂直纸面向外 【考点】安培力；左手定则. 【专题】 定性思想；推理法；磁场 磁场对电流的作用. 【分析】通电直导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断. 让磁感线穿过左手手心, 四指指向电流方向，拇指指向安培力方向. 【解答】解：根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，磁感线向里穿过手心

12、，则 手心朝外.四指指向电流方向，则指向右，拇指指向安培力方向：竖直向上. 故选：A 【点评】考查由左手定则可判定安培力方向， 注意对于左手定则的应用，要搞清两点： 一 什么时候用；二是怎样用. 14利用如图所示的装置研究导体切割磁感线产生感应电流，磁场方向竖直向下，导体棒 AB水平，棒AB作下列哪种运动时，电流表指针不会偏转（ ） A.水平向里运动 B .水平向外运动 C.在水平面内转动 D.沿竖直方向上下移动 【考点】 导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律. 【专题】 定性思想；模型法；电磁感应与电路结合. 【分析】当回路中有感应电流产生时电流表指针将发生偏转， 而感应电流可根据闭合电路

13、的 一部分是否切割磁感线来判断. 【解答】解：ABC当导体棒AB水平向里运动，或水平向外运动，或在水平面内转动时，都 要切割磁感线，将产生感应电流，则电流表指针会偏转，故 ABC错误. D当导体棒AB沿竖直方向上下移动， 不切割磁感线，不产生感应电流，则电流表不会偏转， 故D正确. 故选：D 【点评】解决本题的关键要掌握产生感应电流的条件： 闭合电路的一部分切割磁感线， 也可 以根据磁通量是否变化来判断. 15. 如图所示，在水平放置的条形磁铁的 N极附近，一个闭合线圈向下运动并始终保持水 平.在位置n, N极附近的磁感线正好与线圈平面平行，线圈下落过程中要经历I、n、川 三个位置，如果从上往

14、下观察，关于线圈中的感应电流方向的判断，正确的是（ ） B .始终沿逆时针方向 C.在n上方时为顺时针方向 D.在n下方时为顺时针方向 A始终沿顺时针方向 15 / 20 【考点】楞次定律. 【专题】 电磁感应与电路结合. 【分析】根据产生感应电流的条件： 穿过闭合电路的磁通量发生变化， 判断有无感应电流产 生.根据楞次定律或右手定则来确定感应电流的方向. 【解答】解：在位置I到在n上方过程时，穿过线圈的磁通量减小，磁场方向斜向上，据楞 次定律判断可知：线圈中感应电流方向沿 abed方向. 在n下方时，穿过线圈的磁通量增大，磁场方向斜向下， 据楞次定律判断可知：线圈中感应 电流方向沿abed方

15、向. 故均为逆时针方向； 故选：B. 【点评】 解答本题关键要掌握判定感应电流的产生条件，及掌握楞次定律和右手定则的应 用.要注意线圈通过II位置时磁通量为零. 16. 小型交流发电机中， 矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动. 产生的感应电动势与时间呈 正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个 R=10Q的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电 阻，下列说法正确的是（ ） :h A.交变电流的周期为 0.125s B.交变电流的频率为 8Hz C.交变电流的有效值为 A D.交变电流的最大值为 4A 【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系. 【专题】交流电专题. 【分析】从图象中可以求出该交流电的最大

16、电压以及周期等物理量， 然后根据最大值与有效 值以及周期与频率关系求解. 【解答】 解：A、由图可知，交流电周期 T=0.250s，故A错误； B交流电周期T=0.250s，交变电流的频率为 f= =4Hz,故B错误； C由图可知，交流电的最大电压TV,所以交变电流的最大值为 A, _20 所以交变电流的有效值为 匸A,故C正确，D错误; 故选：C. 【点评】本题考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从 图象获取有用信息求解. 二、填空题（本题共 4小题，每空2分，共16分.） 17. 如图所示，螺旋测微器的示数为 2.236 mm游标卡尺的示数为 10.235 c

17、m.16 / 20 【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用. 【专题】实验题；定量思想；实验分析法；基本实验仪器. 【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺 旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读. 【解答】 解：1、螺旋测微器的固定刻度为 2mm可动刻度为23.6 x 0.01mm=0.236mm所以 最终读数为 2mm+0.236mm=2.236mm 2、游标卡尺的主尺读数为 102mm游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标 读数为 7x 0.05mm=0.35mm所以最终读数为： 102mm+0

18、.35mm=102.35mm=10.235cm 故答案为：2.236 , 10.235 【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、 螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基 本仪器进行有关测量. -4 - 8 18. 匀强电场，场强大小为 5X 10 N/C,方向竖直向下.一质量为 10 g的带电液滴静止 在该电场中，则该液滴带 负 电，电量为 2X 10-7 C. (g=10m/s2) 【考点】带电粒子在混合场中的运动；电场强度. 【专题】 定量思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题. 【分析】对带电液滴受力分析， 结合平衡条件，可知，电场力的方向，结合电场强度的方向， 从而确定带电液滴的

19、电性；再根据 F=qE两力平衡方程，即可求解. 【解答】解：由题意可知，带电液滴水平向右匀速运动，则电场力竖直向上，由于电场强度 方向竖直向下， 所以带电液滴带负电； 根据受力平衡方程，则有： mg=qE 所以，q=10 -7 C ； 故答案为：负、2X 10 -7. 【点评】考查电荷在电场中受到电场力的方向与电荷的电性关系， 掌握受力平衡方程， 注意 正确的计算. 10 - 8 19. 已知带电量q=2x 10 C的正电荷在电场中由 A点移到B点，电场力做了 4X 10 J的正 功，则电势能 减少 (填“增加”或“减少”)；A、B两点间的电势差 UAEF 200 V. 【考点】电势能；电势差

20、. 【专题】 定量思想；方程法；电场力与电势的性质专题. 【分析】知道电场力做功与电势能变化的关系，正电荷由 A点移到B点，电场力做了 4X 10 8J的正功，其电势能减少了 4X 10- 8J,根据电势差公式 UEF 求解A、B两点间的电势 q 17 / 20 差 UAB.18 / 20 【解答】 解；正电荷从 A点移到B点，电场力做了 4X 10 J的正功，电势能减少了 4X 10 8J, W 8 根据电势差公式 U= V=200V Q 2X1O10 故答案为：减少，200. % 【点评】本题中运用电势差公式 ,B= ，求解时，各量都要代入符号进行计算，知道电场 q 力做功与电势能变化的关

21、系. 20. 一个电源接 8Q电阻时，通过电源的电流为 0.15A ;接13Q电阻时，通过电源的电流 为0.10A .则此电源的电动势为 1.5 V,内阻为 2 Q . 【考点】闭合电路的欧姆定律. 【专题】恒定电流专题. 【分析】 设电源的电动势和内阻分别为 E、r，根据闭合电路欧姆定律 E=I (R+r)列出两种 情况下的方程，联立求出电源的电动势和内阻. 【解答】 解：设电源的电动势和内阻分别为 E、r，根据闭合电路欧姆定律得： E=I i (R+r E=I 2 (R+r 【2% _ I Rf r= _ I】J 代入得，E=0.15X( 8+2) V=1 5V 故答案为：1.5 ; 2

22、【点评】本题根据闭合电路欧姆定律列出两个方程, 测量电动势和内阻的方法：安阻法. 四、选择题(本题共 5小题，每小题4分，共20分.2325为单选题，2627为多选题) 21. 一正电荷仅在电场力的作用下，其速率-时间图象如图所示，其中 ta和tb是电荷在电 场中a、b两点运动的时刻，则下列说法正确的是( ) A. a、b两点电场强度关系为 Ea=Eb B. a、b两点电场强度关系为 EaEb C. 带电粒子从a点运动到b点时，电场力做正功、电势能减少 D. a、b两点电势关系为 $ a 0 b 【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能. 联立解得, 代入解得, r= 0.1X13-0

23、.15X8 Q =2 联立求出电源的电动势和内阻， 提供了 19 / 20 【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题. 【分析】由图看出，点电荷做加速度增大的加速运动，可知，电场力增大，场强增大，由能 量守恒定律分析电势能的变化，再分析电势的高低. 【解答】解： AB v-t图象的斜率等于加速度，由 v - t图象看出，点电荷做加速度增大的加速运动，而 点电荷在电场中仅受电场力作用， 贝U知电场力增大，说明电场强度增大，即有 Ea $ b.故 D错误. 故选：C 【点评】本题首先要根据速度图象的斜率读出质点加速度的变化， 判断场强的大小，从能量 的角度可判断电势能及电场力做功的正负.

24、22. 在匀强磁场中，一个带电粒子只受洛伦兹力作用做匀速圆周运动， 如果又顺利垂直进入 另一磁感应强度是原来磁感应强度 2倍的匀强磁场中，则( ) A粒子的速率加倍，轨迹半径减半 B. 粒子的速率加倍，周期减半 C. 粒子的速率减半，轨道半径减半 D. 粒子的速率不变，周期减半 【考点】 带电粒子在匀强磁场中的运动. 【专题】 定性思想；方程法；带电粒子在磁场中的运动专题. 【分析】该题考察了带电粒子在匀强磁场中圆周运动及其规律， 首先明确洛伦兹力始终不做 功，再利用半径公式 R=u和周期公式T=来分析各选项. qB qB 【解答】 解：A、B、C洛伦兹力提供向心力，与速度垂直，不做功，故动能

25、不变，速率不 变；故ABC错误； D根据周期公式 T一，磁场的磁感应强度增加一倍，周期减小为 ；故D正确； 1B 2 故选：D. 【点评】带电粒子在磁场中运动，洛伦兹力是始终不做功的， 即只改变速度的方向，不改变 速度的大小.此类问题要求掌握洛仑兹力的大小和方向的确定， 带电粒子在匀强磁场中圆周 运动及其规律，会应用周期公式和半径公式进行计算和分析有关问题. 23. 如图甲所示是回旋加速器的示意图， 其核心部分是两个 D形金属盒，在加速带电粒子时， 两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连.带电粒子在磁场中运动的动能 E随时 间t的变化规律如图乙所示， 若忽略带电粒子在电场中的加速时间，

26、则下列判断中正确的是 ( )20 / 20 * z A. 在 E- t 图中应有 t 4 - t 3=t 3 - t 2=t 2- t 1 B. 高频电源的变化周期应该等于 tn- tn- 1 C. 粒子加速次数越多，粒子最大动能一定越大 D. 要想粒子获得的最大动能越大，则要求加速的电压越高 【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理. 【专题】 带电粒子在磁场中的运动专题. 【分析】 交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，由公式 T=i和r 判 qB qB 断；当粒子从 D形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于 D形盒的半径. 【解答】 解：A、洛伦兹力提供向心力，有 qvB=m

27、，解得=丄，故周期T= :=, r qB v qg 与速度无关，故 t4 - t3=t3- t 2=t 2 - t 1= T,故A正确； 2 B交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故高频电源的变化周期应该等于 2 ( tn- tn-1 ),故 B 错误； C当粒子从D形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于 D形盒的半径； 由qvB=m 得，v=亠丄，则最大动能 E= mV= _-_，知最大动能与加速器的半径、磁感 R m 2 2m 线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电压等其他因素无关，故 C错误; D当粒子从D形盒中出来时，速度最大，此时运动的半径等于 D形盒的半径; 由q

28、vB=m 得，v=亠丄，则最大动能 E=-mV= _-_，知最大动能与加速器的半径、磁感 Rm 2 2m 线强度以及电荷的电量和质量有关，与加速电压无关，故 D错误； 故选A. 【点评】解决本题的关键知道回旋加速器是利用电场加速、 磁场偏转来加速粒子，但是最终 粒子的动能与电场的大小无关. 24. 1879年美国物理学家 E. H.霍尔观察到，在匀强磁场中放置一个矩形截面的载流导体， 当磁场方向与电流方向垂直时， 导体在磁场、电流方向都垂直的方向上出现了电势差， 把这 个现象称为霍尔效应，所产生的电势差称为霍尔电压.如图为一金属导体板，宽度为 d,该 导体板单位体积的自由电子数为 n,所加匀强

29、磁场的磁感应强度为 B,方向沿y轴正向.当 21 / 20 导体板中通以电流强度为 I的x轴正向电流，上下两端的电势差稳定时， 下列说法正确的是 A.电子所受电场力的方向向上 B .金属板上端电势高 C.金属板下端电势高 D .霍尔电压大小为亠_ ned 【考点】霍尔效应及其应用；电势. 【专题】 定量思想；推理法；带电粒子在复合场中的运动专题. 【分析】根据左手定则判断出电子的偏转方向， 从而确定电势的高低； 抓住电子受到的洛伦 兹力等于电场力，结合电流的微观表达式求出霍尔电压大小. 【解答】 解：ABC根据左手定则知，电子向上侧偏转，则导体上表面电势较低，下侧电势 高，电子受到电场力方向向

30、下，故 AB错误，C正确； D自由电子做定向移动，视为匀速运动，速度设为 V,则单位时间内前进的距离为 V,对应 体积为vhd, 此体积内含有的电子个数为： nvhd，电量为：nevhd,有： 1= =i=n ehdv At 电子受电场力和洛伦兹力平衡，有： e -Bev h 解得： U=Bhv= ，故D正确. ned 故选：CD 【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向， 以及知道最终电子受电场力和 洛伦兹力处于平衡. 25. 如图所示，一个三角形导轨垂直于磁场固定在磁感应强度为 B的匀强磁场中，ab是与 导轨材料相同的导体棒且与导轨接触良好. 导轨和导体棒处处粗细均匀， 在外力

31、作用下，导 体棒以恒定速度 v向右运动，以导体棒在图示位置时刻作为计时起点，则感应电动势 E、感 应电流I、导体棒所受外力的功率 P和回路中产生的焦耳热 Q随时间变化的图象正确的是 22 / 20 【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律. 【专题】 定性思想；方程法；电磁感应与电路结合. 【分析】根据感应电动势、欧姆定律、安培力公式、焦耳定律和电阻定律等知识， 分别列式, 再判断图象是否正确. 【解答】 解：设导轨和导体棒的电阻率为 p .23 / 20 A t时刻回路中感应电动势 E=BLv=B (vt ) tan a ?v=Bv2tan a ?t, Et , E-t图象是

32、过原 点的直线，故A正确. C由于导体棒匀速运动， 则导体棒所受外力的功率 P等于电功率，为P=EI , I不变，Ext , 则Pxt，故C正确. D回路中产生的焦耳热 Q=l2Rt=l 2量(vt+vttan a + ) t xt, Q- t图象应是抛物线.故 S cos 口 D错误. 故选：AC 【点评】本题是电磁感应、欧姆定律、电阻定律等知识的综合运用容易形成错误的选择是 电流图象，未考虑电动势和电阻都与时间成正比，而感应电流不变. 五、填空题(本题共 2小题，每空3分，共15分.) 26. 某同学用多用电表粗测一电阻值，选用X 100 倍率且操作方法正确，若这时表盘上的指 针位置如图所示，则测量结果是 3200 Q . 【考点】用多用电表测电阻. 【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题. 【分析】欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，根据图示表盘读数. 【解答】解：用多用电表测电阻，选用X 100倍率且操作方法正确