福建福州屏东中学2013中考模拟-物理（解析版）

1、2013年福建省福州市屏东中学中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题有14小题，每小题2分，共28分每小题只有一个选项正确）1（2分）如图所示的四种现象中，属于光的直线传播现象的是（）A湖中的倒影B钢笔错位C日食D林中光线考点：光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的解答：解：A、湖中出现岸上树木的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的，不符合题意；B、钢笔错位，是钢笔反射的光经过玻璃和空气两种介质传播发生的折射现象，不

2、符合题意；C、日食是由光的直线传播形成的，符合题意；D、树林中的光线，是沿直线传播的光，属于光的直线传播现象，符合题意故选CD点评：光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方向发生变化的现象它们之间有本质的区别，要注意区分2（2分）（2013泰州模拟）下列现象发生的过程中，放出热量的一组是：（）（1）春天，冰雪融化成溪流（2）夏天，从冰箱里拿出来的饮料罐“出汗”（3）秋天，清晨的雾在太阳出来后散去（4）冬天，室外地面上出现了霜A（1）、（2）B（2）、（4）C（1）、（3）D（3）、（

3、4）考点：物质的三态及其基本特征专题：应用题分析：物体从固态变为液态的过程叫熔化，熔化要吸热；物体从气态变为液态的过程叫液化，液化要放热；物体从液态变为气态的过程叫汽化，汽化要吸热；物体从气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华要放热解答：解：（1）冰雪融化汇成溪流是熔化，熔化要吸热；（2）从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”，这是空气中的水蒸气遇到比较冷的饮料罐液化形成的，液化要放热；（3）雾的消失，是汽化现象，汽化要吸热；（4）霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，凝华要放热故选B点评：此题考查的是物态变化的判断和物态变化伴随的吸放热情况，熟记概念是解决本题的关键3（2分）（2011清远）太阳能电池的光

4、伏板是由非晶态硅制成的，它能把太阳能直接转化为电能，其主要材料是（）A磁性材料B纳米材料C半导体D超导体考点：半导体的特点专题：应用题分析：根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，如：人体、大地、各种金属、石墨、酸碱盐的溶液等；不容易导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、陶瓷、橡胶、塑料等；导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体，如：硅、锗等解答：解：常见半导体有：锗、硅、砷化镓等，即硅属于半导体材料故选C点评：此题考查了半导体有关知识，要会区分4（2分）（2012福州质检）在一次安全教育进校园活动中，下列关于家庭用电的“对”、“错”抢答比赛，应回答“对”的是（）

5、A只有高压线路才会发生触电事故B电冰箱的金属外壳必须要接地C家里的空气开关经常“跳闸”，一定是发生了短路D用测电笔辨别火线时，手不能接触笔上任何金属考点：安全用电原则；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因专题：电与热、生活用电分析：（1）安全用电的原则：不要接触低压线路，不要接近高压设备（2）大功率或带有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，让其外壳接地，以防外壳带电，危及人身安全；（3）电路中电流过大的原因有两个：一是短路；二是接入电路中用电器的总功率过大（4）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的使用测电笔时，不能用手触及测电笔前

6、端的金属探头，这样会造成人身触电事故解答：解：A、当人体的不同部位分别接触火线和零线，或人站在大地上，身体的某一部位接触火线时，都会触电故A错误；B、大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全故B正确；C、空气开关跳闸的基本原因是：所带负荷超限了一般情况是：短路或负荷过重故C错误；D、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，否则会造成人身触电事故故答案D错误故选B点评：本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体以及电路中电流过大的原因短路或用电器总功率过大

7、5（2分）下列估测值最接近实际的是（）A九年级物理课本长约6cmB一名中学生体重约为500NC人正常步行速度约3m/sD家用空调工作时的功率约为500W考点：长度的估测；速度与物体运动；重力大小的估测；电功率专题：估算综合应用题分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个解答：解：A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，物理课本的长度大于20cm，约26cm此选项不符合实际；B、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为50kg×10N/kg=500N左右此选项符合实际；C、人正常步行的速度

8、在4km/h=4×m/s1.1m/s左右此选项不符合实际；D、家用空调正常工作时的电流在5A以上，功率不小于P=UI=220V×5A=1100W此选项不符合实际故选B点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用6（2分）（2011常州）如图所示，小猫在平面镜前欣赏自己的全身像，此时它所看到的全身像是图中的（）ABCD考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：应用题分析：根据平面镜成像特点来判断像的形状：平面镜成的像，像与物大小相同，对应点连线与镜面垂直解答：解：根据平面镜成像特点分

9、析，当镜面竖直放置时，所成的像是正立的、等大的、左右相反的；符合该条件的只有C图故选C点评：（1）平面镜成像的特点：像与物大小相同，像与物到镜面距离相等，像与物对应点连线与镜面垂直，虚像；（2）当镜面竖直放置时，所成的像是左右相反的，当镜面水平放置时，所成的像是上下相反的7（2分）（2005福州）下列属于用热传递方法改变物体内能的事例是（）A汽油机的做功冲程B锯木头时锯条发热C打气筒打气时筒壁发热D冬天用热水袋取暖考点：热传递改变物体内能分析：改变物体内能的方法有两种：做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是内能的转移解答：解：A、汽油机的做功冲程要对活塞做功，内能转化为机械能，是通过做功改变

10、了物体的内能，不符合题意；B、锯木头时，锯子和木头相互摩擦做功，机械能转化为内能，故不符合题意；C、用打气筒打气时，筒壁发热主要是压缩气体做功，其次是摩擦生热，都属于做功，故不符合题意D、用热水袋取暖是通过热传递改变物体内能，故符合题意；故选D点评：判断是做功还是热传递，关键是看能量是发生了转化还是转移8（2分）由高性能复合材料制成的撑杆，是决定撑杆跳高胜负的重要因素，因此制造撑杆的材料应具有较小的密度和较好的（）A延展性B硬度C弹性D导热性考点：物质的基本属性专题：其他综合题分析：撑杆一定要具有很好的弹性，当撤去外力作用时，撑杆能恢复原状解答：解：撑杆在撤去外力作用时，能很好的恢复原状，物体

11、具有的这种性质是弹性故选C点评：此题考查的是弹性的应用，属于基础题，也是联系实际的问题9（2分）（2011怀化）如图所示，下列工具在使用中属于费力杠杆的是（）A剪刀B起子C镊子D钢丝钳考点：杠杆的分类分析：联系生活经验，要判断杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，可依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆解答：解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合

12、题意；故选C点评：此类型题目的解决主要是依据生活经验，动力臂和阻力臂的大小关系进行判断10（2分）（2011龙岩）某银行金库大门是由电动机控制的，钥匙（电路开关）分别由两名工作人员保管，一把钥匙无法打开，要两把钥匙同时使用才能使电动机工作从而把大门打开图中符合这一要求的电路图是（）ABCD考点：电路图设计；串、并联电路的设计专题：设计与制作题分析：把电路知识迁移到实际应用中去，大门由电动机控制，两把钥匙相当于两个开关，题意要求只有两个开关同时闭合，电动机才能工作根据串联电路的特点来分析，只要电路中有一处断路，用电器就不工作了解答：解：由题意可知，机要室大门有两把钥匙，只有两把钥匙同时开起时，大

13、门才能打开，大门由电动机控制，钥匙实质就是电路中的开关，即两个开关同时闭合时，电路才接通，才能使电动机工作，只闭合其中一个开关，电动机是不工作的，电路没有接通开关之间不能独立工作，是串联关系A、两钥匙是串联的，只有都闭合时，电路才接通，只闭合一个，是断路，符合题意；B、开关是并联的，只闭合一个开关，电路就接通，电动机就工作了，不符合要求；C、只闭合钥匙1这个开关，电路就接通了，两开关都闭合，就短路了，不符合要求；D、只能用钥匙1来控制电动机工作，钥匙2只要闭合，电路就短路，不符合要求故选A点评：串联电路中某处断路，整个电路就没有电流通过了；并联电路中，只要有一条支路是接通的，电路中就有电流11

14、（2分）（2012永州模拟）如图所示，拉力F=80N，物体重力G=120N，不计摩擦和绳重若将物体匀速提高1m，以下说法错误的是（）A拉力做的有用功为80JB动滑轮的重力为40NC拉力做的总功为160JD该滑轮组的机械效率为75%考点：有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率专题：计算题；应用题分析：（1）由动滑轮的使用特点和上升高度可求出绳子所移动的距离；所以做的有用功由W有用=Gh求得；（2）在不计摩擦和绳重的情况下，由动滑轮及物体匀速上升，则由力的合成可知动滑轮的重力；（3）拉力做的总功由W总=Fs求得；（4）利用机械效率公式=求滑轮组的机械效率解答：解：A、有用功W有用=Gh=120N&#

15、215;1m=120J；故A错误，符合题意；B、动滑轮的重力G动=2Fmg=2×80N120N=40N；故B正确，不符合题意；C、总功W总=Fs=F2h=80N×2×1m=160J；故C正确，不符合题意；D、动滑轮的机械效率=×100%=×100%=75%；故D正确，不符合题意；故选A点评：本题为机械效率的题目，要准确的找到有用功和额外功，求出总功，再计算机械效率，难点是判断动滑轮上绳子的段数12（2分）（2011龙岩）如图是某物体运动的vt图象，则选项中能相应表示出该物体运动的st图象的是（）ABCD考点：速度与物体运动专题：图析法分析：从v

16、t图象上可以看出，物体在做匀速运动，该物体运动的st图象应该是S与t成正比关系解答：解：A表示随着时间的增加，路程不变，说明物体静止，不合题意B表示物体匀速运动一段时间后静止，不合题意C中S与t成正比关系，表示物体做匀速运动，符合题意D表示随着时间的增加，运动的路程越来越少，直至减小为0，不合题意故选C点评：本题考查物体做匀速运动的St图象，关键知道物体做匀速运动时，通过的距离和时间成正比13（2分）（2011厦门）小阳用8N的力水平推着一辆购物车匀速前进，突然发现前面有台阶，他马上用20N的水平力向后拉购物车，使其减速购物车减速过程中（）A受到的摩擦力是28NB受到的合力是28NC受到的摩擦

17、力是12ND受到的合力是12N考点：力的合成与应用专题：压轴题分析：先对小车进行受力分析，小车在水平方向受人的水平作用力F，滑动摩擦力f，然后根据物体处于平衡状态时受平衡力作用，求出摩擦力；再对物体受力分析时，要考虑物体所受的摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关进行分析解答：解：购物车在8N的水平推力作用下在地面上作匀速直线运动，即处于一种平衡状态，所以说，购物车受到了平衡力的作用，经分析可知，此时水平方向上只存在两个力：水平向前的推力和水平向后的阻力，这是一对平衡力，大小相等，即8N当购物车突然减速时，水平方向仍然存在两个力：水平向后的拉力20N和水平向后的阻力8N，因两者方向相同，所以，合力

18、为20N+8N=28N故选B点评：本题主要考查的是同学们对二力平衡和力的合成的掌握以及分析能力，在分析本题时，有两点很重要：一是物体在相同的表面做匀速直线运动时，不论速度如何，其受到的接触面摩擦阻力都是固定不变的；二是不要惯性错当成一种力进行分析14（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关后，当滑片P向上滑动时，则（）A电流表的示数增大，电压表的示数减小B电流表的示数减小，电压表的示数增大C电流表的示数增大，电压表的示数不变D电流表的示数减小，电压表的示数不变考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用专题：应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题分析：由电路图可知，灯泡及滑动变阻

19、器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；根据电源的电压确定滑片移动时电压表示数的变化，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化解答：解：由电路图可知，灯泡及滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流；电源的电压不变，滑片移动时，电压表的示数不变，故AB不正确；当滑片P向上滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，I=，电路中的电流变小，即电流表的示数减小，故C不正确，D正确故选D点评：本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用和滑动变阻器的使用，要注意电压表的接法，当电压表与电源两端相连时，电压表示数为电源电压二、填空、作图题（本

20、大题有7小题，每空1分，其中21题3分，共19分）15（2分）（2011厦门）如图所示，敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，说明声音可以在空气中传播；还可以观察到紧挨音叉的泡沫塑料球弹起，说明声音是由振动产生的考点：声音的传播条件；声音的产生分析：要解答本题需掌握：本题是把音叉的振动转化为轻质小球的运动，我们看到左边的音叉也能够发声，是由于声音经过空气传递到左边的音叉解答：解：敲响右边的音叉，左边完全相同的音叉也会发声，这是由于右边音叉的振动，在空气中激起向周围传播的声波，从而使左边的音叉振动发声，并且把泡沫塑料球弹起从这个实验我们知道声音能在空气中传播故本题的答案为：空气，振动点评：

21、本题主要考查学生对：声音的传播的条件的了解和掌握16（2分）（2011三明）如图（a）所示，盛有水的烧杯随小车一起水平向右做匀速直线运动，当烧杯中的水面出现如图（b ）所示的状态时，则小车此时正在做减速（迭填“加速”、“减速”或“匀速”）运动，做出上述判断的根据是水具有惯性考点：惯性专题：图析法分析：水在烧杯里和车一起向右匀速直线运动，当车进行匀速直线运动时，烧杯和水都保持原来的运动状态，水面没有发生改变；当车进行加速直线运动时，烧杯和车之间存在摩擦随车一起加速，水由于惯性保持原来的运动状态，水面向车行方向相反的方向倾当车进行减速直线运动时，烧杯和车之间存在摩擦随车一起减速，水由于惯性保持原来

22、的运动状态，水面向车行方向倾解答：解：如图，原来水在烧杯里和车一起向右匀速直线运动，现在水由于惯性保持原来的运动状态，水面向右倾，说明车在减速故答案为：减速；惯性点评：此类习题首先确定原来的状态，条件变化时，哪个物体的状态改变，哪个物体由于惯性保持原来的运动状态17（3分）（2011三明）如图所示的是校园门口安装的监控摄像头，它能实时记录校门口的情况摄像镜头相当于一个凸透镜，所摄景物通过镜头成的是倒立、缩小的实像考点：凸透镜成像的应用专题：应用题；压轴题分析：摄像头的镜头是一个凸透镜，物体在凸透镜的二倍焦距以外，物体成倒立、缩小的实像解答：解：摄像头的镜头是一个凸透镜，校园门口安装的监控摄像头

23、，它能实时记录校门口的情况，物体在凸透镜的二倍焦距以外，物体成倒立、缩小的实像故答案为：凸；缩小点评：掌握凸透镜成像的三种情况和应用U2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机2fUf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪Uf，成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜18（4分）据悉，福州至北京动车将换成“G”字头，即高速动车组列车，福州至北京10小时可达细心的小明发现：（1）乘客都站在安全线以外候车因为列车高速行驶时，列车与人之间的空气流速较大，压强较小，安全线内的人很容易被“吸”向列车（2）如图高速动车组列车比普通列车不同，车身线条更加流畅优美，车头颇像子弹头是为了减小空气阻力，提高车速

24、；车体采用中空型铝合金，请你说出这种材料的一个优点：密度小（或硬度大）考点：流体压强与流速的关系；物质的基本属性专题：简答题；压强、液体的压强分析：（1）人在安全线以内候车是防止流体流速大压强小给人们带来伤害（2）列车采用线条流畅是为了减小空气阻力列车采用铝合金材料，利用铝合金的密度小，硬度大的性质解答：解：（1）人站在安全线以内候车时，列车高速驶来，人和列车之间空气流动很快，压强很小，人被外侧的大气压压向列车（2）列车车身线条流畅是为了减小空气阻力车体采用中空型材铝合金，铝合金的密度小，相同体积时，质量小，减轻重力，减小对铁轨压力来减小摩擦铝合金的硬度比较大，防止变形故答案为：（1）大；小；

25、（2）减小；密度小（或硬度大）点评：用生活中的事例来考查流体压强跟流速的关系、密度、硬度等，体现了物理和生活的密切关系19（3分）2011年7月28日，我国首台自主设计、自主集成的“蛟龙号”载人潜水器创造了5188m的我国载人深潜新纪录（如图）（1）此次试验到达最大下潜深度时，潜水器受到海水的压强为5.24×107Pa（海水=1.03×103kg/m3）（2）质量约为22t的“蛟龙号”潜水器匀速下潜时，受到的浮力约为2.156×105N到达最大下潜深度时，潜水器抛弃压载铁，潜水器的重力小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）它受到的浮力，潜水器开始上浮考点：液体的

26、压强的计算；浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用专题：计算题；压强、液体的压强；浮力；浮沉的应用分析：（1）知道“蛟龙号”下潜最大深度，利用液体压强公式求海水对“蛟龙号”外壳的压强；（2）由于“蛟龙号”匀速下潜，受到的浮力等于潜水器重；压载铁的重力大于受到的浮力，匀速下潜的“蛟龙号“抛掉压载铁后，潜水器所受重力的减小大于浮力的减小，故潜水器所受浮力大于重力，潜水器开始上浮解答：解：（1）“蛟龙号”到达h=5188m深的海底时，海水对“蛟龙号”外壳的压强：p=gh=1.03×103kg/m3×9.8N/kg×5188m5.24×107Pa；（3）“蛟龙号

27、”匀速下潜时，F浮=G=mg=22×103kg×9.8N/kg=2.156×105N；当抛掉压载铁后，潜水器所受重力的减小大于浮力的减小，使潜水器所受重力小于浮力，潜水器开始上浮故答案为：（1）5.24×107；（2）2.156×105；小于点评：本题以“蛟龙号”潜水器潜水为背景考查了求平均速度、海水压强、浮力的计算，判断潜水器的运动状态，考查的点较多，属于难题20（2分）（2013南岗区三模）一种电工工具由一个小灯泡L和一个定值电阻R并联而成，通过L、R的电流跟其两端电压的关系如图所示由图可得定值电阻R的阻值为10；当把这个工具接在电压为2V

28、的电路两端，L、R并联的总功率是1.6W考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功率的计算专题：计算题；应用题；压轴题；信息给予题分析：首先根据图象得出定值电阻R和灯泡L在2V时的电流，然后根据欧姆定律求出定值电阻的阻值，再根据并联电路的特点求出干路电流，根据P=UI求出L、R并联在2V电路两端时的总功率解答：解：由图象可知，当灯泡与R两端的电路为2V时，通过R的电流为0.2A，通过L的电流为0.6A定值电阻的阻值：R=10；L、R并联在2V电路两端时，干路电流：I=IR+IL=0.2A+0.6A=0.8A，消耗的总功率：P=UI=2V×0.8A=1.6W故答

29、案为：10；1.6点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，能从图象中得出电压对应的电流是关键21（3分）请按要求在答题卡上作图 （1）如图甲所示，已知入射光线，画出通过透镜后的折射光线（2）在图乙中作出力F的力臂（3）在图丙中，标出通电螺线管和小磁针的N、S极及磁感线的方向考点：透镜的光路图；力臂的画法；通电螺线管的极性和电流方向的判断专题：作图题；压轴题；图像综合题分析：（1）凹透镜有三条特殊的光线，根据其光学性质可完成相应作图；（2）力臂是从支点到力的作用线的垂直距离，先找出支点，再向力的作用线做垂线即可；（3）先明确电流的方向，再根据安培定则判断出螺线管的极性，再判断

30、磁感线方向，最后根据磁极间的相互作用来判断小针的极性解答：解：（1）平行于凹透镜主光轴的光线，经凹透镜折射后发散射出，其反向延长线指向凹透镜的虚焦点，如图所示；（2）从支点O向力F的作用线画垂线，垂线段L的长就是力臂，如图所示；（3）根据电源的正负极可知，电流是从螺线管的左端流向右端，用右手握住螺线管，使四指指向电流方向，则拇指所指的右端为螺线管的N极，则磁感线在螺线管的外部从N极指向S极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为N极如图所示点评：本题主要考查了光学作图中凹透镜对光线的作用，力学作图中力臂的画法以及电学作图中对螺线管极性、磁感线方向、小磁针极性的判断，都是初中物理作图中重点的知识，

31、需要我们熟练掌握三、简答题（本题3分）22（3分）（2008北京）有两盏白炽灯L1、L2，L1标有“PX220 100”字样，L2标有“PX220 40”字样将这两盏灯串联接在电压为220V的电源两端，已知两灯都发光，灯L1的电阻小于灯L2的电阻，请你判断哪盏灯的实际功率较大为什么？考点：电功率的计算；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用专题：简答题分析：比较串联电路中电功率的大小可以利用公式P=I2R来比较；通过比较电阻的大小即可比较实际功率的大小解答：解：因为两灯串联时，通过两灯的电流I相等，已知灯L2的电阻R2大于灯L1的电阻R1，则根据电功率的计算公式P=I2R可知：灯L2的实际功率大于

32、灯L1的实际功率答：灯L2的实际功率较大因为两灯串联时，通过两灯的电流相等，已知灯L2的电阻R2大于灯L1的电阻R1，根据电功率的计算公式P=I2R，所以灯L2的实际功率大于灯L1的实际功率点评：会根据串并联电路的特点来判定实际功率的大小；串联电路中电阻越大的实际功率越大，相反在并联电路中电阻越小的实际功率越大四、计算题（本大题有3小题，共20分）23（4分）某太阳能热水器，向其中注入50kg水，阳光照射一段时间后，水温从10升高到50水的比热容是4.2×103J/（kg）试求：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量；（2）如果这段时间内热水器接收到太阳辐射的热量是2.8×

33、107J，则该热水器的效率是多少？（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧多少千克煤？（煤的热值约为3.5×107J/kg）考点：热量的计算；能量利用效率；燃料的热值专题：计算题分析：（1）已知水的质量、水的初温末温，利用吸热公式Q吸=Cm（tt0）计算水吸收的热量（有用能量）；（2）又热水器接收到太阳辐射的热量，利用效率公式求该热水器的效率；（3）知道煤燃烧放出的热量，利用Q放=mq求需完全燃烧煤的质量解答：解：（1）Q吸=C水m（tt0）=4.2×103J/（kg）×50kg×（5010）=8.4×106J（2）=

34、30%；（3）Q放=mq，m煤=0.8kg答：（1）这段时间该热水器中的水吸收的热量为8.4×106J；（2）如果这段时间内热水器接收到太阳辐射的热量是2.8×107J，则该热水器的效率是30%；（3）若用煤燃烧来提供2.8×107J的热量，需完全燃烧0.8千克煤点评：本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大24（8分）（2011太原）五一节，小豪一家去公园游玩，看到如图所示的新型太阳能电动观光车，该车的整车质量为400kg（g取10N/kg）（1）若车上人的总质量是200kg，车轮与地面的接触总面积为0.05m

35、2，则观光车静止时对水平地面的压强是多大？（2）观光车以5m/s的速度在水平路面上匀速行驶时，受到的平均阻力是200N，则5min内观光车克服阻力做的功是多少？（3）从环保角度分析，太阳能电动观光车与普通汽车相比，具有哪些优点？（写出一条即可）考点：压强的大小及其计算；功的计算；太阳能的利用专题：计算题；应用题；简答题；压轴题分析：（1）根据车和人员的总质量可求出其总重力，此时重力就是车对地面的压力，然后根据压强公式，将数值代入即可求得车静止时对水平地面的压强；（2）根据车的速度和行驶时间可求出车行驶的距离，根据功的计算公式，将数值代入即可计算出车克服阻力做的功；（3）从节能环保的角度去分析即

36、可解答：解：（1）观光车静止在水平地面上，它对地面压力的大小等于重力的大小F=G总=（m车+m人）g=（400kg+200kg）×10N/kg=6000N观光车对水平地面的压强：P=1.2×105Pa答：观光车静止时对水平地面的压强是1.2×105Pa（2）观光车5min行驶的路程：S=vt=5m/s×5×60s=1500m观光车克服阻力做的功：W=FS=fS=200N×1500m=3×105J答：5min内观光车克服阻力做的功是3×105J（3）太阳能观光车不燃烧化石燃料，因此具有节能、噪声小、无尾气排放等优点答

37、：节能、噪声小、无尾气点评：此题主要考查学生对压强的大小及其计算、功的计算，综合性较强，有一定难度，计算时要注意单位的统一25（8分）（2012峨眉山市二模）如图a所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由B端移动到A端时，测得电阻R1两端的电压与通过电阻R1的电流的变化关系如图b所示求：（1）R1的阻值；（2）电源的电压；（3）变阻器的最大阻值？考点：欧姆定律的应用专题：计算题；图析法；欧姆定律分析：（1）由电路图可知，当滑片P在A端时，只有电阻R1接入电路，此时电阻R1的电压最大，由IU图象找出电压所对应的电流，由欧姆定律可以求出电阻R1的阻值；（2）由电路图可知，

38、当滑片P在A端时，只有电阻R1接入电路，电阻R1两端的电压等于电源电压，由IU图象可以求出电源电压；（3）由电路图可知，当滑片在B端时，滑动变阻器阻值全部接入电路，此时电阻R1两端电压最小，由IU图象找出流过电路的电流，由串联电路特点及欧姆定律可以求出滑动变阻器的阻值解答：解：（1）当P在A端时，只有电阻R1接入电路，由IU图象可以，电阻R1两端电压U1=12V，电路电流I1=1.5A，电阻R1的阻值R1=8；答：R1的阻值是8（2）由电路图可知，当P在A端时电源电压加在R1上，由IU图象可知，电源电压U电源=U1=12V；答：电源电压是12V（3）当P在B端时，滑动变阻器全部接入电路，由IU

39、图象可知电路电流是I=I1=0.5A；此时电路总电阻：R总=24，滑动变阻器R2的阻值R2=R总一Rl=248=16；答：变阻器的最大阻值是16点评：本题考查了求电阻阻值、电源电压等问题，是一道基础题，由IU图象找出电压与对应的电流、熟练应用串联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键五、实验、探究题（本大题有7小题，共30分）26（1分）如图所示，圆柱的直径为1.10cm考点：长度的测量专题：长度、时间、速度分析：使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要

40、估读到分度值的下一位解答：解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；圆柱左侧与8.00cm对齐，右侧与9.1cm对齐，估读为9.10cm，所以圆柱的直径为d=9.10cm8.00cm=1.10cm故答案为：1.10点评：在物理实验和日常生活中经常使用刻度尺，我们要熟练掌握其使用和读数方法27（4分）（2011厦门）小禾测量某液体密度时，先在水平桌面上调节好天平的平衡，然后进行以下测量：如图甲所示，用天平测出空瓶的质量m1，记录在表格中如图乙所示，向瓶中倒入适量液体，测出瓶与液体的总质量m2，记录在表格中如图丙所示，将瓶中

41、液体倒入量筒中，测出液体的体积V，记录在表格中（1）请完成表中数据的填写物理量空瓶的质量m1/g瓶与液体的总质量m2/g液体的体积V/cm3液体的密度/gcm3测量值1533.4200.92（2）小禾利用上述器材设计了第二种实验方案，依次测出瓶和液体总质量M、倒入量筒中的液体体积V、瓶与瓶中剩余液体质量m，请用上述物理量符号写出计算液体密度的表达式=（3）比较以上两种实验方案，第一种的测量误差更大一些（选填“大”或“小”）考点：天平的使用；量筒的使用专题：实验题分析：（1）读取图乙的天平示数，就是瓶与液体的总质量m2，读数时要将砝码的质量与游码的示数相加利用瓶与液体的总质量减去空瓶的质量，再除

42、以液体的体积可以求出液体的密度；（2）第二种方案的表达式可用瓶和液体的总质量M减去剩余液体的质量m，再除以体积V来表示；（3）实验误差主要来自于液体从一个容器倒入另一容器的过程中，是否影响了其质量或体积的测量结果，应从这一角度来进行分析解答：解：（1）读图乙可得，瓶与液体的总质量m2=20g+10g+3.4g=33.4g；图甲中空瓶的质量m1=10g+5g=15g；液体的密度=0.92g/cm3；（2）第二种方案的表达式为=；（3）比较两种方案可知，第一种方案将瓶中的液体倒入量筒中时，瓶中会残留部分液体而无法倒干净，造成体积的测量值偏小，从而使最终密度的测量结果偏大故答案为：（1）33.4，0

43、.92；（2）=；（3）大点评：实验中主要考查了天平的基本读数方法，密度公式的运用及表达式的书写本题的重点还应放在学会分析如何选择合理的测量步骤才能更有效地减小测量的误差28（4分）如图甲所示，是小明同学“探究水的沸腾”的实验装置当水温达到90时，他每隔一分钟记录一次水的温度，实验记录如下表所示时间/min01234567温度/90929698989898（1）在第2分钟时，温度计示数如图甲所示，此时水的温度为94（2）请在图乙中画出水的温度和时间关系的曲线（3）由实验可知，水的沸点低于100，原因可能是当地的大气压低于一个标准大气压（4）水沸腾时，可以看到水面上不停地的冒“白气”，产生此现象

44、的原因是水沸腾时产生的水蒸气遇冷液化形成的小水珠考点：探究水的沸腾实验专题：汽化和液化、升华和凝华分析：（1）温度计读数时，要先确定分度值，再确定是零下还是零上，最后再读数（2）根据数学上的描点连线方法做出水温与时间的关系图线；（3）水在1标准大气压下的沸点是100，气压越低，水的沸点越低，温度计不准确、水中含有杂质等都影响水的沸点（4）容器中的水首先沸腾由水变成水蒸气，水蒸气上升过程中遇冷又变成小水珠解答：解：（1）温度计的分度值是1，此时是零上，液柱上表面对准了90上面第4个小格处，读作94；（2）首先确定横轴和纵轴代表的物理量和相应的标度，然后确定对应点，最后描点连线做出图象（3）水在1

45、标准大气压下的沸点是100，气压越低，水的沸点越低，因此当时的大气压低于1标准大气压，（或温度计不准确、水中含有杂质等）（4）水面上不停的冒“白气”，首先是水吸收热量汽化成水蒸气，然后水蒸气又液化成小水珠故答案为：（1）94；（2）见右图（3）当地的大气压低于一个标准大气压（4）水沸腾时产生的水蒸气遇冷液化形成的小水珠点评：此题是观察水的沸腾实验，实验中要用温度计测量温度，所以考查了温度计的使用及读数一定要掌握温度计的使用规则，正确使用，在读数时，要注意温度计的分度值同时考查了沸点和气压之间的关系29（5分）小明利用如图实验装置“探究凸透镜成像规律” （1）点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏使它们的

46、中心跟烛焰的中心大致在同一高度，目的是使像成在光屏的中心（2）蜡烛恰好在光屏上成倒立、等大的像，如图所示，则所选的凸透镜可能是下表中的乙（填“甲”或“乙”）凸透镜序号直径/cm焦距/cm甲1030乙510（3）若保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至15.0cm刻线处，则应将光屏向右（填“左”或“右”）移动，才能找到像（4）过了一段时间小明发现烛焰的像不在光屏中央，他应如何调节使像呈在光屏中央？（说出一种方案）将蜡烛调高，使三心等高（或将凸透镜调低，或将光屏调高）考点：凸透镜成像规律及其探究实验专题：透镜及其应用分析：（1）“研究凸透镜成像规律”实验时，使烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一直线上，并且在同

47、一高度，烛焰的像才能呈在光屏的中心（2）根据凸透镜成像时，u=v=2f时，光屏上成倒立、等大的实像，求得焦距，然后可确定选择的透镜（3）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大（4）要解决此题，需要知道凸透镜成倒立的实像所以若成的像靠近光屏的上方，可以相对于凸透镜向上移动蜡烛，即向上移动蜡烛或向下移动凸透镜，使成的像向下移动或者直接向上移动光屏这样都可以使像成在光屏的中央解答：解：（1）为了使像呈在光屏的中心，点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏使它们的中心跟烛焰的中心大致在同一高度（2）蜡烛恰好在光屏上成倒立、等大的像，由图可知，此时u=v=20cm=2f，则f=10cm，故所选的凸透镜可能是下表

48、中的乙（3）若保持凸透镜位置不变，将蜡烛移至15.0cm刻线处，此时物距减小，像距增大，像增大，则应将光屏向右移动，才能找到像（4）实验一段时间蜡烛变短，由于凸透镜成的是倒立的实像，所以成的像将靠近光屏的上方所以将蜡烛调高，使三心等高（或将凸透镜调低，或将光屏调高）故答案为：（1）同一高度；使像成在光屏的中心；（2）乙；（3）右；（4）将蜡烛调高，使三心等高（或将凸透镜调低，或将光屏调高）点评：该题探究了凸透镜成像的规律，考查了学生对实验操作的要求一定要注意实验前的调整工作为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处同时要熟记规律，特别注意成像特点与物距之间的关系30（4

49、分）（2011龙岩）在“伏安法”测电阻的分组实验中：（1）请你根据图1（a）电路图，在未连好的图2实物图上用笔画线代替导线连接好电路（待测电阻Rx阻值约10）（2）接好电路后，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至右（填“左”或“右”）端，使其连入电路的电阻最大，从而保护电路（3）老师巡回指导时，发现某一小组的实验电路图如图1（b）所示，原来他们认为Rx两端的电压可以等于电源（两节串联干电池）电压3V减去电压表的示数在老师指导下，他们闭合开关后实测了电源两端的电压，发现其值小于3V，说明他们的方案是不可行（填“可行”或“不可行”）的考点：伏安法测电阻的探究实验；滑动变阻器的使用专题：实验题；作图

50、题；压轴题分析：（1）由电路图可知，滑动变阻器与电流表串联，电压表并联在电阻RX两端，则由题意选择两表的量程，滑动变阻器应接上面两接线柱中的任一个；（2）为保证安全闭合开关前应将滑动变阻器全部阻值接入，根据滑动变阻器的接法可知滑片的位置；（3）由图b可知两电阻串联，电压表并联在滑动变阻器两端，则由串联电路的规律判断可行性解答：解：（1）由题意知，电源电压为3V，则电压表量程可选择03V；由欧姆定律可得，电路中电流约为I=0.3A，则电流表应选择00.6A；调节滑动变阻器应起到调节电流的作用，故应将滑动变阻器上方金属杆任一接线柱与电流表0.6A接线柱相连；电压表并联在电阻两端；故答案如图所示：（

51、2）在闭合电路之前，为保证安全，应将滑动变阻器全部电阻接入，即滑片应滑到右端；其作用为保护电路（或分压限流）；（3）由图可知，电压表并联在滑动变阻器两端，在电源电压不足3V时，利用总电压减去滑动变阻器两端电压的方法，无法准确得出Rx的电压；故不可行故答案为：（2）右，保护电路（或分压限流）；（3）不可行点评：本题考查电路图的连接、及滑动变阻器的作用，要求能熟练作出电路的实物图并能熟练使用滑动变阻器31（8分）（2011龙岩）在图探究滑动摩擦力实验中，弹簧测力计水平拉着木块匀速滑动时，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的滑动摩擦力是一对平衡力木块因木纹不同，侧面比正面粗糙小伟选择四种不同的接触面，

52、通过在木块上增减砝码改变压力，对木块受到的滑动摩擦力进行了12次测定，实验数据整理如下表：接触面次数压力/N摩擦力/N接触面次数压力/N摩擦力/N情况一木块正面与木板面11.70.3情况三木块正面与玻璃面71.70.423.70.883.71.335.71.295.71.8情况二木块侧面与木板面41.70.6情况四木块侧面与玻璃面101.70.453.71.5113.71.065.72.5125.71.6（1）表中数据说明：在接触面情况相同时，压力越大，摩擦力越大接触面情况一、二中，压力相同，木块表面较光滑的摩擦力更小；接触面情况二、四中，压力相同，木块在玻璃表面上受到的摩擦力更小接触面情况一、三中，压力相同，木块在玻璃表面上受到的摩擦力更大；接触面情况三、四中，当压力为1.7N时，两种