嘉黎县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

1、嘉黎县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级座号姓名分数一、选择题1.阻值相等的四个电阻、电容器C及电池E（内阻可忽略）连接成如图所示电路。开关S闭合且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1,;断开开关S,电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2。Qi与Q2的比值为|hE5B.512C.D.2.下列各项中属于电磁波的是A.X射线B.引力波C.湖面上的水波D.可见光3.如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，则在此过程中，该粒子（A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐增加C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运

2、动4.如图所示，一个带正电的物体，从固定的粗糙斜面顶端沿斜面滑到底端时的速度为v,若加上一个垂直纸面向外的匀强磁场，则物体沿斜面滑到底端时的速度B.变大C.不变D.不能确定5.如图所示，一根重力G=0.1N、长L=1m的质量分布均匀的导体ab,在其中点弯成9=60。角，将此导体放第4页，共14页入匀强磁场中，导体两端a、b悬挂于两相同的弹簧下端，弹簧均为竖直状态，当导体中通过I=1A的电流时，两根弹簧比原长各缩短了Ax=0.01m,已知匀强磁场的方向垂直纸面向外，磁感应强度的大小B=0.4T,则A.导体中电流的方向为b-aB.每根弹簧的弹力大小为0.10NC.弹簧的劲度系数k=5N/mx.kw

3、D.若导体中不通电流，则弹簧伸长0.02m6 .（2016江苏苏北四市高三联考）某踢出的足球在空中运动轨迹如图所示，足球视为质点，空气阻力不计。用v、E、Ek、P分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的瞬时功率大小，用t表示足球在空中的运动时间，下列图象中可能正确的是（）7 .如图所示，质量为M的小车置于光滑的水平面上，车的上表面是粗糙的，有一质量为m的木块，以初速度V0滑上小车的上表面.若车的上表面足够长，则（）A.木块的最终速度一定为mv0/（M+m）8 .由于车的上表面粗糙，小车和木块组成的系统动量减小mI,C.车的上表面越粗糙，木块减少的动量越多一二D.车的上表面越粗糙，小车增加的动量

4、越多8.在匀强磁场中，一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则（）A.t=0.005s时线框的磁通量变化率为零B.t=0.01s时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为311VD.线框产生的交变电动势频率为100Hz9.（2016辽宁五校联考）中国志愿者王跃参与人类历史上第一次全过程模拟从地球往返火星的试验“火星-500”。假设将来人类一艘飞船从火星返回地球时，经历如图所示的变轨过程，则下列说法正确的是（）轨道见，,轨道Ql轨道*A.飞船在轨道n上运动时，在P点的速度大于在Q点的速度B.飞船在轨道I上运动时，在P点的速度大于在轨道

5、n上运动时在P点的速度C.飞船在轨道I上运动到P点时的加速度等于飞船在轨道n上运动到P点时的加速度D.若轨道I贴近火星表面，测出飞船在轨道I上运动的周期，就可以推知火星的密度10.有一台小型直流电动机，经测量：在实际工作过程中两端电压U=5V,通过的电流I=1A,电机线圈电阻r=0.10,这台电机工作5分钟时间将电能转化为焦耳热和机械能的值为A.焦耳热为30JB.焦耳热为1500JC.机械能为1500JD.机械能为1470J11.关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是12.如图所示，初速度不计的电子从电子枪中射出，在加速电场中加速，从正对P板的小孔射出，设加速电压为U

6、1,又垂直偏转电场方向射入板间并射出，设偏转电压为P 丁U2。则:A. U1变大，则电子进入偏转电场的速度变大B. U1变大，则电子在偏转电场中运动的时间变短C. U2变大，则电子在偏转电场中运动的加速度变小D.若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使U1变大，其它条件不变即可13 .如图所示是某质点做直线运动的v-t图象，由图可知这个质点的运动情况是（）第4页共14页A前5s做匀速运动B5s15s内做匀加速运动，加速度为1m/s2C15s20s内做匀减速运动，加速度为3.2m/s2D质点15s末离出发点最远，20s末回到出发点14 .关于电源电动势E的下列说法中错误的是:（）A.电动势E的单位

7、与电势、电势差的单位相同，都是伏特VB.干电池和铅蓄电池的电动势是不同的,_，WC.电动势E可表不为E=一，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大qD.电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大v-t图象如图所示。根据图象提供的信息可知（A.从t=0时刻起，开始时甲在前15.甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其）6s末乙追上甲B.从t=0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t=0时的位置45mD.在04s内与46s内甲的平均速度相等16.如图所示，竖直平行线MN、PQ间距离为a,其间存

8、在垂直纸面向里的匀强磁场（含边界PQ）,磁感应强度为B,MN上。处的粒子源能沿不同方向释放比荷为q/m的带负电粒子，速度大小相等、方向均垂直磁场。粒子间的相互作用及重力不计。设粒子速度方向与射线OM夹角为9,当粒子沿9=60。射入时，恰好垂直PQ射出。则A.从PQ边界射出的粒子在磁场中运动的最短时间为3qBB.沿9=120°射入的粒子，在磁场中运动的时间最长aqBC.粒子的速率为x-kwmD.PQ边界上有粒子射出的长度为2&17.测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材:A.待测的干电池（电动势约为1.5V,内电阻小于1.0）B.电流表G（满偏电流3mA,内阻Rg

9、=10Q）C.D.E.电流表A（00.6A,内阻滑动变阻器Ri（020a,滑动变阻器R2（0200a0.1Q)10A),lA)F.定值电阻Ro（990Q）G,开关和导线若干某同学发现上述器材中虽然没有电压表,凡W但给出了两个电流表，于是他设计了如图中甲的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的IiI2图线（Ii为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=V,内阻r=18.如图所示，一个变压器原副线圈

10、的匝数比为3：1,原线圈两端与平行导第16页，共14页轨相接，今把原线圈的导轨置于垂直纸面向里、磁感应强度为B=2T的匀强磁场中，并在导轨上垂直放一根长为L=30cm的导线ab,当导线以速度v=5m/s做切割磁感线的匀速运动时（平动），副线圈cd两端的电压为V。斗3:1XXXX03XXXX：F0cXX；odo-,XXXXb19 .质量为mi=2kg的带电绝缘球A,在光滑水平面上，从无限远处以初速度10m/s,向另一个固定在水平面上带同号电荷的绝缘球B靠近，B球的质量为m2=3kg,在它们相距到最近时，总的动能为J,它们具有的电势能为J。三、解答题20 .如图甲所示的是安全恒温饮水机的自动控制电

11、路.左边是一个对水加热的容器，内有密封绝缘可调的电热丝发热器和接触开关Si,只要有水浸没Si,它就会导通.Rx是一个热敏电阻，低温时呈现高电阻，达到高温时（如水的沸点）呈现低电阻.Ry是一个可变电阻，低温时Rx?Ry,高温（水的沸点）时Rx?Ry.中方框P内是一个逻辑门，A、B是逻辑门的输入端，Z是输出端.当A、B输入都为高电势时，Z才输出高电势.右S2被吸动闭合，发热器工作.该加热电边虚线框J内是一个继电器，当Z输出高电势时电磁线圈中有电流,路中，电的电动势为220V,内电阻为4Q,电热丝是一根额定电流为5A、总阻值为220的均匀电阻丝制成的圆环形滑动变阻器，如图乙所示.（1）根据题意，甲图

12、中方框 P是一个_（选填 与"、制的输入端是输入信号由水温高低控制的输入端是或“、非”）逻辑门，该逻辑门输入信号由水位高低控 一（后两空选填 “ A” “ B”（2）当加热电路安全工作时，电的可能最高效率和可能最大输出功率分别是多少?21 .如图所示，在xOy平面内存在均匀、大小随时间周期性变化的磁场和电场，变化规律分别如图乙、丙所示（规定垂直纸面向里为磁感应强度的正方向、+y轴方向为电场强度的正方向）。在t=0时刻由原点。发射初速度大小为V0,方向沿+y轴方向的带负电粒子(不计重力)。其中已知弓vo、to、Bo、Eo,且稣二一,粒JT口一n一48invn子的比荷一丁，X轴上有一点A

13、,坐标为(O.,0)。必%兀(1)求工时带电粒子的位置坐标；2(2)粒子运动过程中偏离x轴的最大距离;(3)粒子经多长时间经过A点。嘉黎县第一中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理（参考答案）一、选择题1 .【答案】Bx-J?x1=1e32 2闭合时,【解析】根据等效电路，开关3断开时，电容器的电压心=R-R3G=一X：我=；豆，Q）=a7故=：，故B正确。r+Lr23Qa%32点晴：闭合电路的欧姆定律、电容器的综合应用。2 .【答案】AD【解析】可见光、X射线都属于电磁波；湖面上的水波属于机械波，引力波不属于电磁波，故AD正确，BC错误。3 .【答案】BD4 .【答案】B【解

14、析】由左手定则可知物块受到垂直于斜面向上的洛伦兹力，物块与斜面之间的压力减小，所以摩擦力减小，由动能定理得mgh-FfS=-?n,由于Ff减小，故vt增大，故B正确。225 .【答案】AC【解析宅Jac当导体+通过/=!a的电波冲，两枝洋泰比里瓦骑殖，安培力方向句上，胴左手定贝】，导体小电流的方向为6一故A项正码；送电后，事怎漆前药效太史上专=/=0.5m,受到的安培力Fa=ZL5=1xO.5xQ,4N=O.2Nj娓受力分析G+=器得F=0.05N,每根弹美前弹力大小为0.05N故B项地课;据F二七5,尊号#=5Nm.就C交正有若孕体中不遇电流G=2耳，F.二4笃徉：生=0.01m,弹熹根长O

15、.Oi叫故D疗维暹16 .【答案】D1名师解析】足球做斜上抛运动，机械能守恒，重力势能先增加后减小J故动能先减小后增加，速度先减小后党加，kRI页错误f以初始位黄为零势能面，踢出时竖直方向速度为小则属=A耳=3噌4s席方才+聂/乙C项错误，速度的水平分量不变，竖直分量先减d呼零，后反向熠加，故中魏6修可知,重力的功率先均匀减小后均匀增加，DI页正确7 .【答案】A8 .【答案】B【解析】解析：由题图知，该交变电流电动势峰值为311V,交变电动势频率为f=50Hz,C、D错;t=0.005s时,e=311V,磁通量变化最快，t=0.01s时,e=0,磁通量最大，线圈处于中性面位置，A错,B对。9

16、 .【答案】ACD【解析】【名师解析】根据开普勒第二定律，行星在单位时间内扫过的面积相等可以知道，行星在远离中心天体的位置处速度一定小于在靠近中心天体位置处的速度，类比可以知道，且正确；人造飞船在汽点处受到的万有引力G尸磬，为其提供做图周运动所需要的向心力当万有引力等于所需向心力时，人造飞船做TJT周周运动，当万有引力小于所需向心力时，人造飞船做离心运动飞船在轨道n上尸点的速度大于在轨道I上田点的速度，日错误？根据牛顿第二定律六八二潦二五电，同一个位置万有引力大小与方向相同，所以在尸点任一轨道的加速度相同,C正确孑当轨道I贴近火星时，i殳火星的半径为用由万有引力用来提供向口力可以得到：4字品于

17、是环gn=*%又因为仁生/，所以白=当,口正确。10 .【答案】AD【解析】根据焦耳定律可得焦耳热为：Q=frt=/乂。*60J=30J,故A正确，B错误；电动机做的总功为：W=UIt=5X>540J=1500J,机械能为：E=W-Q=1500-30J=1470J,故D正确，C错误。所以AD正确，BC错误。11 .【答案】AB【解析】根据安培右手定则可知，A图的电流方向向上，产生从上往下看逆时针方向的磁场，故A正确；同理B图符合安培右手定则，故B正确；根据安培右手定则可知，小磁针的N极应该指向左方，故C错误；根据安培右手定则可知，D图中小磁针的N极应该垂直纸面向外，故D错误。所以AB正确

18、，CD错误。12 .【答案】ABD【解析】A项：由F=Uq可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当U1变大，则电子进入偏d转电场的速度变大，故A正确；-UqB项：由F=3可知，电子受力变大，加速度变大，其他条件不变时，当Ui变大，则电子进入偏转电场的水平速度变大，运动时间变短，故B正确；C项：由F=詈可知，U2变大，电子受力变大，加速度变大，电子在偏转电场中运动的加速度变大，故C错误；工,u2l2D项：由y=可知，若要电子离开偏转电场时偏移量变小，仅使Ui变大，其它条件不变即可，故D正4dUi确。点晴：本题考查了带电粒子在电场中的运动，可以根据动能定理和牛顿第二定律、运动学公式结合推

19、导出U2L2V=O4dU113 .【答案】AAv【解析】前5s质点做速度是8m/s的匀速运动，A正确；5s15s内做匀加速运动，加速度为ai=41rrivI=m/s2=0.8m/s2,B错误；15s20s内做匀减速运动，加速度为a?=At=m/s2=3.2m/s2,C错误，质点在020s内一直沿着正方向运动，20s末质点离出发点最远，D错误。14 .【答案】C15 .【答案】B【解析】AC二由Lt图象与坐标轴围成面积表示对应位移可得。前甲前进的距离x4+x2xlOm=4Oni,2206s乙前进的距离2=5x6m=30iBj仁。时刻甲、乙经过同一地点，故“末乙未追上甲；故乩错误口甲停止后乙才追上

20、甲，追上点离出发点40叫所需时间，=包=当=心；故C错误小校5B:1=0时刻甲、乙经过同一地点，此后甲的速度先比乙大，故甲先领先乙，当两者速度相等（t=5Q时，两者之间的距离出现极大值*由*r-f图象与坐标轴围成面积表示对应位移可得：Of内乙比甲多运动的位移为。时内两者图象围成的小三再形面积,即&1al=:）5/5加=125胞，故B正确。D：/Te内甲的平均速度为M=5：0瘀/j=7.5m/$,465内甲的平均速度畛=匕2=10+0诩,I=5制$故D错误中2216 .【答案】BD冽m【解析】粒子在磁场中运动过程中，洛伦兹力充当向心力，运动半径/二F因为所有粒子一和速度都相同，Mq故所有

21、粒子的运动半径都一样，当粒子沿（=60。射入时，恰好垂直pq射出，可得r-=2a,故sin30°。如2aqBa=,解得“二一一,当粒子轨迹与pq边界相切时，轨迹最长，运动时间最长，此时根据几何知识可qBm得9=120°,此时是粒子打在PQ边界上的最低的点，故相对Q的竖直位移为西二1£山60。二后我，B正确，C错误；由于v一定，则弧长最短时，时间最短，根据分析可知当粒子沿着边界MN方向向上射入时最短，此时兀圆心在MN上，依30。，所以工二型1£二”,此时是粒子打在边界PQ的最上端，根据几何知识可得力一qB2ji6gB该点相对。点竖直位移为%=rein60。

22、=也。,故pq边界上有粒子射出的长度为/二瓦十/=2,a错误，D正确。二、填空题17 .【答案】b,D1.48(1.48±0.02),0.77(0.750.80)18 .【答案】0【解析】由于是匀速运动，产生恒定的电流，则变压器副线圈电压为零19 .【答案】0100三、解答题20 .【答案】（1）与AB;（2）93.2%,1190W.【解析】（1）由题，当心B输入都为高电势时，2才输出高电势，故P应是与逻辑门.本饮水机的自动加熟原理:当水温较低时，©阻值较大，A为高电势，且有水浸没，B也为高电势则工才输出高电势，电磁线圈中有电流,S被吸动闭合,发热器工作.所以该逻辑门输入信号由水位高低控制的输入端是B,输入信号由水温局低控制的输入端是A.-x2202互0=5502（2）可见当电阻丝并联电阻R'最大时，电可能达到的效率最高由于R=当