安徽省皖南八校2019年高三物理三模试卷

1、安徽省皖南八校2019年高三物理三模试卷、单选题（共5题；共10分）、多选题（共5题；共13分）1 .如图所示，在光滑水平面上有宽度为d的匀强磁场区域，边界线 MN平行于PQ线，磁场方向垂直平面向下，磁感应强度大小为 B,边长为L （Lvd）的正方形金属线框，电阻为 R,质量为m,在水平向右的恒 力F作用下，从距离 MN为d/2处由静止开始运动，线框右边到MN时速度与到PQ时的速度大小相等，运动过程中线框右边始终与 MN平行，则下列说法正确的是（）X鸟d-2 NQ-10 -A.线框进入磁场过程中做加速运动B.线框的右边刚进入磁场时所受安培力的大小为C.线框在进入磁场的过程中速度的最小值为D.线

2、框右边从 MN至ij PQ运动的过程中，线框中产生的焦耳热为Fd2 .下列说法正确的是（）A.气体的温度升高，每个气体分子运动的速率都增大B.分子间引力和斥力同时存在，都随距离增大而减小，但斥力变化更快C.附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，液体与固体间表现为浸润D.已知阿伏伽德罗常数，气体的摩尔质量和密度，可算出该气体分子间的平均距离E.由热力学第一定律可知做功不一定改变内能，热传递也不一定改变内能，但同时做功和热传递一定会 改变内能3 .x=0处的质点在t=0时刻从静止开始做简谐振动，带动周围的质点振动，在x轴上形成一列向x正方向传播的简谐横波。如图甲为x=0处的质点的振动图像，如

3、图乙为该简谐波在t0=0.03s时刻的一部分波形图。已知质点P的平衡位置在x=1.75m处，质点Q的平衡位置在x=2m。下列说法正确的是（）A.质点Q的起振方向向上B.从to时刻起经过0.0275s质点P处于平衡位置C.从to时刻算起，质点 P比质点Q的先到达最低点D.从to时刻起经过0.025s,质点P通过的路程小于1mE.从to时刻起经过0.01s质点Q将运动到x=3m处三、实验题(共2题；共5分)4 .某实验小组设计了一个探究加速度a与物体所受合力 F及质量m关系的实验，如图所示已知小车质量 M= 250g,祛码盘的质量记为 m0 ,所使用的打点计时器交流电频率f=50Hz.其实验步骤是

4、：轻质滑党打点计时器/小车a.按图中所示安装好实验装置；b.调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；c.取下细绳和祛码盘，记下祛码盘中祛码的质量m;d.先接通电源，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求得小车的加速度a;e.重新挂上细绳和祛码盘，改变祛码盘中祛码质量，重复24步骤，求得小车在不同合外力F作用下的加速度。回答下列问题：(1)按上述方案做实验，是否要求祛码和祛码盘的总质量远小于小车的质量？ (填是"或否")(2)实验中打出的其中一条纸带如图所示，由该纸带可求得小车的加速度a=m/s2 .(保留二位有效数字)-*-5.00*4*-5,87*-6.

5、767.M单位:cm(3)某同学将有关测量数据填入他所设计的表格中，如下表,次数12345祛码盘中祛码的重力F/N0.100.200.290.390.49小车的加速度a (m/s2)0.881.441.842.382.89他根据表中的数据画出 a-F图象(如图)。造成图线不过坐标原点的一条最主要原因是5.为了测某电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材:电阻箱R,定值电阻Rn,两个电流表Al、A2 ,电键S1 ,单刀双掷开关 及，待测电源，导线若干.实 验小组成员设计如图甲所示的电路图.(1)闭合电键Si,断开单刀双掷开关金 ,调节电阻箱的阻值为Ri,读出电流表A2的示数I。；将单刀双掷开关S

6、2合向1,调节电阻箱的阻值，使电流表A2的示数仍为I。，此时电阻箱阻值为 R2 ,则 电流表Ai的阻值Rai =.(2)将单刀双掷开关 S2合向2,多次调节电阻箱的阻值，记录每次调节后的电阻箱的阻值R及电流表Ai的示数I,实验小组成员打算用图象分析 I与R的关系，以电阻箱电阻 R为横轴，为了使图象是直线， 则纵 轴y应取.A.IB.I2C.1/ID.1/I2(3)若测得电流表 A1的内阻为1Q,定值电阻R0 = 2Q,根据(2)选取的y轴，作出y-R图象如图乙所 示，则电源的电动势 E=V,内阻r=Q.(4)按照本实验方案测出的电源内阻值 .(选填偏大"、偏小”或等于真实值”) 四、

7、解答题(共4题；共29分)6 .如图所示，空间充满了磁感应强度为B的匀强磁场其方向垂直纸面向里.在平面内固定放置一绝缘材料制成的边长为L的刚性等边三角形框架 DEF, DE边中点S处有一带正电的粒子，电量为 q,质量为m, 现给粒子一个垂直于 DE边向下的速度，若粒子每一次与三角形框架的碰撞时速度方向垂直于被碰的边， 且碰撞均为弹性碰撞，当速度的大小取某些特殊数值时可使由S点发出的粒子最终又回到S点.求：65T£X X + vx X(1)若粒子只与三角形框架碰撞两次就回到S点，粒子的速度大小.(2)若S点不在DE边的中点，而是距 D点的距离DS= L/4,仍然使粒子能回到 S点，求满

8、足条件的粒子 的速度大小.7 .如图所示，BCD是光滑绝缘的半圆形轨道，位于竖直平面内，直径BD竖直轨道半径为 R,下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，质量为 m的不带电的滑块 b静止在B点整个轨道处在水平向左的匀强电场中场强大小为E.质量为m、带正电的小滑块 a置于水平轨道上，电荷量为q二差,滑块a与水平轨道间的动摩擦因数 吠0.5,重力加速度为g.现将滑块a从水平轨道上距离 B点12R的A点由静止释放，运动到B点与滑块b碰撞，碰撞时间极短且电量不变，碰后两滑块粘在一起运动，a、b滑块均视为质点.求:(1)滑块a、b碰撞后的速度大小.(2)滑块在圆形轨道上最大速度的大小，以及在最大速度位置处滑

9、块对轨道作用力的大小.(3)滑块第一次落地点到 B点的距离.8 .如图所示，粗细均匀的 U形玻璃管，左端封闭，右端开口，竖直放置。管中有两段水银柱a、b,长分别为5cm、10cm ,两水银液柱上表面相平，大气压强为75cmHg,温度为27 C , a水银柱上面管中封闭的 A段气体长为15cm, U形管水平部分长为10cm,两水银柱间封闭的 B段气体的长为20cm,给B段气体缓 慢加热，使两水银柱下表面相平，求此时：(i)A段气体的压强；(ii)B段气体的温度为多少？9 .如图所示，ABC等边三棱镜，P、Q分别为AB边、AC边的中点，BC面镀有一层银，构成一个反射面, 一单色光以垂直于 BC面的

10、方向从P点射入，经折射、反射，刚好照射在AC边的中点Q,求A 棱镜对光的折射率； 使入射光线绕P点在纸面内沿顺时针转动，当光线再次照射到Q点时，入射光线转过的角度.答案解析部分一、单选题二、多选题1 .【答案】B,D【解析】【解答】A线框右边到MN时速度与到PQ时速度大小相等，线框完全进入磁场过程不受安培力 作用，线框完全进入磁场后做加速运动，由此可知，线框进入磁场过程做减速运动，故A不符合题意；B、线框进入磁场前过程，由动能定理得：FS = §超*，解得： 门二J尊，线框受到的安培力：“皿= = 罕牖,故B符合题意；G线框完全进入磁场时速度最小，从线框完全进入磁场到右边到达PQ过程

11、，对线框，由动能定理得：一 口 = +即彳，孙,%解得：4Kli= 唇二零:，故。不符合题意；D、线框右边到达 MN、PQ时速度相等，线框动能不变，该过程线框产生的焦耳热：Q=Fd,故D符合题息；故答案为：BD【分析】利用速度相同可以判别线圈进入磁场时做减速运动；利用动能定理结合安培力公式可以求出安 培力的大小；利用动能定理可以求出线圈完全进入磁场的速度大小；利用功能关系可以求出焦耳热的大小。2 .【答案】B,C,D【解析】【解答】A、温度是分子平均动能的标志，气体温度升高，分子的平均动能增加，分子的平均速率增大，不是每个气体分子运动的速率都增大，A不符合题意；B、根据分子力的特点可知，分子间

12、引力和斥力同时存在，都随距离增大而减小，随距离减小而增大，但斥力变化更快，B符合题意；C、附着层内分子间距离小于液体内部分子间距离时，附着层内分子间作用表现为斥力，附着层有扩展趋势，液体与固体间表现为浸润，C符合题意；D、知道阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可求出气体的摩尔体积，然后求出每个气体分子占据的空间大小，从而能求出气体分子间的平均距离，D符合题意；E、做功与热传递都可以改变物体的内能，但同时做功和热传递，根据热力学第一定律可知，不一定会改 变内能，故E不符合题意。故答案为：BCD【分析】温度的大小决定分子平均动能的大小，不代表每一个分子动能的大小；假如外界对物体做功, 同时物体

13、放热的话有可能内能保持不变。3 .【答案】B,C,D【解析】【解答】A、由图甲可知，在时刻振源质点是向y轴负方向振动，其余质点重复振源质点的运动情况，故质点 Q起振的方向仍为y轴负方向，故答案为：项 A不符合题意；B、由图甲可知周期为r = 0-025,由图乙可知波长为Z=27JJ,则波速为：则由图乙可知当P再次处于平衡位置时，时间为：££ = 0/)0755经过周期的整数倍之后，质点 P再次处于平衡位置，即经过 二/+T=0*27Ss还处于平衡位置，B符合题意；G由于波沿 宣轴正方向传播，可知从 t0时刻算起，质点 P比质点Q的先到达最低点，C符合题意；D、由题可知：若质

14、点P在最高点、最低点或平衡位置，则通过的路程为：$ =看冥儿4 = 5J = 1 q加，但此时质点P不在特殊位置，故其路程小于Mi, D符合题意；E、波传播的是能量或者说是波的形状，但是质点不随着波迁移，E不符合题意。故答案为：BCD【分析】由图读出波长 ，和周期T,由波长与周期可求出波传播的速度，根据质点的位置分析其运动情况，注意质点不随着波迁移；三、实验题4 .【答案】 (1)否(2) 0.88(3)在计算小车所受的合外力时未计入祛码盘的重力【解析】【解答】(1)当物体小车匀速下滑时有： mgsin 0= f+ (m+mo) g,当取下细绳和祛码盘后，由于 重力沿斜面向下的分力 mgsin

15、。和摩擦力f不变，因此其合外力为(m+mo) g,由此可知该实验中不需要祛 码和祛码盘的总质量远小于小车的质量。( 2)在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即 x= aT2 ,根据逐差法可知，加速度:(6 .75-5.(KR75£ 力 1 个4A(0力货0.88m,1 s2(3)由图象可知，当外力为零时，物体有加速度，说明小车所受合力大于祛码的重力，可能是计算小车所受的 合外力时未计入祛码盘的重力；【分析】(1)利用平衡条件可以求出合外力的大小所以不需要满足质量要求；(2)利用逐差法可以求出加速度的大小；(3)利用坐标可以判别没有外力时有加速度的产生进而判别其合力计算没有

16、计入祛码盘的重力。5.【答案】(1)及-R(2) C(3) 3; 0.9(4)等于真实值【解析】【解答】(1)由题意可知，电路电流保持不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电阻不变，则电流表内阻等于两种情况下电阻箱阻值之差，即：Rai= R2-R1； (2)根据题意与图示电路图可知，电源电动势：上二式 +整理得： 然2尺十梏学，为得到直线图线，应作一K图象，C符合题意ABD不符合题意.(3)由:一K图线可知： >=上等3 = 1.3,卜一 J_ _ d7 _ 26 - L3 . 1 ,解得，电源电动势：E=3V,电源内阻：r= 0.9Q; (4)实验测出"月一3.9- 3了电流表

17、Ai的内阻，由(2) (3)可知，电源内阻的测量值等于真实值.【分析】(1)利用总电阻不变结合电阻的变化可以求出电流表的电阻的大小；(2)利用闭合电路的欧姆定律可以判别电流和电阻的关系；(3)利用图像斜率可以求出电动势和内阻的大小；(4)利用电表没有干扰可以判别电源内阻的测量值等于真实值。四、解答题6.【答案】 (1)解：粒子从S点以垂直于DE边射出后，做匀速圆周运动，其圆心必在 DE线上，根据牛 顿第二定律可得： 即=阳导,解得：虎=宜，若粒子只与三角形框架碰撞两次就回到 S点，则圆 心在三角形顶点，由几何关系得：,联立解得：毕 .(2)解：要使粒子能回到 S点，要求粒子每次与 4DEF碰撞

18、时，v都垂直于边，且通过三角形顶点处时，圆心必为三角形顶点，故：DS = (2Jt- ix Q?=IN 3)，即：R=5=L 2, 3)，小有二号1联立解得： 了二 梁不恚力 5=1,2,3)【解析】【分析】(1)利用牛顿第二定律结合轨道半径的大小可以求出速度的大小；(2)利用几何关系可以求出轨道半径，结合牛顿第二定律可以求出粒子的速度大小。7.【答案】(1)解：a从A到B的过程用动能定理得3”喧1 r口士宾1*-冲喀震122?=另丽,解得*1 =对a与b碰撞用动量守恒定律得 mv1 = 2mv2 ,解得=46gR(2)解：当滑块重力与电场力合力方向和圆轨道径向一致时，滑块速度最大.如图，则有& Eq9= arrtan=$了，对滑块从碰后到最大速度的过程用动能定理有方言善我§in37a 2加g忒L- <:。$3丁)=g2mq - | x力洒g，解得滑块最大速度 为="詈,滑块在P点用牛顿第二定律得,尸广 悬二卷解得滑块受到轨道支持力小二苧'由牛顿第三定律.此时滑块对轨道作用力(3)解：a、b整体从B到D的过程中.由动能定理有 一 2wg2R=，2m寸一,解得】工二,在D点.对滑块受力分析得:百"4加g =,解得 鼠=幼嘻，所以滑块能通过D点接着水平飞出，在竖直方向;1R二产,解得水平方问受电场力加速度不变则【解