高考生物二轮文档：1-4-2遗传的基本规律和伴性遗传(含解析)

1、第2讲遗传的基本规律和伴性遗传 12015·课标全国卷抗维生素D佝偻病为X染色体显性遗传病，短指为常染色体显性遗传病，红绿色盲为X染色体隐性遗传病，白化病为常染色体隐性遗传病。下列关于这四种遗传病遗传特征的叙述，正确的是()A短指的发病率男性高于女性B红绿色盲女性患者的父亲是该病的患者C抗维生素D佝偻病的发病率男性高于女性D白化病通常会在一个家系的几代人中连续出现答案B解析据题干可知短指为常染色体显性遗传病，常染色体遗传病在不同性别中的发病率一般无区别，A错误。红绿色盲是伴X染色体隐性遗传病，女性患者的父亲必患病，B正确。抗维生素D佝偻病为伴X染色体显性遗传病，女性患者通常多于男性患

2、者，C错误。白化病为常染色体隐性遗传病，常表现出隔代遗传的特点，D错误。22015·福建高考绿色荧光标记的X染色体DNA探针(X探针)，仅能与细胞内的X染色体DNA的一段特定序列杂交，并使该处呈现绿色荧光亮点。同理，红色荧光标记的Y染色体DNA探针(Y探针)可使Y染色体呈现一个红色荧光亮点。同时用这两种探针检测体细胞，可诊断性染色体数目是否存在异常。医院对某夫妇及其流产胎儿的体细胞进行检测，结果如图所示。下列分析正确的是()AX染色体DNA上必定有一段与X探针相同的碱基序列B据图分析可知妻子患X染色体伴性遗传病C妻子的父母至少有一方患有性染色体数目异常疾病D该夫妇选择生女儿可避免性染

3、色体数目异常疾病的发生答案A解析结合题干信息X探针仅能与细胞内的X染色体DNA的一段特定序列杂交，可知X染色体DNA上必定有一段与X探针相同的碱基序列，A项正确；图中妻子体细胞中的绿色荧光亮点有三个，说明其体内有三条X染色体，属于染色体异常遗传病，B项错误；如果妻子父母的性染色体数目均正常，在形成配子的过程中，妻子的母亲在减数第一次分裂后期一对X染色体没有分离或减数第二次分裂后期着丝点断裂后两条X染色体没有分离，也会导致妻子出现三条X染色体的现象，C项错误；丈夫、妻子的性染色体组成分别为XY、XXX，因此可判断若生女儿也有可能患染色体异常疾病，D项错误。32014·海南高考基因为Aa

4、BbDdEeGgHhKk的个体自交，假定这7对等位基因自由组合，则下列有关其子代的叙述，正确的是()A1对等位基因杂合、6对等位基因纯合的个体出现的概率为5/64B3对等位基因杂合、4对等位基因纯合的个体出现的概率为35/128C5对等位基因杂合、2对等位基因纯合的个体出现的概率为67/256D7对等位基因纯合个体出现的概率与7对等位基因杂合的个体出现的概率不同答案B解析依数学组合原理及基因自由组合定律，1对等位基因杂合，6对纯合的个体出现的概率为7/128，A错；5对基因杂合，2对基因纯合的个体出现的概率为21/128，C错误；7对等位基因纯合个体与7对等位基因杂合的个体出现的概率相等为1/

5、128，D错误。42014·海南高考某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因控制。要确定这对性状的显隐性关系，应该选用的杂交组合是()A抗病株×感病株B抗病纯合体× 感病纯合体C抗病株×抗病株，或感病株×感病株D抗病纯合体×抗病纯合体，或感病纯合体×感病纯合体答案B解析依显性性状和隐性性状的概念，具有一对相对性状的纯合亲本杂交，子一代表现出来的性状为显性性状，未表现的性状为隐性性状，故B正确。52014·山东高考某家系的遗传系谱图及部分个体基因型如图所示，A1、A2、A3是位于X染色体上的等位基因。下列

6、推断正确的是()A2基因型为XA1XA2的概率是1/4B1基因型为XA1Y的概率是1/4C2基因型为XA1XA2的概率是1/8D1基因型为XA1XA1概率是1/8答案D解析父亲的X染色体一定能传递给女儿、Y染色体一定传递给儿子，母亲的两条X染色体传递给后代的几率相等。2和3基因型分别为1/2XA1XA2、1/2XA1XA3，产生配子为1/2XA1、1/4XA2、1/4XA3，因此1基因型为1/2XA1Y、1/4XA2Y、1/4XA3Y，产生含X的配子为1/2XA1、1/4XA2、1/4XA3。2基因型为1/2XA1XA2、1/4XA2XA2、1/4XA2XA3，产生配子为1/4XA1、5/8X

7、A2、1/8XA3。故1为XA1XA1的概率是1/8。62014·安徽高考鸟类的性别决定为ZW型。某种鸟类的眼色受两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控制。甲、乙是两个纯合品种，均为红色眼。根据下列杂交结果，推测杂交1的亲本基因型是()A.甲为AAbb，乙为aaBB B甲为aaZBZB，乙为AAZbWC甲为AAZbZb，乙为aaZBW D甲为AAZbW，乙为aaZBZB答案B解析根据杂交组合2中后代的表现型与性别相联系，可知控制该性状的基因在Z染色体上，可知A项错误；杂交组合1中后代雌雄表现型相同，且都与亲本不同，可见子代雌雄个体应是同时含A和B才表现为褐色眼，则甲的基因型为aaZB

8、ZB，乙的基因型为AAZbW，因此后代褐色眼的基因型为AaZBZb和AaZBW，由此可知反交的杂交组合2中亲本基因型为aaZBW和AAZbZb，后代雌性的基因型为AaZbW(红色眼)、雄性的基因型为AaZBZb(褐色眼)，这个结果符合杂交2的子代表现，说明最初推测正确，即杂交1的亲本基因型为AaZBZb和AaZBW，B项正确。72015·福建高考鳟鱼的眼球颜色和体表颜色分别由两对等位基因A、a和B、b控制。现以红眼黄体鳟鱼和黑眼黑体鳟鱼为亲本，进行杂交实验，正交和反交结果相同。实验结果如图所示。请回答：(1)在鳟鱼体表颜色性状中，显性性状是_。亲本中的红眼黄体鳟鱼的基因型是_。(2)

9、已知这两对等位基因的遗传符合自由组合定律，理论上F2还应该出现_性状的个体，但实际并未出现，推测其原因可能是基因型为_的个体本应该表现出该性状，却表现出黑眼黑体的性状。(3)为验证(2)中的推测，用亲本中的红眼黄体个体分别与F2中黑眼黑体个体杂交，统计每一个杂交组合的后代性状及比例。只要其中有一个杂交组合的后代_，则该推测成立。(4)三倍体黑眼黄体鳟鱼具有优良的品质。科研人员以亲本中的黑眼黑体鳟鱼为父本，以亲本中的红眼黄体鳟鱼为母本，进行人工授精。用热休克法抑制受精后的次级卵母细胞排出极体，受精卵最终发育成三倍体黑眼黄体鳟鱼，其基因型是_。由于三倍体鳟鱼_，导致其高度不育，因此每批次鱼苗均需重

10、新育种。答案(1)黄体(或黄色)aaBB(2)红眼黑体aabb(3)全部为红眼黄体(4)AaaBBb不能进行正常的减数分裂，难以产生正常配子(或在减数分裂过程中，染色体联会紊乱，难以产生正常配子)解析(1)杂交实验的正反交结果相同，且F2的表现型比例为934，说明两对基因均位于常染色体上，符合基因的自由组合定律，根据黄体×黑体F1全为黄体，说明黄体对黑体为显性；根据红眼×黑眼F1全为黑眼，说明黑眼对红眼为显性，则亲本的基因型是aaB_和A_bb，又根据F2的表现型及其比例为934(31)，可推出F1的基因型为AaBb，则亲本中红眼黄体的基因型为aaBB。(2)综上所述可知，

11、P：aaBB×AAbbF1：AaBb，F1自交得F2，理论上F2为9黑眼黄体(A_B_)3红眼黄体(aaB_)3黑眼黑体(A_bb)1红眼黑体(aabb)，可是实验结果是F2的表现型及其比例为黑眼黄体红眼黄体黑眼黑体934(即31)，因此可以推测1/16的aabb(红眼黑体)表现出了黑眼黑体。(3)如果第(2)小题的假设成立，则亲本中红眼黄体个体(aaBB)与F2中黑眼黑体个体(A_bb或aabb)杂交，其中aaBB×aabbaaBb，此时子代全部为红眼黄体。(4)亲本中黑眼黑体个体(AAbb)作为父本，其精子基因型为Ab，亲本中红眼黄体个体(aaBB)作为母本，其次级卵母

12、细胞基因组成为aaBB(不排出极体)，则受精卵的基因型为AaaBBb，所以受精卵最终发育成的三倍体黑眼黄体鳟鱼的基因型为AaaBBb，由于三倍体黑眼黄体鳟鱼不能进行正常的减数分裂(或在减数分裂过程中，染色体联会紊乱)，难以产生正常配子，导致其高度不育。82015·安徽高考已知一对等位基因控制鸡的羽毛颜色，BB为黑羽，bb为白羽，Bb为蓝羽；另一对等位基因CL和C控制鸡的小腿长度，CLC为短腿，CC为正常，但CLCL胚胎致死。两对基因位于常染色体上且独立遗传。一只黑羽短腿鸡与一只白羽短腿鸡交配，获得F1。(1)F1的表现型及比例是_。若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2中出现_种不同表现

13、型，其中蓝羽短腿鸡所占比例为_。(2)从交配结果可判断CL和C的显隐性关系，在决定小腿长度性状上，CL是_；在控制致死效应上，CL是_。(3)B基因控制色素合成酶的合成，后者催化无色前体物质形成黑色素。科研人员对B和b基因进行测序并比较，发现b基因的编码序列缺失一个碱基对。据此推测，b基因翻译时，可能出现_或_，导致无法形成功能正常的色素合成酶。(4)在火鸡(ZW型性别决定)中，有人发现少数雌鸡的卵细胞不与精子结合，而与某一极体结合形成二倍体，并能发育成正常个体(注：WW胚胎致死)。这种情况下，后代总是雄性，其原因是_。答案(1)蓝羽短腿蓝羽正常2161/3(2)显性 隐性(3)提前终止从缺失

14、部位以后翻译的氨基酸序列发生变化(4)卵细胞只与次级卵母细胞形成的极体结合，产生的ZZ为雄性、WW胚胎致死解析(1)依题意，亲本黑羽短腿鸡与白羽短腿鸡的基因型分别为BBCLC、bbCLC，F1基因型(表现型)为BbCLCL(致死)BbCLC(蓝羽短腿)BbCC(蓝羽正常腿)121。若让F1中两只蓝羽短腿鸡(BbCLC)交配，F2中出现3×26(种)表现型，其中蓝羽短腿鸡(BbCLC)占1/2×2/3 1/3。(2)从交配结果可以分析，由于基因型CLC表现为短腿，CC表现为正常，故在决定小腿长度上，基因CL对基因C为显性；在控制致死效应上，只有基因型CLCL才表现出致死现象，

15、说明在致死效应上，基因CL是隐性。(3)当基因中缺失1个碱基对时，会导致mRNA上缺失1个碱基，可能导致决定氨基酸的密码子变成终止密码子，从而导致肽链合成提前终止，也可能导致缺失部位以后翻译的氨基酸序列发生变化，也可能使终止密码子消失，从而导致肽链变长。(4)火鸡性别决定方式为ZW型，ZZ为雄性，ZW为雌性，当ZW雌鸡产的卵细胞为Z时，次级卵母细胞形成的极体为Z。当ZW雌鸡产的卵细胞为W时，次级卵母细胞形成的极体为W，即卵细胞与次级卵母细胞形成的极体结合，产生后代ZZ(雄性)、WW(胚胎致死)，所以这种情况下后代总是雄性。92014·课标全国卷山羊性别决定方式为XY型。下面的系谱图表

16、示了山羊某种性状的遗传，图中深色表示该种性状的表现者。已知该性状受一对等位基因控制，在不考虑染色体变异和基因突变的条件下，回答下列问题：(1)据系谱图推测，该性状为_(填“隐性”或“显性”)性状。(2)假设控制该性状的基因位于Y染色体上，依照Y染色体上基因的遗传规律，在第代中表现型不符合该基因遗传规律的个体是 _ (填个体编号)。(3)若控制该性状的基因仅位于X染色体上，则系谱图中一定是杂合子的个体是_(填个体编号)，可能是杂合子的个体是_(填个体编号)。答案(1)隐性 (2)1、3和4 (3)2、2、4 2解析(1)根据系谱图，1和2均不表现该性状，但他们的后代1出现该性状，推知该性状为隐性

17、，1和2为该性状的携带者。(2)假设该性状基因位于Y染色体上，该性状由Y染色体传递，因此表现该性状个体的所有雄性后代和雄性亲本都表现该性状，且雌性个体不会表现该性状。据此理论上第世代各个体的性状表现应为：1 不表现该性状(因为1不表现该性状)、2和3均不表现该性状(因为是雌性)、4表现该性状(因为3表现该性状)。结合系谱图可知，不符合该基因遗传规律的个体是1、3和4。(3)假设控制该性状的基因仅位于X染色体上，且由(1)知该性状为隐性遗传(为解析方便假定该性状由基因Aa控制)；2和2均未表现出该性状(XAX)，但他们的雄性后代(3和1)却表现出该性状(XaY)；同时考虑到雄性个体的X染色体来自

18、于雌性亲本，据此断定2和2一定为杂合体(XAXa)。3表现该性状(XaXa)，其所含的一条X染色体必然来自4；同时3不表现该性状，据此断定4为杂合体(XAXa)。2不表现出该性状，其雌性亲本2为杂合体(XAXa)，因此2既可以是杂合子(XAXa)也可以是纯合子(XAXA)。 命题规律及预测在高考中，相关试题可以在选择题中出现，也可在非选择题中出现，既可以考查考生对基础知识的理解能力，又可以考查考生的实验探究能力，且涉及的知识面广、难度大。分析近三年的高考题，可以看出：考查水平从识记到应用。命题淡化了对基础概念的识记，注重对基本原理和规律的理解，试题综合程度不高，步骤不难，主要考查考生对生物学有

19、关过程、规律和现象的理解情况。分离定律的考查大多以非选择题的形式出现，是体现生物试题区分度的重要考点，高考对知识的考查主要有：根据亲代的表现型(基因型)推测子代的基因型(表现型)及比例；根据子代表现型及比例推测亲代的基因型；遗传概率的计算等，本部分主要以遗传实验为背景，结合伴性遗传、人类遗传病、生物变异、进化的知识综合考查，大多数以非选择题的形式出现，选择题常考查遗传系谱图或孟德尔相关实验。伴性遗传的考查往往与遗传规律的考查互不可分，且难度有所增大，在高考中主要考查基因与染色体的关系，基因型的判定，概率的计算。预测2016年本部分仍为必考知识，其中自由组合规律与育种相联系出题可能性比较大，选择

20、题、非选择题都会考查。 考点一基因的分离定律和自由组合定律1解读孟德尔定律的发现思路假说演绎(1)发现现象纯合亲本杂交，F1只出现显性性状，F2出现性状分离31(9331)。(2)提出问题F1为什么只出现显性性状，F2分离比是怎样出现的。(3)作出假设生物性状由遗传因子决定，遗传因子有显、隐之分；体细胞中遗传因子成对；生殖细胞形成时，成对的遗传因子分离各自进入一个配子，雌雄配子结合机会均等。(4)演绎推理测交、预测结果11(1111)(5)实验验证测交结果与预测相符(6)得出结论孟德尔两大定律2性状显隐性的判断(2)杂交法：具有相对性状的亲本杂交，子代所表现出的那个亲本性状为显性，未表现出的那

21、个亲本性状为隐性。(3)假设法：若以上方法无法判断时，可以用假设法来判断性状的显隐性。在运用假设法判断显性性状时，若出现假设与事实相符的情况，要注意两种性状同时作假设或对同一性状作两种假设，切不可只根据一种假设得出片面的结论。但若假设与事实不相符，则不必再作另一假设，可直接予以判断。3. 遗传基本定律的验证方法(1)自交法若F1自交后代的性状分离比为31，则符合基因的分离定律。若F1自交后代的性状分离比为9331(或9331的变式比例)，则符合基因的自由组合定律。(2)测交法若测交后代的性状分离比为11，则符合基因的分离定律。若测交后代的性状分离比为1111(或1111的变式比例)，则符合基因

22、的自由组合定律。(3)花粉鉴定法根据花粉表现的性状(如花粉的形状、染色后的颜色等)判断。若花粉有两种表现型，比例为11，则符合基因的分离定律。若花粉有四种表现型，比例为1111，则符合基因的自由组合定律。(4)单倍体育种法取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有两种表现型，比例为11，则符合基因的分离定律。取花药离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，若植株性状有四种表现型，比例为1111，则符合基因的自由组合定律。4高考常考的特殊分离比的分析(1)具有一对相对性状的杂合子自交子代性状分离比21说明显性纯合致死。121说明不完全显性或共显性(即AA与Aa表现型不同)。(2)巧用“合并

23、同类项”推自由组合特殊比值(基因互作)9619(33)11231(93)319439(31)3151(933)1979(331)133(931)3上述各特殊分离比的共性是总组合数为“16”，其基因型比例不变，即A_B_(9)A_bb(3)aaB_(3)aabb(1)，只是性状分离比改变，倘若F2总组合数呈现“15”则表明有的比例“致死”。易错母题探究12015·石家庄质检从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表现型上受个体性别影响的现象。绵羊的有角和无角受常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性基因，无角基因h为隐性基因，在杂合体(Hh)中，雄羊表现为有角，雌羊则表现为无角，

24、这说明杂合体的表现型受性别影响。黑面(M)对白面(m)为显性，假设控制该性状的基因位于常染色体上，且显性纯合致死。两对相对性状独立遗传。请回答下列问题。(1)在自由放养的种群中，公羊表现型有_种，基因型有_种。(2)用有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交，得F1，F1雌雄个体相互交配，得F2，则F2中有角和无角的比例为_，黑面和白面的比例为_。(3)现有一只无角黑面雌绵羊，欲鉴定其基因型，最简单的方法是用表现型为_的雄绵羊与其杂交，并观察后代表现型：若后代_，则其基因型为_；若后代_，则其基因型为_。(1)从题干中你获得了哪些新信息？提示两对基因符合自由组合定律Hh的雄性有角，雌性无角MM个体致

25、死(2)鉴定某个体基因型的方法有哪些？提示对于植物来说最简便的方法是自交，对于动物来说是测交法。解析(1)由于显性基因纯合致死，黑面中无显性纯合体，所以，有角、无角，黑面、白面的基因型组合为(HH、Hh、hh)(Mm、mm)，因此表现型有4种，基因型有6种。(2)有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交，单独分析每一种相对性状。P：HH×hhF1：Hh，F1(Hh)自由交配，F2为1HH(有角)、2Hh(1/2有角、1/2无角)、1hh(无角)，所以比例为有角无角11。同理，黑面和白面杂交，P：Mm×mmF1：Mm、mm，F1自由交配，即(1/4M、3/4m)(1/4M、3/4m

26、)1MM(致死)6Mm9 mm，故黑面与白面的比例为23。(3)无角黑面雌绵羊的基因型是HhMm或hhMm(黑面显性纯合致死)，所以鉴定基因型时只判断出无角雌绵羊的基因型是Hh还是hh即可。最简单的做法是让无角白面雄绵羊(hhmm)与其杂交，若该羊的基因型是HhMm，则后代会出现基因型为Hh和hh的个体，即雄性出现有角和无角两种性状，雌性全是无角。若该羊的基因型为hhMm，则后代不论雌雄，都是无角。答案(1)46(2)1123(3)无角白面雌羊全无角(无角黑面和无角白面)，雄羊中有角(有角黑面和有角白面)个体与无角(无角黑面和无角白面)个体的比例接近11HhMm全是无角(无角黑面和无角白面)h

27、hMm(1)不能灵活运用题中新的信息。(2)两对性状分开考虑，计算方式不能运用自如。即时变式训练22015·衡水调研虎皮鹦鹉羽毛颜色的遗传机理如图所示，当个体基因型为aabb时，两种色素都不能合成，表现为白色。现有一只纯合绿色鹦鹉和一只纯合白色鹦鹉杂交得F1，再让F1雌雄个体随机交配得F2。请回答：(1)控制鹦鹉羽毛颜色的基因在遗传上遵循_定律，F1自由交配产生的后代会发生性状分离，其原因是_。(2)若F1与白色鹦鹉交配，后代出现蓝色鹦鹉的概率为_；如果让F2表现型为绿色的鹦鹉自由交配，后代表现型及比例为_。(3)如让杂合的黄色鹦鹉与杂合的蓝色鹦鹉杂交，且因某种因素的影响，后代中的白

28、色鹦鹉全部死亡，则绿色鹦鹉所占的比例为_。(4)如欲判断一只绿色雄性鹦鹉的基因型，应从绿色、蓝色、黄色、白色纯合子群体中选择_与其杂交：如后代全为绿色鹦鹉，则其基因型为AABB；如后代_，其基因型为AABb；如后代绿色黄色为11，则其基因型为_；如后代_，其基因型为AaBb。点拨(1)A与B基因分别位于1、3号染色体上，遵循自由组合定律。(2)由信息推知，A、B同时出现为绿色，只有A为蓝色，只有B为黄色。F1基因型为AaBb与白色个体测交结果绿色占1/4。F2中绿色个体基因型为AABBAaBBAABbAaBb1224，则A基因频率为2/3，a为1/3，则A_aa81，B基因频率为，b为1/3，

29、则B_bb81。综合上述：A_B_A_bbaaB_aabb64881。(3)杂合黄色aaBb与杂合蓝色Aabb杂交后代为AaBb、Aabb、aaBb、aabb(死)，故绿色个体占1/3。(4)判断动物的基因型最常用的方法为测交，要注意与多对白色雌性交配，该类题一般用逆推法来解题，即首先假设亲本基因型，推子代表现型及比例，如果子代得出相应结果则说明亲本基因型即为假设。答案(1)基因的自由组合控制鹦鹉羽毛颜色的两对基因间发生了基因重组(2)绿色蓝色黄色白色64881(3)(4)多只白色雌性鹦鹉(少答“多只”不对)绿色蓝色11AaBB绿色蓝色黄色白色11113现有三个纯合品系的某自花传粉植物：紫花、

30、红花和白花，用这3个品系做杂交实验，结果如下，结合实验结果分析回答下列问题：(1)紫花和红花性状受_对基因控制，甲组杂交亲本的表现型是_。(2)将乙组和丙组F1代紫花进行杂交，后代表现型及比例是_。(3)从丙组F1植株上收获共3200粒种子，将所有种子单独种植(自交)，理论上有_株植株能产生红花后代。(4)请从题干的三个纯合品系中选择亲本为实验材料，通过一次杂交实验鉴别出丙组F2中的杂合白花植株。实验步骤：_。结果分析：若子代_，则为杂合白花植株。点拨(1)丙组合中出现了934的比例，是9331的变式，说明该性状由两对等位基因控制，该性状的遗传遵循基因的自由组合定律。设紫花为A_B_，红花为A

31、_bb，则白花为aaB_和aabb。甲组合中，子二代紫花(A_B_)红花(A_bb)31，说明子一代紫花基因型为AABb，故亲本组合为紫花(AABB)和红花(AAbb)。(2)乙组合中，子二代紫花(A_B_)白花(aaB_)31，说明子一代紫花基因型为AaBB，故亲本组合为紫花(AABB)和白花(aaBB)。丙组合中子一代紫花基因型为AaBb，乙组子一代紫花(AaBB)和丙组子一代紫花(AaBb)杂交，子代紫花(A_B_)占3/4，白花(aaB_)占1/4，即紫花白花31。(3)丙组子一代收获3200粒种子(即子二代)，子二代自交后能产生红花后代(A_bb)的类型有A_bb和A_Bb，所占比例

32、分别是3/16、6/16，故理论上子二代中能产生红花后代的植株有3200×9/161800(株)。(4)丙组中子二代白花类型有aaBB、aaBb、aabb，可用纯合子红花(AAbb)与丙组中的子二代白花杂交，观察下一代的花色类型及比例，若后代全是紫花，则该子二代白花基因型为aaBB；若后代紫花与红花比例为11，则该子二代白花基因型为aaBb；若后代全是红花，则该子二代白花基因型为aabb。答案(1)两紫花×红花(2)紫花白花31(3)1800(4)选择纯合红花与丙组中的白花杂交观察子代表现型既有紫花又有红花易错母题探究4研究基因传递规律主要是通过下列哪项的遗传来推知的()A

33、染色体 BDNAC基因 D性状(1)基因的遗传规律是谁得出来的？通过什么实验得出结果？提示孟德尔通过豌豆杂交实验得出来。(2)孟德尔对这种遗传现象成因如何解释？提示成对的遗传因子分离和自由组合。解析在孟德尔研究遗传规律时，并不知道与生物遗传有关的染色体、DNA和基因的结构和作用，更别说他们之间的关系，他只能通过性状的遗传规律来推断，事实上他也是如此做的。答案D不能正确理解孟德尔发现两大遗传定律的背景知识。即时变式训练52015·北京朝阳区期末已知桃树中，树体乔化与矮化为一对相对性状(由等位基因A、a控制)，蟠桃果形与圆桃果形为一对相对性状(由等位基因B、b控制)，以下是相关的两组杂交

34、实验。杂交实验一：乔化蟠桃(甲)×矮化圆桃(乙)F1：乔化蟠桃矮化圆桃11杂交实验二：乔化蟠桃(丙)×乔化蟠桃(丁)F1：乔化蟠桃矮化圆桃31根据上述实验判断，以下关于甲、乙、丙、丁四个亲本的基因在染色体上的分布情况正确的是()点拨根据实验二：乔化×乔化后代出现矮化，说明乔化相对于矮化是显性性状，蟠桃×蟠桃F1出现圆桃，蟠桃对圆桃是显性性状。实验一后代中乔化矮化11，属于测交类型，说明亲本的基因型为Aa和aa；蟠桃圆桃11，也属于测交类型，说明亲本的基因型为Bb和bb，推出亲本的基因型为AaBb、aabb，如果这两对性状的遗传遵循自由组合定律，则实验一的

35、杂交后代应出现2×24种表现型，比例应为1111，与实验一的杂交结果不符，说明上述两对相对性状的遗传不遵循自由组合定律，控制两对相对性状的基因不在两对同源染色体上。同理推知，杂交实验二亲本基因型应是AaBb、AaBb，基因图式如果为C，则杂交实验二后代比例为121，所以D正确。答案D6棕色鸟与棕色鸟杂交，子代有23只白色，26只褐色，53只棕色。棕色鸟和白色鸟杂交，其后代中白色个体所占比例是()A100% B75%C50% D25%点拨棕色鸟与棕色鸟杂交后代出现棕色、褐色和白色性状的个体，且比例为211，说明棕色鸟是杂合子，其杂交后代出现性状分离。不管白色鸟是显性纯合子还是隐性纯合子

36、，其与棕色鸟杂交后代中白色鸟均占50%。答案C易错母题探究7在一些性状的遗传中，具有某种基因型的合子不能完成胚胎发育，导致后代中不存在该基因型的个体，从而使性状的分离比例发生变化。小鼠毛色的遗传就是一个例子。一个研究小组，经大量重复实验，在小鼠毛色遗传的研究中发现：A黑色鼠与黑色鼠杂交，后代全部为黑色鼠B黄色鼠与黄色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为21C黄色鼠与黑色鼠杂交，后代中黄色鼠与黑色鼠的比例为11根据上述实验结果，回答下列问题：(控制毛色的显性基因用A表示，隐性基因用a表示)黄色鼠的基因型是_，黑色鼠的基因型是_。推测不能完成胚胎发育的合子的基因型是_。写出上述B、C两个杂交组合的

37、遗传图解。(1)题干中哪些信息是应该注意的？提示某种基因型合子不能完成胚胎发育；大量重复实验可排除偶然误差。(2)B组实验出现21异常分离比的原因是什么？提示AA显性纯合致死。解析由A、B、C杂交组合可知，黄色鼠为显性性状且是杂合子，黑色鼠是隐性性状(无中生有为隐性)。根据基因分离定律，杂合子自交，其后代分离比应是31，可结果是21，说明存在显性致死。答案AaaaAAB：Aa×Aa C：Aa ×aa黄色 黄色 黄色黑色 1AA2Aa1aa1Aa1aa不存活黄色 黑色黄色 黑色不能正确分析出显性纯合致死，遗传图解书写不规范。即时变式训练81905年，法国的L.Cncnat在遗

38、传实验时发现一种显性纯合致死现象。他饲养的黄色皮毛品种的老鼠不能稳定传代，而灰色皮毛品种的老鼠能够稳定传代。黄鼠与黄鼠交配，其后代总要出现灰鼠，而黄鼠和灰鼠的比例往往是21。此交配方式中致死个体出现的概率是()A25% B33%C66.7% D75%点拨依题意知皮毛的黄色和灰色是一对相对性状，且黄色为显性性状，灰色为隐性性状，设两者分别由基因A和a控制。由于显性纯合(AA)致死，所以黄鼠的基因型只能是Aa，黄鼠与黄鼠交配，子代出现AA个体所占的概率为1/4。答案A9某种鼠中，黄鼠基因Y对灰鼠基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或T纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立遗传的，现

39、有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代表现型比例为()A21 B9331C4221 D1111点拨本题将自由组合规律与致死现象一起考查。由题意可知，含YY与TT都会致死则双杂合子交配(YyTt×YyTt)可分解为Yy和Tt，后代中黄灰21，短尾长尾21。综合起来，表现型比例为4221。答案C1利用分解组合法解答自由组合问题(1)解题步骤：(2)实例：基因型分别是AaBbCc和AabbCc(这三对基因分别位于不同的同源染色体上)两种豌豆杂交，求子代基因型的种类及Aabbcc所占的比例？分解：Aa×Aa产生3种基因型(AAAaaa121)，其中Aa占1/2；Bb

40、5;bb产生2种基因型(Bbbb11)，其中bb占1/2；Cc×Cc产生3种基因型(CCCccc121)，其中cc占1/4。组合：子代基因型种类为3×2×318，其中Aabbcc占(1/2)×(1/2)×(1/4)1/16。2有关特殊分离比的解题步骤(1)看后代可能的配子组合，若组合方式是16种，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。(2)写出正常的分离比9331。(3)对照题中所给信息进行归类，若其分离比为97，则为9(331)，即7是后三种合并的结果；若其分离比为961，则为9(33)1；若其分离比为151，则为(933)1。3

41、辨清两对相对性状自由组合时的几种性状分离比的实质(1)AaBb×AaBb9331，(即Aa×Aa31与Bb×Bb31自由组合)(2)(AaBb×Aabb，AaBb×aaBb)3311，(即Aa×Aa31与Bb×bb11或Aa×aa11与Bb×Bb31的自由组合)(3)(AaBb×aabb，Aabb×aaBb)1111，(即Aa×aa11与Bb×bb11的自由组合)4致死类型的确认针对一对等位基因：杂合子自交子代若出现显、隐性比为21，则表明AA致死。针对两对等位基因

42、，双杂合子自交子代总组合数应为“16”，倘若总组合数偏离16，则缺少的比例可能是致死所致，对照9331可确认致死类型及比例，高考中最常涉及的是出现“15”组合数字，则表明有比例致死，对照亲本基因型，可确认该比例所涉及的基因型。考点二伴性遗传与人类遗传病1遗传系谱图中遗传病类型的判断2位于X、Y染色体同源区段上的基因的遗传如图为X、Y染色体的结构模式图，为X、Y染色体的同源区段。假设控制某个相对性状的基因A(a)位于X和Y染色体的片段，那么这对性状在后代男女个体中表现型也有差别，如：XaXa×XaYA XaYA XaXa(全为显性) (全为隐性)3遗传概率的常用计算方法(1)用分离比直

43、接计算：如人类白化病遗传：Aa×Aa1AA2Aa1aa3正常1白化病，生一个孩子正常的概率为3/4，患白化病的概率为1/4。(2)用产生配子的概率计算：如人类白化病遗传：Aa×Aa1AA2Aa1aa，其中aa为白化病患者，再生一个白化病孩子的概率为父本产生a配子的概率与母本产生a配子的概率的乘积，即1/2a×1/2a1/4aa。(3)用分支分析法计算：多对性状的自由组合遗传，先求每对性状出现的概率，再将多个性状的概率进行组合，也可先算出所求性状的雌、雄配子各自的概率，再将两种配子的概率相乘。(1)X、Y染色体同源区段上基因的遗传并非都与性别有关。X、Y染色体同源区

44、段上存在等位基因，这些基因控制的性状在后代中的性状表现是否有性别之分，要视具体基因型而定，不能一概而论。如：左图与性别有关，而右图与性别无关。(2)有关伴性遗传的概率计算无论多么简单，要用遗传图解的方法依次写出亲本及子代的基因型情况以便顺利解决患病男孩和男孩患病的问题。(3)运用假说演绎解决问题的经典实验是孟德尔定律的发现，摩尔根的实验和DNA半保留复制的实验而萨顿的“基因在染色体上”是类比推理法，并未用实验验证。易错母题探究1调查某种遗传病得到如下系谱图，经分析得知，两对独立遗传且表现完全显性的基因(分别用字母Aa、Bb表示)与该病有关，且都可以单独致病。在调查对象中没有发现基因突变和染色体

45、变异的个体。请回答下列问题：(1)该种遗传病的遗传方式_(是/不是)伴X隐性遗传，因为第代第_个体均不患病。进一步分析推测该病的遗传方式是_。(2)假设1和4婚配、2和3婚配，所生后代患病的概率均为0，则1的基因型为_，2的基因型为_。在这种情况下，如果2与5婚配，其后代携带致病基因的概率为_。(1)如何判断该病的遗传方式？提示无中生有为隐性、隐性遗传看女病，父子都病为伴性。由I1、I2和3可知为常染色体隐性。(2)该题中需要注意的信息有哪些？提示该病是由两对独立遗传的基因控制。不用考虑出现基因突变和染色体变异。解析(1)根据系谱图中的女儿(3或6)患病而父亲(1或3)不患病，可排除该病为X染

46、色体隐性遗传方式的可能，该遗传病为常染色体隐性遗传；(2)据题意分析可知，1与2家庭带一种致病基因，设为a，不带另一种致病基因，设为B；而3与4家庭带另一种致病基因，设为b，不带a致病基因，即为A；也就是说，1与2的基因型都为AaBB，3与4的基因型都为AABb，这样，1与4、2与3婚配所生后代的基因型都为A_B_，都表现为不患病。进一步推导可知，2的基因型是AABB(占1/3)或AaBB(占2/3)(注：两种基因A与B可以交换)，3的基因型是aaBB，4的基因型是AAbb，5的基因型是AABB(占1/3)或AABb(占2/3)，则1的基因型是AaBb；2与5婚配后代携带致病基因的交配方式有三

47、种可能，即为1/3AABB×2/3AABb、2/3AaBB×1/3AABB、2/3AaBB×2/3AABb，最后的概率是：1/3×2/3×1/22/3×1/3×1/22/3×2/3×3/45/9。答案(1)不是1、3常染色体隐性(2)AaBbAABB或AaBB(AABB或AABb)5/9不能灵活运用题干信息，该病是由两对独立遗传的基因控制，导致出错。即时变式训练22015·石家庄模拟如图是某家族中一单基因遗传病的遗传系谱图(不考虑X、Y染色体同源区段上的基因)，下列相关分析错误的是()A若该病是

48、由隐性基因控制的，则图中3、5、8、9、10都是携带者B若致病基因在常染色体上，则一定是显性遗传病C6号患病，其女10号不患病，由此可排除伴X染色体显性遗传病D1号患病，其子5号不患病，由此可排除伴X染色体隐性遗传病点拨系谱图中没有可供快速判断的特例，所以不能准确判断控制遗传病的基因的显隐性。结合伴性遗传的相关特点(且不考虑X、Y染色体同源区段上的致病基因)，通过6号患病10号不患病，可以排除伴X染色体显性遗传病；1号患病5号不患病，可以排除伴X染色体隐性遗传病。因此本题遗传系谱图中涉及的单基因遗传病可能是常染色体显性遗传病，也可能是常染色体隐性遗传病。因为不可能是伴性遗传，所以若该病是由隐性

49、基因控制的，则患者的基因型是aa，则3、5、8、9、10都是Aa，即都是携带者。答案B3大力倡导优生优育是提高我国人口素质的重要手段，优生的主要措施包括禁止近亲结婚、遗传咨询和产前诊断等。请回答相关问题：(1)禁止近亲结婚的遗传学原理是_。(2)某男性患抗维生素D佝偻病(X染色体显性遗传)，家族中其他人均正常，则患者的致病基因可能来源于他的_(填“父亲”或“母亲”)体内的基因在减数分裂的_期发生了突变。医生建议患者妻子孕期要做产前检查，应选择生育_性胎儿，以降低发病率。(3)现有一对高龄夫妻，家族中没有任何遗传病史。医生仍要求孕妇进行产前诊断，目的是避免生育先天性愚型等_遗传病患儿。(4)某对

50、新婚夫妇进行遗传咨询，医生根据他们提供的情况绘出系谱图如下(11号与12号是新婚夫妇)：请据图推断，他们生育的孩子患半乳糖血症的概率为_，不患病的概率为_。(5)如果将相关基因的DNA片段进行PCR扩增，然后电泳检测，致病基因形成条带的位置与正常基因不同。如图为一段时间后对这对夫妇的胎儿及家族中部分成员的电泳检测结果：结合(4)中系谱图分析，胎儿将_(填“患”或“不患”)半乳糖血症，他携带的半乳糖血症致病基因最终来源于_号。点拨(1)禁止近亲结婚可使夫妻双方从共同祖先那里继承同种致病基因的机会降低，降低了后代的发病率。(2)抗维生素D佝偻病是伴X染色体显性遗传病，家族中其他人均正常，男性患者致

51、病基因可能来自其母亲，可能是其母亲在减数分裂的间期发生了基因突变；若要降低发病率应选择生育男孩。(3)高龄夫妻进行产前诊断可以避免生育先天性愚型等染色体异常遗传病患儿。(4)据系谱图3、4号正常，而9号患病可判断半乳糖血症(基因用A、a来表示)属于常染色体隐性遗传病，11号的基因型为1/3AAXBXb、2/3AaXBXb,12号的基因型为2/5AAXBY、3/5AaXBY，二者生育的孩子患半乳糖血症的概率为2/3×3/5×1/41/10，患色盲的概率为1/4，则不患病的概率为11/101/41/10×1/427/40。(5)从这对夫妇的胎儿及家族中部分成员的电泳检

52、测结果可看出该胎儿含有一个致病基因、一个正常基因，不患半乳糖血症，他携带的致病基因最终来源于1号个体。答案(1)降低了源于共同祖先的隐性遗传病的发病率(2)母亲间男(3)染色体异常(4)1/1027/40(5)不患11“排除法”分析遗传系谱图2归纳两种遗传病组合在一起的概率计算例如：有甲、乙两种遗传病按自由组合定律遗传，据亲代的基因型已判断出后代患甲病的可能性为m，患乙病的可能性为n，则后代表现型的种类和可能性为3一次杂交实验判断基因在常染色体还是X染色体(或者在苗期就能分辨雌雄)的杂交亲本常用类型为雌隐、雄显。 1在一个随机交配的大种群中，某对相对性状中的显性个体占19%，那么种群中该性状的

53、杂合子的频率是()A1% B18%C9% D81%答案B解析随机交配的大种群中基因频率保持不变，符合遗传平衡定律。显性个体占19%，则隐性个体占81%，计算可知隐性基因的频率为0.9，显性基因的频率为0.1，因此杂合子的频率为0.9×0.1×218%。2蜗牛的有条纹(A)对无条纹(a)为显性。在一个地区的蜗牛种群内，有条纹(AA)个体占55%，无条纹个体占15%，在无自然选择的作用下，若蜗牛间进行自由交配得到F1，则A基因的频率和F1中Aa基因型的频率分别是()A30%,21% B30%,42%C70%,21% D70%,42%答案D解析亲代中A的基因频率为55%(155%

54、15%)×1/270%，在无自然选择的作用下，亲代和子代的基因频率相同，故F1中A的基因频率70%，a的基因频率30%，根据遗传平衡定律，Aa的基因型频率2×70%×30%42%，D项正确。3图1为某单基因遗传病的家庭系谱图，该基因可能位于图2的A、B、C区段或常染色体上，据图分析合理的是()A该遗传病一定为常染色体隐性遗传病或伴X染色体隐性遗传病B控制该性状的基因位于Y染色体上，因为男性患者多C无论是哪种单基因遗传病，2、2、4一定是杂合子D若是伴X染色体隐性遗传病，则2为携带者的可能性为1/4答案C解析1、2正常，1患病，说明该病是隐性遗传病，该遗传病基因可以位于常染色体上、X