人教版高中物理选修33 检测卷含解析

1、内容规划表内容标准题 型号题考 查知 识 点试题难度（易、中、难）选择题1盖·吕萨克定律的简单应用易2水平液柱的移动问题易3等容变化与超失重结合的问题中4对等压变化的图像认识易5玻意耳定律应用难6对等压变化的综合认识中7气体的图像变化问题易8查理定律在水银柱移动问题中的应用中9玻意耳定律在连通器问题中的应用难 非选择题 实验探究题10理想气体的图像过程分析易 计算题11盖·吕萨克定律在竖直气缸问题中的应用中12玻意耳定律的综合应用难达标检测卷说明：1本卷考查选修3-3第8章第12节。2考试时间40分钟，满分100分。一、选择题：本题共9小题，每小题7分，共63分。在每小题给

2、出的四个选项中，第15题只有一项符合题目要求；第68题有多项符合题目要求。全部选对的得7分，选对但不全的得4分，有选错的得0分。1（原创）一定质量的气体，从初态（p0、V0、T0）先经等压变化使温度上升到，再经等容变化使压强减小到，则气体最后状态为（ ）A、V0、 B、 C、V0、 D、T0【答案】B【提示】由盖·吕萨克定律可知：温度上升到时体积增大到，由查理定律可知：压强减小到时，温度变成，故最后的状态为：、 ，选项B正确。2两端封闭玻璃管水平放置，一段水银把管内同种气体分成两部分，V左>V右，如图1所示。当温度为t1时，水银柱静止不动，现把两边都加热到t2，则管内水银柱将（

3、 ）图1A向左移动 B向右移动C保持静止 D无法判断【答案】C【提示】先假定水银柱没有移动，则两部分气体均可以视为一定质量理想气体的等容变化，则由可知，两部分气体压强变化相同，故水银柱仍旧保持静止，选项C正确。3（改编）高空实验火箭起飞前，仪器舱内气体的压强p0=1个大气压，温度t0=27 。在火箭竖直向上飞行的过程中，加速度大小等于重力加速度g，仪器舱内水银气压计示数p=0.6p0，已知仪器舱是密封的，那么，这段过程中舱内温度是（ ）A16.2 0C B32.4 0C C87 0C D93 0C【答案】C【提示】由于仪器舱是密闭的，被密封的是一定质量的气体，体积不变，是等容变化，符合查理定律

4、。但是由于系统处于超重状态，必须求出此时密封舱内的压强。设一大气压水银管内的水银质量为，则可以求出，经过计算得这段过程中舱内温度是87 0C ，选项C正确。图24如图2所示的四个图像，有一个是表示一定质量的某种理想气体从状态a等温压缩到状态b的过程，这个图像是 ( )【答案】B【提示】气体做等温压缩变化，根据玻意耳定律得压强应增大，选项A错误；气体做等温压缩变化，选项B正确；气体做等温压缩变化，而图像中T减小，选项C错误；箭头方向表示气体体积在增大，与题目不符，选项D错误。5如图3所示，粗细均匀的玻璃管竖直放置且开口向上，管内由两段长度相同的水银柱封闭了两部分体积相同的空气柱。向管内缓慢加入少

5、许水银后，上下两部分气体的压强变化分别为p1和p2，体积减少分别为V1和V2。则 （ ）图3Ap1<p2 Bp1>p2 CV1<V2 DV1>V2【答案】D【提示】加入少许水银后，上部分气体压强变化量为，下部分气体压强的变化量，所以=，选项A、B均错误；由玻意耳定律得，可得： ， ，由于p1<p2，故>，选项C错误，选项D正确。6如图4所示，下面四幅图中，表示等压变化的是（ ）图4【答案】ACD【提示】 等压变化，即压强不变，选项A正确，选项B错误；根据以及，可得Vt图象这种等压线是一条在t轴截距为273.15的直线，选项C、D均正确。7甲、乙、丙、丁四位同

6、学在做“研究气体实验定律”实验时，分别得到如图5所示的四幅图象。则下列说法正确的是（ ）图5A若甲研究的是查理定律，则他作的图象可能是图aB若乙研究的是玻意耳定律，则他作的图象是图bC若丙研究的是查理定律，则他作的图象可能是图cD若丁研究的是盖·吕萨克定律，则他作的图象是图d【答案】ABD【提示】查理定律研究的是等容变化，根据图线可知，a图的体积不变，选项A正确，选项C错误；玻意耳定律研究的是等温变化， 根据图线可知，b图的温度不变，选项B正确；盖·吕萨克定律研究的是等压变化， 根据图线可知，d图的压强不变，选项D正确。图68如图6所示为竖直放置的上细下粗的密闭细管，水银柱

7、将气体分隔为A、B两部分，初始温度相同。使A、B升高相同温度达到稳定后，体积变化量为VA，VB，压强变化量pA、pB，对液面压力的变化量为FA、FB。则（ ）A水银柱向上移动了一段距离 BVA<VBCpA>pB DFA=FB【答案】AC【提示】首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：；对气体B：，又初始状态满足pA=pB+h，可见使A、B升高相同温度，因此pA>pB，因此FA>FB，液柱将向上移动，选项A、C均正确；由于气体的总体积不变，因此VA=VB，选项B、D均错误。图79如图7所示，玻璃管A和B同样粗细，A的上端封闭，两管下端用橡皮

8、管连通，两管中水银柱高度差为h，若将B管慢慢地提起，则（ ）AA管内空气柱将边长BA管内空气柱将边短C两管内水银柱的高度差将增大D两管内水银柱的高度差将减小【答案】BC【提示】将B管慢慢地提起，A管中封闭气体的压强增大，根据玻意耳定律 pV=C，可知A管内空气柱将变短，选项A错误，选项B正确；A中空气的压强 p=p0+gh，p增大，说明两管内水银柱高度差h增大，选项D错误，选项C正确。二、非选择题：本题共3小题，共37分。按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。10【实验探究题】（12分）（改编）

9、一定质量的理想气体经过一系列过程，如图8所示。则ab过程中，气体体积 （填“增大”、“减小”或“不变”），气体压强 （填“增大”、“减小”或“不变”）；bc过程中，气体体积 （填“增大”、“减小”或“不变”），气体压强 （填“增大”、“减小”或“不变”）；ca过程中，气体内能 （填“增大”、“减小”或“不变”），气体体积 （填“增大”、“减小”或“不变”）。图8【答案】增大 减小 （4分），减小 不变（4分），增大 不变（4分）【提示】ab过程中气体的温度保持不变，即气体发生等温变化，根据玻意耳定律pV=C得知，压强减小，体积增大；bc过程中，气体压强不变，温度降低，根据盖吕萨克定律，得知体积

10、应减小；ca过程中，由图可知，p与T成正比，则气体发生等容变化，体积不变，压强增大，一定质量的理想气体与气体温度有关，并且温度越高气体的内能增大，则知ca过程中，气体内能增大。11（10分）如图9所示，圆柱形的气缸上部有小挡板，可以阻止活塞滑离气缸，气缸内部的高度为d，质量不计的薄活塞将一定质量的气体封闭在气缸内。开始时活塞离底部高度为，温度为t1=27 0C ，外界大气压强为p0=1 atm ，现对气体缓缓加热，求：图9（1）当气体温度升高到t2=127 0C时，活塞升高了多少?（2）当气体温度升高到t3=357 0C时，缸内气体的压强。解 （1）设活塞面积为S，h为升高的高度，由题意得：，

11、T1=（273+27）K=300 K （1分），T2=（127+273）K=400 K （1分）由盖·吕萨克定律： （1分）解得： （1分）（2）设活塞刚好到达顶部时气体温度为T3，此时有V3=Sd （1分）由盖·吕萨克定律： （1分）解得 T3=450 K （1分）当气体温度高于T3后，缸内气体做等容变化，当温度升到T4=（357+273）K=630 K，设此时气体的压强为p，由查理定律： （1分）解得 p=1.4 atm （2分）12（15分）已知竖直玻璃管总长为h，第一次向管内缓慢地添加一定质量的水银，水银添加完时，气柱长度变为。第二次再取与第一次相同质量的水银缓慢地添加在管内，整个过程水银未溢出玻璃管，外界大气压强保持不变。求第二次水银添加完时气柱的长度。若第二次水银添加完后，把玻璃管在竖直面内以底部为轴缓慢的沿顺时针方向旋转60