北京市石景山区2020-2021学年高一上学期期末物理试题

1、精选优质文档-倾情为你奉上【区级联考】北京市石景山区2020-2021学年高一上学期期末物理试题学校:_姓名：_班级：_考号：_一、单选题1在物理学的发展历程中，首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来的科学家是A伽利略B亚里士多德C爱因斯坦D牛顿2下列物理量中，属于标量的是A路程B速度C加速度D力3某同学在操场上向正北方向运动了40m，接着转向正东方向运动了30m两段路线相互垂直整个过程中，该同学的位移大小和路程分别为A70m，70mB50m，120mC50m，70mD50m，50m4一物体做自由落体运动，经2.0s落到地面上取g = 10 m/s2，则物体下落

2、1.0 s末的速度大小为A1m/sB5m/sC10 m/sD20 m/s5甲、乙两物体在同一水平面上作匀变速直线运动，甲做加速运动，经过1s速度由3m/s增加到8m/s；乙做减速运动，经过8s速度由16m/s减小到0，则A甲的速度变化量大，甲的加速度大B乙的速度变化量大，甲的加速度大C甲的速度变化量大，乙的加速度大D乙的速度变化量大，乙的加速度大6某汽车做匀加速直线运动，初速度为2m/s，经过4s速度为10m/s，在这段时间内A汽车的加速度为4m/s2B汽车的加速度为8m/s2C汽车的平均速度为6m/sD汽车的平均速度为3m/s7为研究自由落体运动，实验者从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，拍

3、摄到石子下落过程中的一张照片如图由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹已知每层砖的平均厚度为6.0cm，这个照相机的曝光时间为1.2×10-2s，则拍摄到的石子位置A距石子下落的起始位置的距离约为A13.5mB8.0mC6.5mD5.0m8作用在同一物体上的两个共点力，一个力的大小是3 N，另一个力的大小是6 N，它们合力的大小不可能是A8 NB6 NC4 ND2N9如图所示，在竖直光滑墙壁上用细绳将一个质量为m的球挂在A点，平衡时细绳与竖直墙的夹角为， < 45°。墙壁对球的支持力大小为N，细绳对球的拉力大小为T，重力加速度为g。则下列说法正确的是AN>

4、;mg，T>mgBN<mg，T>mgCN<mg，T<mgDN>mg，T<mg10如图所示，用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中已知ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°重力加速度为g则Aac绳中的拉力大小是mgBac绳中的拉力大小是mgCbc绳中的拉力大小是mgDbc绳中的拉力大小是mg11一个质量为20kg的物体在水平地面上向东滑动，物体与地面间的动摩擦因数0.2，运动的物体同时又受到30N向西的水平拉力作用，g=10m/s2，物体受到的合外力为A大小为10N，方向向西B大小为10N，方向向东C大小为70N，方向向西D大小

5、为70N，方向向东12如图所示，一质量为m的木块沿倾角为的斜面匀加速下滑重力加速度为g下列说法正确的是A斜面对木块的支持力大小为mgsinB斜面对木块的摩擦力大小为mgsinC斜面对木块的支持力与摩擦力的合力方向竖直向上D木块所受合力方向沿斜面向下13在停在水平地面上的小车内，用细绳AB、BC拴住一个重球，绳BC呈水平状态，绳AB的拉力为T1，绳BC的拉力为T2，当小车从静止开始向右加速运动，但重球相对于小车的位置不发生变化，那么两根绳子上拉力变化的情况为AT1不变BT1变小CT2不变DT2 变小14如图所示，小明乘坐电梯上楼，他站在静止的电梯厢中，按动上楼按钮后电梯由静止开始竖直向上先做匀加

6、速运动，经3.0s电梯达到最大速度为6.0m/s。若小明的质量为50kg，g=l0m/s2，对于这个加速运动的过程，下列说法中正确的是A小明对电梯厢底板的压力大小为500N，小明处于超重状态B小明对电梯厢底板的压力大小为600N，小明处于超重状态C小明对电梯厢底板的压力大小为400N，小明处于失重状态D小明对电梯厢底板的压力大小为500N，小明处于失重状态15一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向相同，当合外力增大时，则物体运动的加速度和速度的变化是A加速度增大，速度增大 B加速度减小，速度减小C加速度增大，速度减小 D加速度减小，速度增大二、实验题16在测定物体做匀变速直线运

7、动加速度的实验中，打点计时器使用的交流电频率为50Hz，记录小车做匀变速运动情况的纸带如图所示。在纸带上按打点的先后顺序选定六个记数点并分别标为05，相邻两个记数点之间还有四个点没有画出。在纸带旁并排放着带有最小刻度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”记数点对齐。由图可知，小车运动的加速度大小为_m/s2。若要测出打下第3个记数点时小车的速度大小，从减小测量误差的角度来看，应选择_（选填“2、4”或“1、5”）两点间的距离进行计算较为准确。17某同学探究弹簧弹力和弹簧伸长的关系。实验装置如图所示，刻度尺（最小刻度为毫米）的0刻度线与弹簧上端对齐。实验中，通过改变弹簧下端所悬挂钩码的质量，改变弹簧弹

8、力，并记录下弹簧末端固定指针显示的弹簧长度，进而求得弹簧的劲度系数k。重力加速度g取10m/s2。(1)放大图是在弹簧下端悬挂质量为250g钩码时实验装置的示意图，此时弹簧指针显示的弹簧实际长度为_cm；(2)若已知没挂钩码时弹簧指针显示的弹簧长度为7.80cm，则根据此次测量的数据，求得弹簧的劲度系数k=_N/m。（保留2位有效数字）18某同学在做“验证牛顿第二定律”的实验中忘记了平衡摩擦力，其他实验步骤正确。若小车的加速度为a，细线作用于小车的拉力为F，他所得到的a-F关系图像是（）ABCD三、解答题19如图所示，质量m=10kg的物体静止在水平地面上，其与地面间的动摩擦因数=0.20。现

9、用F =30N的水平拉力，使物体由静止开始沿水平地面做匀加速直线运动，取重力加速度g = 10 m/s2，求：(1)物体加速度a的大小；(2)物体开始运动后通过x=2.0m的距离所需要的时间t。20如图所示，一个质量m=1kg的物块，在F=5N的拉力作用下，从静止开始沿水平面做匀加速直线运动，拉力方向与水平方向成=37°。假设物块与水平面之间的滑动摩擦因数=0.5，取重力加速度g=10m/s2。sin37°=0. 6，cos37°=0. 8。(1)画出物块的受力示意图；(2)求物块运动的加速度大小；(3)求物块移动的位移达到16m时的速度大小。21民用航空客机的机

10、舱，一般都设有紧急出口。发生意外情况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行到地面上来。若机舱离气囊底端的竖直高度为h=3m，气囊所构成的斜面长度为l=5m。一个质量为m=60kg的人在气囊上滑下时所受的阻力为f=240N，则他从机舱滑至斜面底端需要多长时间？(为简化问题，此处将人看作质点)22如图所示，一水平传送带以2m/s的速度匀速运动，现把小物块（可视为质点）无初速地轻放在传送带的左端A处，经过一段时间，小物块到达传送带的右端B处。A、B间距离为6m，小物块与传送带间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g=10 m/s2。(1)求小物块从A

11、运动到B所用的时间；(2)只增大传送带的速度，其它物理量保持不变，可使小物块在传送带上从A运动到B所用的时间缩短。求传送带的速度增大到3m/s时，运动时间缩短多少？23如图所示，一长木板在水平地面上向右运动，某时刻将一相对于地面静止的物块（可视为质点）轻放到木板的右端。物块和木板的质量相等，物块与木板的上表面之间有恒定的动摩擦因数1，长木板与地面之间也有恒定的动摩擦因数2，且物块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已知物块放到木板上时木板的速度v0=4.0m/s，物块放在木板上先做匀加速运动，经t1=0.50s速度达到v1=1.0m/s时物块与木板一起开始做匀减速运动，最终物块停在木板上的中

12、点位置。取g10ms2，求：(1)木块与木板间的动摩擦因数1；(2)木板与地面间的动摩擦因数2；(3)木板的长度L。专心-专注-专业参考答案1A【详解】伽利略首先建立了平均速度，瞬时速度和加速度等概念用来描述物体的运动，并首先采用了实验检验猜想和假设的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学的发展故A正确，BCD错误；故选A2A【分析】标量是只有大小，没有方向的物理量矢量是既有大小又有方向的物理量根据标量与矢量的概念进行选择【详解】A路程只有大小，没有方向，是标量；故A正确.B速度既有大小也有方向，是矢量；故B错误.C加速度既有大小也有方向，是矢量；故C错误.D力既有

13、大小也有方向，是矢量；故D错误.【点睛】该题考查对标量和矢量的理解，解决此类问题要结合各物理量的概念和表达的规律进行分析.3C【分析】位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度【详解】同学在操场上向正北方向运动了40m，然后又向正东方向运动了40m，位移的大小为；路程s=30+40m=70m【点睛】解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道位移是矢量，路程是标量4C【分析】自由落体运动做初速度为零的匀加速直线运动，结合速度时间公式求出1.0s末的速度大小【详解】根据速度时间公式得，物体下落1.0s末的速度v=gt=10×1m/s=10m/s【点睛】解决本题的关键知道自由落体运

14、动的特点，运用匀变速直线运动的运动学公式灵活求解.5B【分析】根据甲乙初末速度得出速度变化量，结合加速度的定义式求出加速度，从而比较大小【详解】甲的速度变化量v1=8-3m/s=5m/s，加速度；乙的速度变化量v2=0-16m/s=-16m/s，加速度；可知乙速度变化量大，甲的加速度大【点睛】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的正负表示方向，不表示大小6C【解析】【分析】题中汽车做匀加速直线运动，已知初速度、时间和末速度，根据加速度的定义式求解加速度，由求解平均速度【详解】汽车做匀加速直线运动，已知初速度v0=2m/s，时间t=4s，末速度v=10m/sAB加速度为，故A、B均错误

15、；CD由匀变速直线的推论可知，平均速度为；故C正确，D错误.【点睛】对于匀变速直线运动，公式较多，关键要根据条件，灵活选择合适的公式进行求解7D【分析】根据照片上痕迹的长度，可以估测在曝光时间内物体下落的距离，由此可以估算出AB段的平均速度的大小，在利用自由落体运动的公式可以求得下落的距离【详解】由图可以看出，在曝光的时间内，物体下降了大约有两层砖的厚度，即12cm（0.12m），曝光时间为1.2×10-2s，所以AB段的平均速度为：，因为时间很短，可以认为A点的速度近似等于平均速度，则，由可得下降的高度大约为：【点睛】匀变速直线运动的公式有四个位移公式和三个速度公式，本题是用的速度

16、推论来计算下降的高度8D【解析】【分析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，为F1+F2，夹角180°时合力最小，为|F1-F2|，当夹角从180°到0°之间变化时，有|F1-F2|FF1+F2，在此范围内所有的值均有可能超出这个范围就不可能据此计算回答【详解】本题中，F1=3N，F2=6N，故合力范围为：3NF9N；所以不可能的为D.9B【解析】【分析】分析球的受力情况，作出力图，根据平衡条件求解悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持【详解】以球为研究对象，分析其受力情况：重力mg、悬绳对球的拉力和墙壁对球的支持力，根据平衡条件，有：，N=mgta

17、n，由于45°，所以Nmg.故选B.【点睛】本题是三力平衡问题，分析受力情况，作出力图，运用平衡条件和几何知识列式求解即可10A【解析】【分析】本题是力平衡问题，确定好研究对象，分析物体的受力情况，根据平衡条件求解【详解】以结点c为研究对象，受到三个拉力作用，作出力图.整个装置静止，则重物对c点拉力F等于重物的重力.根据平衡条件得；故A正确，B、C、D错误.11C【解析】【分析】正确对物体进行受力分析，求出其合力注意摩擦力的方向是解题的关键【详解】在水平地面上向左运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向西的拉力、水平向西的摩擦力.水平向右的拉力F=30N，摩擦力f=N=0.2&

18、#215;20=40N，所以合力大小为F合=（30+40）N=70N，方向水平向西【点睛】处理这类问题的基本思路是：先分析物体的受力情况求出合力；本题中容易出错的是滑动摩擦力方向的判断，很多同学容易受外力方向的影响而判断错误12D【分析】木块匀加速下滑，加速度的方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律，知合力的方向与加速度的方向相同在垂直于斜面方向上，合力为0【详解】A对滑块受力分析，如图所示：在垂直于斜面方向，合力为0，所以支持力N=mgcos故A错误.D木块匀加速下滑，即加速度方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律知合力的方向沿斜面向下；故D正确.B由牛顿第二定律列式mgsin-f=ma，可知滑动摩擦力

19、小于mgsin故B错误.C因木块的合外力沿斜面向下，则斜面对木块的支持力和摩擦力的合力一方面要平衡重力，另外还要提供加速度，则两个力的合力不可能竖直向上；C错误.故选D.【点睛】解决本题的关键运用正交分解，知道沿斜面方向有合力，在垂直斜面方向合力为013A【分析】对小球受力分析，根据牛顿第二定律得到绳AB的拉力T1和绳BC的拉力T2与加速度的关系式，即可分析两绳拉力的变化情况.【详解】以小球为研究对象，分析受力：重力mg、绳AB的拉力T1和绳BC的拉力T2，如图：设小车的加速度为a，绳AB与水平方向的夹角为，根据牛顿第二定律得：T1sin=mg T2- T1cos-=ma 由得：由得：A、B、

20、由表达式可知绳AB的拉力T1与加速度a无关，则T1保持不变；故A正确，B错误.C、D、由T2的表达式得绳BC的拉力，T2随着加速度的增大而减小，可知T2增大；故C、D均错误.故选A.【点睛】本题在正确分析受力的基础上，根据牛顿第二定律，运用正交分解法列式研究两绳拉力的变化情况.14B【解析】【分析】先由运动学的公式求出电梯的加速度，然后由牛顿第二定律求出人受到的支持力，由牛顿第三定律求出人对电梯的压力。【详解】经3.0s电梯达到最大速度为6.0m/s，则加速度：，对小明进行受力分析得：N-mg=ma，所以FN=mg+ma=50×(10+2)=600N，由牛顿第三定律得，小明对电梯厢底

21、板的压力大小为600N由于小明对电梯厢底板的压力大小为600N，大于他的重力，所以小明处于超重状态；故选B.【点睛】该题考查物理知识与生活的联系，注意细致分析物理过程和超失重的概念联系起来加以识别，同时要注意结合牛顿第二定律分析小明的受力.15A【解析】【分析】根据牛顿第二定律判断加速度与合力的关系，根据加速度方向与速度方向的关系，判断速度的变化【详解】合力增大，根据牛顿第二定律知，加速度增大，因为合力方向与速度方向相同，速度增大,故A正确，B、C、D错误;故选A.【点睛】解决本题的关键会通过合力的变化判断加速度的变化，以及知道当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相

22、反时，做减速运动160.60 1、5 【解析】【分析】根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点小车的瞬时速度大小，则测量位移的误差越小越好，而距离越大，测量位移的误差越小【详解】由图可以读出三个计数点1、2、3、4、5跟0点的距离分别是1.20cm，3.00cm，5.40cm，8.40cm，12.00cm.相邻两计数点之间还有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2得：;利用平均速度计算瞬时速度，故测量位移的误差越小越好，由于1到5的距离较大，

23、测量位移的误差较小，故从减小测量误差的角度来看，利用这条纸带计算打下第3个记数点时小车运动的速度大小较为准确【点睛】要提高应用匀变速直线的基本公式以及推论公式解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的练习1712.80 50 【解析】【分析】(1)图中刻度尺是毫米刻度尺，应读到0.01cm(2)根据胡克定律F=kx，求解弹簧的劲度系数k要注意x是弹簧伸长的长度或压缩的长度【详解】(1)根据示意图读出此时弹簧的实际长度为12.80cm.(2)弹簧原长为7.80cm，则压缩量为x=12.80cm-7.80cm=5.00cm,弹簧的弹力大小为F=mg=0.25×10=2.5N,根据胡

24、克定律F=kx，得弹簧的劲度系数：.【点睛】对于刻度尺的读数一般要估读到最小刻度的下一位，注意有效位数胡克定律公式F=kx中，x不是弹簧的长度，而是弹簧伸长的长度或压缩的长度18D【分析】在探究加速度与力、质量的关系时，应平衡摩擦力，平衡摩擦力时如果木板垫得过高，平衡摩擦力过度，小车受到的合力大于拉力，a-F图象在a轴上有截距；如果没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，小车受到的合力小于拉力，a-F图象在F轴上有截距【详解】在探究加速度与力、质量的关系时，应平衡摩擦力，如果没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，小车受到的合力小于拉力，a-F图象在F轴上有截距故D正确故选D.【点睛】实验时要平衡摩擦力，平衡

25、摩擦力不足或过平衡摩擦力都是错误的当钩码质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码的重力19(1)a=1.0m/s2 (2) 【解析】【分析】(1)根据牛顿第二定律求出物体的加速度大小，(2)物体做匀加速运动，根据位移时间公式求出物体运动的时间【详解】(1)物体所受滑动摩擦力为：f=mg根据牛顿第二定律有：F-f=ma解得：a=1.0m/s2(2)对于物体运动x=2.0m的过程，根据位移公式有：解得：【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁20(1) (2)a=1m/s2 (3)【解析】【分析】(1)对物块受力分析，受重力、拉力、支持力

26、和滑动摩擦力，再画出物块的受力示意图；(2)根据牛顿第二定律求出物体的加速度的大小；(3)物体做匀加速直线运动，由v2=2ax可以求得物体的速度大小【详解】(1)物块受到重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，物块的受力示意图如下: (2)物块竖直方向受力平衡，则有：Fsin37°+FN=mg此物块所受到的滑动摩擦力为：f=FN=(mg-Fsin37°)代入数据解得：f=3N根据牛顿第二定律，有：Fcos37°-f=ma代入数据解得：a=1m/s2(3)根据匀变速直线运动规律v2=2ax 代入数据得:【点睛】对物体的受力分析是解决本题的关键，在由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律即可求得21【解析】【分析】根据牛顿第二定律求出加速度，由位移公式求出人滑至气囊底端的时间【详解】人受力如图所示:沿斜面方向和垂直于斜面方向建立直角坐标系，设斜面倾角为则,人在气囊上滑下时受到的摩擦力为f=240N根据牛顿第二定律得：mgsin-f=ma解得a=2m/s2&#