浙江省普通高校招生选考科目考试模拟测试物理试题一有详细答案

1、百度文库-让每个人平等地提升自我202016年4月浙江省普通高校招生选考科目考试模拟测试物理试题（一）一、选择题I（本题13个小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项只有一个符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列说法正确的是：（）A.伽利略认为运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动B.法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图像C.牛顿第二定律对宏观物体和微观物体的研究都适用D.法拉第根据电流的磁效应现象得出了法拉第电磁感应定律2 .甲乙两质点从同一地点同时开始在同一直线上运动，取开始运动的时刻t=0,它们的v-t图象如图所示,D.在t3时

2、刻，甲追赶上乙则：（）A.甲在12负向位移最大C.在t2时刻，甲乙相距最远3 .仔细观察如图所示的时间轴，下列说法正确的是：（）ABCDEFG十H!3A.第3s初是指时间轴上的D点B.第5s内是指时间轴上FG段/C.前4s内是指时间轴上AE段D.第2s内是指时间轴上的C点4 .下列说法中一定是匀变速直线运动的是（）/A.任意相等时间内通过的位移相等的直线运动B.任意相等时间内速度的变化量相等的直线运动C.任意相等时间内加速度变化量相等的直线运动D.任意相等时间内通过的路程相等的直线运动5 .一小球从静止开始做匀加速直线运动，在第5s内的位移比第3s内的位移多，则下列说法正确的是:（）A.小球加

3、速度为S2/B.小千第4s内的平均速度为s/C.小千第4s的初速度为s/D.前3s内的位移是6.滑块以某一初速度vo沿固定粗糙的斜面由底端向上运动，当它回到出发点时速率为vi,若滑块向上运动的时间中点为A,取斜面底端重力势能为零，则下列说法正确是（）A.上升时机械能减小，下降时机械能增大B. vo=viC.上升过程中势能是动能3倍的位置在A点上方D.上升过程中势能是动能3倍的位置在A点下方7 .中国航天2015年将完成20次航天发射创中国发射次数最多纪录，我国计划于2016年陆续发射天宫二号空间实验室，神舟十一号载人飞船和天舟货运飞船。假设神舟十一号载人飞船绕地球飞行的周期约为T,离地面的高度

4、为ho地球表面重力加速度为go设神舟十一号绕地球做匀速圆周运动，则由以上数据无法估测：（）A.地球的质量B.神舟十一号的质量C.地球的半彳仝D.神舟十一号的线速度度大小8 .如图所示，站在水平面上杂技演员在表演水流星节目时，盛水的杯子在竖直平面内做圆周运动，当杯子经过最高点时，里面的水恰好不会流出来。已知杂技演员质量为M,杯子质量为m和里面水的质量为m2,则当杯子通过与手等高的A点时，地面对杂技演员的摩擦力大小和方向分别为（杯子运动时，人和,/手都始终静止不动）1:（）/LtA.2(m+m2)g,向左B.3(m+m2)g,向右C. 2(m+m2)g,向左D.3(m+m2)g,向右9 .如图，真

5、空存在一点电荷产生的电场，其中P、Q两点的电场强度方向如图，P点的电场方向与PQ连线成45。，Q点电场方向与PQ连线成45。，则以下关于、P、Q两点电场强度大小E、巳及电势巾八（H的关系正确的是：（）A.EiE2,12B.EiE2,12cEiE2,12DEiE2,1210 .如图所示，已知电阻R=3kQ和R=2kQ并联后，现用一电压表接AB两端时，两电流表的读数相同，现用同一电压表接AC两端时，电流表A的的读数只有电流表A2有读数的一半，电流表是理想的电流则电压表的内阻是：（）A.2kQB.4kQC.6kQD.8kQ11 .如图所示，带负电的小球以一定的初速度vo,从倾角为e的粗糙绝缘斜面顶端

6、沿斜面向下运动,斜面足够长，小球也斜面之间的动摩擦因数tan，小球在沿斜面运动过程中某一段不可能出现的运动形式是：（）/A.匀速直线运动B.加速度减小的加速运动C.加速度减小的减速运动D.加速度增大的减速运动12 .如图所示，高为h光滑水平平台上有一个质量为m的物块，在绝缘水平面有一个质量也为m电荷量为q的带正电的小球，平台下面有水平向右电场强度为、E的匀强电场，小球用跨过定滑轮的绳子向右拉动物块，且小球始终没有离开绝缘水平面,时，物块的速度v是:(A.qEh b.m2qEh3mC. V4qEh3m13.如图所示，在匀强磁场区域中有一光滑斜面体，斜面倾角为的导线，当通以如图方向的电流I后，导线

7、恰能保持静止,感应强度B等于:D. V2qEhme,在斜面体上放了一根长为已知磁场方向与水平面的夹角为L,质量为mA B IL2IL cose ,则磁C . B mgtan D).ILmg cosIL不计一切摩擦。当小球从平台的边缘处由静止向右前进位移、选择题H（本题3个小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项至少有一个符合题目要求的，全部选对的得2分，选对但不全得1分，有选错的得0分）14.【加试题】（2分）根据玻尔理论，氢原子能级如图所示，下列说法正确的是:nE/cV-0.85氧原子的能级图A. 一群原处于4能级的氢原子回到的状态过程中,最多放出6种频率不同的光子B. 一群原处于4

8、能级的氢原子回到的状态过程中,最多放出3种频率不同的光子C. 一个原处于4能级的氢原子回到的状态过程中,最多放出6种频率不同的光子D.一个原处于4能级的氢原子回到的状态过程中,最多放出3种频率不同的光子15.【加试题】（2分）有两列简谐横波，其中实线波沿x轴正方向传播；虚线波沿x轴负方向传播。某时刻两列波在如图所示区域相遇，则下列说法正确的：（A.实线波的周期是、4s,虚线波的周期是6sB.两列波此时引起平衡位置为x=4m处的质点的振动方向相同C.若两列波的传播速度相同，则实线波与虚线波的周期之比-3D.在相遇区域不会发生干涉现象，也就没有振动加强的点16.【加试题】（2分）水中点光源S,可以

9、发出a、b两种单色光，其由水中射出水面的光路如图所示。关于这两种单色光性质的比较，下列判断正确的是：八（）A.水对a、b的折射率关系为naVb/C.单色光a从水到空气的全反射临界角小于单色光b从水到空气的全反射临界角D.用同一双缝干涉装置进行实验可看到a光干涉条纹的间距比b光的宽三非选择题（本题共7小题，共55分）17. （5分）有一种“傻瓜”照相机，其光圈（进光孔径）随被拍摄物体的亮度自动调节，而快门（曝光时间）是固定不变的。一位同学利用“傻瓜”照相机来做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）首先这个同学事先测定了相机的曝光时间为to（2）这位同学提出了下述实验方案：他从墙面前某点O,使一个小

10、石子自由落下，对小石子照相得到如图的照片，由于小石子的运动，它在照片上留下一条模糊的径迹AB通过测量OA勺距离h,AB的距离x,当地的重力加速度为g,则石子划过A点时的速度大小v=。（用题中给出的物理量字母表示）（3）多次改变高度h,重复上述实验，作出x2?SkipRecordIf.?随h变化的图象如图乙所示，当图中已知量X、H和重力加速度g及曝光时间为t满足表达式时，可判断小球下落过程中机械能守恒。18. 小（5分）为了较为精确测量某一小灯泡的阻值，小灯泡的阻值约20Q,现用伏安法精确测量.现准备了以下器材：A.电流表（量程A,内阻约为1Q）B.电流表（量程A,内阻约为Q）C.电压表（量程V

11、,内阻约为5kQ）D.电压表（量程V,内阻约为15kQ）E.电源：电动势E=6V,内电阻较小F.滑动变阻器（最大阻值为200Q,额定电流100mA）G.滑动变阻器（最大阻值为5Q,额定电流A）为了准确测量这一个小灯泡的电阻，需要较多的数据。则：（1）实验中所用的电流表应选;电压表选;滑动变阻器应选。（只需填器材前面的字母代号）（2）将图中的实物连接成实验所需的电路（有两根导线已经接好）19. （9分）一质量为m的小孩子站在电梯内的体重计上、电梯从t=0时刻由静止开始上升，在0s到6s内体重计示数F的变化如图所示.试问：在这段时间内电梯上升的高度是多少？（重力加速度g=10m/s2）20. （1

12、2分）如图所示，四分之一圆弧轨道的圆心O和半圆轨道的圆心02,与斜面体ABC勺竖直面八叫同一竖直面上，两圆弧轨道衔接处的距离忽略不计，斜面体ABC勺底面BC是水平面，一个视为质点质量n=的小球从P点静止释放，先后沿两个圆弧轨道运动，最后落在斜面体上（不会弹起），不计一切摩擦，已知AB=9日BC=12m,O2A=,四分之一圆弧的半径和半圆的半径都是R=,g=10m/s2。求：、（1）小球在半圆最低点Q对轨道的压力；（2）小球落在斜面上的位置到A点的距离21 .【加试题】（4分）在用多用电表粗测电阻时，该兴趣小组首先选用“X10”欧姆挡，此时欧姆表的指针位置如图甲所示，为了减小误差，多用电表的选择

13、开关应换用欧姆挡；按操作规程再次测量该待测电阻的阻值，此时欧姆表的指针位置如图乙所示，其读数是Q;图甲图乙22 .【加试题】（8分）如图所示，倾角为0=37。光滑斜面上，有垂直斜面向上，且上、下水平界面分别为mapq的匀强磁场，磁感应强度为R正方形导线框abcd边长为L,导线框的质量为E电阻为R。磁场方向垂直于斜面向里。线框从斜面某处由静止落下，当线框的ab边刚进入磁场时，线框的加速度方向向下、大小为g,线框平面始终位于斜面面内，且上、下两边总平行于pq。空气阻力不计，重力5加速度为g。求：（1）线框的ab边刚进入磁场时，通过线框导线中的电流；23 .【加试题】(12分)如图所示，在一半径为R

14、半圆形区域内(O为圆心，PQ边为直径)有垂直纸面向外的匀强磁场(图中没画出)，PQ上方是电场强度为E的匀强电场。现有一质量为m电量为q的带正电粒子从静止开始匀强电场中的A点释放，从O点垂直于AB进入磁场，已知OA勺距离也为R不计重力与空气阻力的影响。(1)求粒子经电场加速射入磁场时的速度；(2)若要进入磁场的粒子不从圆弧边界离开磁场，求磁感应强度B的最小值；(3)若磁感应强度B42mqER求带电粒子从静止开始运动到达圆弧边界的时间。qR1 .【答案】B【解析】试题分析：笛卡儿认为运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动，A错误；法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的

15、清晰图像，故B正确；牛顿第二定律对宏观物体的研究适用，对微观物体的研究不适用，故C错误；法拉第根据感应电动势跟磁通量的变化率成正比得出了法拉第电磁感应定律，故D错误。考点：物理学史【命题意图】考查学生对物理学史的理解2 .【答案】A【解析】试题分析：甲在0-t2这段时间内，速度一直为负，一直向负方向运动，位移越来越大，所以，甲在t2负向位移最大，故A正确；甲乙两质点从同一地点同时开始在同一直线上运动，乙一直沿正向运动，甲在0-t2时间内沿负向运动，两者间距增大.t2-t3时间内乙沿正向运动，甲在乙的前方运动，乙的速度小于甲的速度，所以两者间距增大.t3时刻之后，乙的速度大于甲的速度，两者间距减

16、小，则在t3时刻，甲乙相距最远.故B、GD错误。考点：v-t图象【命题意图】考查学生对运动学规律的理解和v-t图象3 .【答案】C【解析】试题分析:第3s初是指时间轴上的C点，故A错误；第5s内是指时间轴上EF段，故B错误；前4s内是指时间轴上AE段，故C正确；第2s内是指时间轴上的BC段，故D错误。考点：时间和时刻【命题意图】考查学生对物理基本概念的理解4 .【答案】B/【解析】试题分析：任意相等时间内通过的位移都相等的直线运动，物体做匀速直线运动，故/A错误；任意相等时间内速度的变化量相等的直线运动，就是加速度恒定不变的直线运动，也就是匀变速直线运动，故B正确，C错误；任意相等时间内通过的

17、路程都相等的运动可能是匀速直线运动，故D错误。考点：匀变速直线运动规律【命题意图】考查学生对匀变速直线运动规律的理解5 .【答案】C【解析】试题分析：根据匀变速直线运动的推论x=aT2得：ax0.1m/s2,故A错误；小球第3s末的速度2tV3=at3=s,小子第4s末的速度V4=at4=s,则小球第4s内的平均速度v4v3一v40.35m/s,故B错2、1212误；小球第4s的初速度也就是第3s末的速度为s,故C正确；前3s内的位移x-at20.132m=22故D错误。/考点：匀变速直线运动规律【命题意图】考查学生对匀变速直线运动规律及推论的理解6.【答案】C点的速度Va v0，点A的动能E

18、和势能b分别是：Ek 2加速度a g sing cosv0 (5) .3mv2 gsinEd mgLsin mg2sin()p2a8a,过程中，势能增加，动能减小，所以上升过程中势能是动能考点：牛顿运动定律；动能定理1 212mv - mvo ,物体沿斜回向上运动时，2 83mv2,所以在点A有：Ep 3Ek ,在上升 83倍的位置在A点上方，故C正确，D错误。试题分析：斜面与滑块间有摩擦，滑块无论上升还是下降时，都有机械能损失，VoV1故A、B错误；可知A【命题意图】考查学生对牛顿运动定律和动能定理的理解7.【答案】B、【解析】试题分析：设地球质量为M半径为 R,神舟十一号质量G Mm 2

19、m(2一)2(R h),黄金代换公式GM(R h)2T示地球的质量 M和地球的半径的运行半径 R再由v大小，由第一式可看出神舟十一号的质量不能求出，故选项考点：力后引力定律【命题意图】考查学生对方招引力定律的理解为m,由万有引力定律和牛顿第一定律得，2gR ,由已知量T、h、g,两式可解得可以求出表GM21一，一、和GM gR2可求得神舟十一号的线速度B正确，A、C D错误。【解析】8.【答案】D【解析】试题分析：解：设杯子做圆周运动的半径为r,当杯子经过最高点时，里面的水恰好不会流出来，所以杯子通过最高点时，有(叫m2)g(m1m2)v,杯子由最高点到A点的过程，根据机械能守恒定律得:(m

20、m2)gR (m12m2)v(m1m2)v；,联立得：vA/3谦，设杯子在A点时，细绳对杯子2的弹力为F,则有：F(1一m2)vA=3(m+m)g,方向向右。此时绳子对人的拉力也是3(m+m)g,方向向左。对人受力分析可知，地面对人的摩擦力与绳子的拉力大小相等，方向相反，即地面对人的摩擦力大小为3(m+m)g,方向向右，故D正确，AB、C错误.考点：机械守恒定律；圆周运动【命题意图】考查学生对机械守恒定律与圆周运动相结合知识的理解9 .【答案】A【解析】试题分析：如图所示，可知场源电荷在O点，PQ位于以O点为圆心的一个圆周上，所以两者电场强度大小相等，电势也相同，故A正确，RC、D错误。考点：

21、电势；电场强度【命题意图】考查学生对电势和电场强度的理解10 .【答案】C【解析】试题分析：电压表接AB两端时，两电流表的读数相同，根据电路串并联规律可知:电压表接AC两端时，电流表Ai的的读数只有电流表A2有读数的一半，根据电路串并联规律可知:R2Rv旦，解得R=6kQo故C正确，A、RD错误。/R2Rv2考点：欧姆定律；电路串并联规律【命题意图】考查学生对欧姆定律和电路串并联规律的理解11 .【答案】D【解析】试题分析：小球沿斜面方向有两个力：重力的分力和滑动摩擦力。规定沿斜面向下为正方向，合力为/mgsinmgcos,.Fmgsin(mgcosqv0B)。当v0时，合力F=0,小球可能做

22、匀速运qB动；当Vomgsnmgcos时，合力F0,小球做加速度减小的加速运动，速度增大，洛伦兹力增大，qB滑动摩擦力增大，合力减小，加速度减小，直到加速度为0,后做匀速直线运动；故D正确，A、B、C错误考点：磁场对运动电荷的作用力；左手定则【命题意图】考查学生对磁场对运动电荷的作用力和左手定则的理解12 .【答案】B【解析】试题分析：解：将小球的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，在沿绳子方向上的分速度等于物块的速度，所以小球的速度v岳,由动能定理得：qEh-mv2-mv2,解得vJqEh,故B正2213m确，ACD错误。/考点：动能定理；运动的合成与分解；电场力【命题意图】考查学生对动能

23、定理、电场力和运动的合成与分解的理解13 .【答案】B/【解析】试题分析：试题分析：对导线进行受力分析如图所示：由力的合成知识可知：2BILC0Smg,解得：Bmg一，故B正确，A、GD错误。2ILcos考点：安培力；共点力作用下的平衡考点：磁场对电流的作用力；左手定则【命题意图】考查学生对磁场对电流的作用力和左手定则的理解14 .【答案】AD【解析】试题分析：一群氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级，由于有6中不同的跃迁方式，所以有6中不同频率的光子；一个氢原子从n=4能级跃迁到n=1能级，最多有3中不同的跃迁方式，所以最多放出3种频率不同的光子，故A、D正确，RC错误考点：玻尔理论【命题意图

24、】考查学生对玻尔理论的理解15 .【答案】BC【解析】试题分析：由图可知，实线波的波长是4m,虚线波的波长是6nl由于不知波速，所以无法知道它们的周期，故A错误；实线波此时引起平衡位置为x=4m处的质点的振动方向向下，虚线波此时引起平衡位置为x=4m处的质点的振动方向向下，故B正确；由T可知：当速度相同时，周期与波长成正比，故C正确；尽管在相遇区域不会发生干涉现象，但也会有振动加强的点，只不过没有稳定的振动加强的点，/故D错误。/考点：波的传播【命题意图】考查学生对波的传播的理解16.【答案】ABD【解析】试题分析：光线在水与空气的水平界面发生折射，从水到空气，折射率为折射角正弦值与入射角正弦

25、值之c比，据图判断，折射率navnb,选项A正确；根据折射率、n可判断，a的折射率小，介质中传播1速度大，所以a、b在玻璃中的传播速度关系为vavb，选项B正确；发生全反射的临界角Carcsin,a光折射率小，所以a光的临界角大，选项C错误；根据折射率大的波长短，所以ab,双缝干涉的条纹间距LL,波长越短则间距越窄，所以b光波长短条纹间距窄，选项D正确。考点：光的折射；光的干涉【命题意图】考查学生对光的折射和光的干涉的理解xx217.【答案】(2)(3)gHXt2t2【解析】x试题分析：(2)石子划过A点时的瞬时速度可认为等于石子划过径迹AB的平均速度上。t22(3)由机械能守恒定律得mgHm

26、X-，即gH勺。考点：验证机械能守恒定律【命题意图】考查学生用自由落体运动来验证机械能守恒定律18.【答案】(1)A;C;G;(2)如下图所示试题分析(1)灯泡的电阻约为20Q,电源电动势6V,电流IE=,因此电流表选择A,电压表选择C,为了R得到更多的数据，滑动变阻器采用分压接法，滑动变阻器选小阻值大额定电流的G调节灵敏；小灯泡电阻较小，电流表采用外接法。(2)实物图如上所示考点：伏安法测电阻【命题意图】考查学生对伏安法测电阻的理解19.【答案】/【解析】试题分析：在0-2s的过程中：电梯做匀加速直线运动。由牛顿第二定律得：=ma,解得ai=2m/s2。这段时间内的位移x1a1t12=4m;

27、第2s末的速度vi=ati=4m/s2在2-5s的过程中：电梯做匀速直线运动，这段时间内的位移X2Vit2=12nx在5-6s的过程中：电梯做匀减速直线运动。由牛顿第二定律得：=ma,解得a2=3m/s2。这段时间内的位移x3v1t3la2t；=;2在这段时间内电才上升的高度X=X1+X2+X3=考点：匀变速直线运动；牛顿运动定律【命题意图】考查学生对匀变速直线运动和牛顿运动定律的理解20.【答案】(1) 14N,方向向下;(2)试题分析：(1)小球从P点运动到Q点的过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得:12mg(3R) -mv解得：v=6m/s由向心力公式得：FNmg2mvR解得：Fn=14N由牛顿第三定律得：小球在半圆最低点Q对轨道的压力大小是14N,方向竖直向下。(2)小球离开半圆轨道后做平