2019-2020学年湖北省华师一附中、黄冈中学等八校联考高三(上)第一次月考物理试卷(12月份)

1、2019-2020学年湖北省华师一附中、黄冈中学等八校联考高三（上）第一次月考物理试卷（12月份）二、选择题（本大题共 5小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中第14-18题只有一项符合题目要求第19-21题有多项符合题目要求.全部选对的得 6分，选对但不全的得 3分，有选错或不选的得 0分.请选出符合题目要求的一项或多项填入答题卷中.）1. （6分）下列关于近代物理中的一些说法，正确的是（）A.在光电效应现象中，金属的逸出功随入射光的频率增大而增大B .比结合能大的原子核分裂成比结合能小的原子核时一定放出核能C.动量相同的质子和电子，它们的德布罗意波的波长相等D.玻尔将量子观念

2、引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了各种原子光谱的实验规律2. （6分）如图所示，甲、乙、丙三个光滑轨道，甲是水平轨道，乙是向下凹的圆弧轨道，丙是向上凸的圆弧轨道，三个轨道水平方向距离相同。图中虚线在同一水平面上。 现有三个完全相同的小球分别从相同高度由静止开始滚下，到达轨道的右侧，三个小球运动过程中始终未脱离轨道，下列说法正确的是（）B.乙轨道上的小球先到达右侧C.丙轨道上的小球先到达右侧D.三个轨道上的小球同时到达右侧3. （6分）北京冬奥会将在2022年2月4日至2022年2月20日在北京和张家口联合举行。这是北京和张家口历史上第一次举办冬季奥运会，图示为某滑雪运动员训练的

3、情景：运动员从弧形坡面上滑下沿水平方向飞出后，又落回到斜面上。若斜面足够长且倾角为0,弧形坡面与斜面顶端有一定高度差，某次训练时，运动员从弧形坡面飞出的水平速度大小为 vo,飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，下列判断正确的是（）A.若运动员以不同的速度从弧形坡面飞出，落到斜面前瞬间速度方向一定相同B.若运动员飞出时的水平速度大小变为2 v0,运动员飞出后经t=距斜面最远C.若运动员飞出时的水平速度大小变为2v0,运动员落点位移为原来的4倍D.若运动员飞出时的水平速度大小变为2v0,落到斜面前瞬间速度方向与水平方向的夹角变大4. （6分）如图所示，表面粗糙的斜面放在水平地面上给物体一个沿

4、斜面向下的初速度v0,物体可以在斜面上匀速下滑。现仍给物体一个沿斜面向下的初速度v0,同时给物体施加一个恒力 F,在物体下滑的过程中（整个过程斜面始终没有动），下列说法正确的是（）A.如果恒力F的方向平行于斜面向下，物体将加速运动，地面对斜面的摩擦力方向水平向左B.如果恒力F的方向水平向右，物体将减速运动，地面对斜面的摩擦力方向水平向左C.如果恒力F的方向垂直斜面向下，物体将减速运动，地面对斜面的摩擦力方向向右D.如果恒力F的方向平行于斜面向上，物体将减速运动，地面对斜面的摩擦力为零5. （6分）2019年11月5日01时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射第 49颗北

5、斗导航卫星，标志着北斗三号系统 3颗倾斜地球同步轨道卫星全部发射完毕。倾斜地球同步轨道卫星是运转轨道面与地球赤道面有夹角的轨道卫星，运行周期等于地球的自转周期，倾斜地球同步轨道卫星正常运行时，下列说法正确是（）A .此卫星相对地面静止B.如果有人站在地球赤道处地面上，此人的向心加速比此卫星的向心加速度大C.此卫星的发射速度小于第一宇宙速度D.此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观测，可能会一天看到两次此卫星6. （6分）如图所示电路中，电源内阻忽略不计，R0的阻值小于R1的总电阻。闭合开关 S,电压表示数为U,电流表示数为I;在滑动变阻器R1的滑片P由b端滑到a端的过程中（A .电流表示数I先变小

6、后变大B.电压表示数U先变大后变小C.电压表示数U变化量与电流表示数I变化量比值等于 R3D.电压表示数U与电流表示数I比值先变大后变小7. （6分）如图所示，光滑水平桌面上固定一个轻弹簧，。点为原长位置，桌面上方有水平向左的匀强电场（图中未画出），场强E=10N/C,质量为0.5kg,带电荷量为+0.25C的绝缘滑块从 A点由静止释放，在物块把弹簧压缩到最短的过程中，最大动能为8J.现将物块由 A点左边0.4m处的B点由静止释放，弹簧被压缩过程中始终在弹性限度内，g取10m/s2,则下列说法正确的是（）A . A点到O点的距离小于 3.2mB .从B点释放后滑块运动的最大动能大于9JC.从B

7、点释放滑块被弹簧弹回经过 A点的动能等于1JD .从B点释放弹簧最大弹性势能比从A点释放增加了 1J8. （6分）如图所示，半径为 R的圆是圆柱形区域的横截面，c为圆心，/ acb= 60。，在圆上a点有一粒子源能以相同的速率向圆面内各个方向发射质量为m、电荷量为q的带正电粒子，柱形区城内存在平行于圆面的匀强电场，粒子从电场中射出的最大动能是初动能的4倍，经过b点的粒子在b点的动能是初动能的 3倍，已知初动能为Ek,不计粒子重力及粒子间的相互作用，下列选项正确的有（）A .电场强度大小为 一 吸14EkB .电场强度大小为 三 QKC.电场强度方向从 a到bD .电场强度方向从 a到c二、非选

8、择题包括必考题和选考题两部分.第22题第32题为必考题每个试题考生都必须作答.第 33题第38题为选考题考生根据要求作答.9. （6分）用如图所示的实验装置可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，地面水平，图中。点是小球抛出点在地面上的垂直投影，实验时，用天平测量两个小球的质量mi、m2,先让入射球1多次从斜轨上 S位置静止释放，找到其平均落地点的位置 P,测量平抛射程 OP,然后，把被碰小球 2静 置于轨道的水平部分，再将入射球 1从斜轨S位置静止释放，与小球 2相撞，并多次重复分别找到球 1、球2相 碰后平均落地点的位置 M、N,测量平抛射程 OM、ON。关于

9、本实验下列说法正确的是 。A .入射球1的质量应比被碰小球 2质量大B.小球与斜槽间的摩擦对实验有影响C.入射球1必须从同一高度释放D.两小球的半径可以不同若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为 ;（用题中测量的量表示）若两个小球质量均未知， 只知道m1 > m2,则只需验证表达式 成立，可证明发生的碰撞是弹性碰撞。（用 题中测量的量表示）10. （9分）实验室有一个灵敏电流计G1,满偏刻度为30格。某兴趣小组想要较精确地测出它的满偏电流Ig和内阻Rg,实验室中可供利用的器材有：待测灵敏电流计G1灵敏电流计G2电流表A:（量程为1mA、内阻约为100Q）定值电阻R1：（阻值为200

10、）定值电阻R2：（阻值为400 ）电阻箱R: （09999.9最小调节量 0.1 Q）滑动变阻器R3：（最大电阻2000Q,额定电流1.5A）直流电源：电动势1.5V,内阻不计；开关一个，导线若干。该小组设计的实验电路图如图，连接好电路，并进行下列操作。(1)闭合开关调节滑动变阻器使电流表A示数适当。(2)若灵敏电流计 G2中的电流由a流向b,再调节电阻箱，使电阻箱R的阻值 (选填“增大”或“减小”)，直到G2中的电流为0。(3)读出电阻箱连入电路的电阻为1000Q,电流表A的示数为0.7mA,灵敏电流计 G1的指针指在20格的刻度处，则灵敏电流计满偏电流Ig=jjA,内阻Rg=Qo11 .

11、(14分)如图所示，空间存在方向斜向上且与水平方向夹角为45的匀强电场，电场强度大小为E =范围足够大。电场中有一绝缘挡板MN ,与水平方向夹角为0= 45 ,质量为 m、电荷量为q、带正电的小球从与M点在同一水平线上的 。点以速度vo竖直向上抛出，小球运动过程中恰好不和挡板碰撞，小球运动轨迹所在平面与挡板垂直，重力加速为 g,求:(1)小球贴近挡板时速度的大小;(2)小球贴近挡板时距 M点的距离。12. (18分)如图所示，倾角为。=30°的斜面与足够大的光滑水平面在D处平滑连接，斜面上有 A、B、C三点，AB、BC、CD间距均为20cm,斜面上BC部分粗糙，其余部分光滑。2块完全

12、相同、质量均匀分布的长方形薄片(厚度忽略不计)，紧挨在一起排在斜面上，从下往上编号依次为1、2,第1块的下边缘恰好在 A处，现将2块薄片一起由静止释放，薄片经过D处时无能量损失且相互之间无碰撞，已知每块薄片质量为 m=1kg、长为5cm,薄片与斜面BC间的动摩擦因数 科=唱，重力加速度为g,求：(1)第1块薄片刚完全进入 BC段时两薄片间的作用力大小；（2）第1块薄片下边缘刚运动到 C时的速度大小;（3）两薄片在水平面上运动时的间距。二、选考题（共45分，请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答【物理-选彳3-3（15 分）13. （5分）下列说法正确的是（）A .不

13、可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功B .系统的宏观状态所对应的微观态的多少表现为宏观态的无序程度C.通过增大压强可以使所有气体液化D.自发的热传导是不可逆的E.123门0"帚某理想气体经历从a到b的过程，如图所示，则当压强变为105Pa时温度达到最高14. （10分）如图所示，一气缸由截面积不同的两圆筒联接而成，固定在水平地面上，活塞A、B用一长为31的刚性细杆连接，它们可以在筒内无摩擦地沿水平方向左右滑动，A、B的截面积分别为 Sa = 30cm2> SB=15cm2,AB之间封闭着压强为 P1 = 1.2X 105Pa的一定质量的理想气体两活塞外侧（A的左方和B的右方

14、）都是大气，大气压强始终保持为 Po=1.0X105Pa,对活塞B施加一水平向右的外力 F,使系统平衡。当气缸内气体温度为T1= 540K,活塞AB的平衡位置如图所示。使气缸内气体温度下降，同时缓慢减小外力，以保持活塞静止不动，当温度降至多少时，外力正好减为零？外力为零后，不再施加外力，继续使气缸内气体温度下降，温度降为多少时活塞 A刚好右移到两圆筒联接处？【物理-选彳3-4】（15分）15. 2018年以来世界各地地震频发，让人感觉地球正处于很“活跃”的时期，对地震波的研究有助于对地震进行监测。地震波既有横波，也有纵波，若我国地震局监测到一列沿x轴正方向传播的地震横波，在t （图中实线）与（

15、t+0.4） s （图中虚线）两个时刻x轴上-33km区间内的波形图如图所示，则下列说法正确的是（）A.质点振动的周期可能为0.16sB.该地震波的波长为 3kmC .该地震波最小波速为5km/sD .从t时刻开始计时，x= 2km处的质点比x= 2.5km处的质点后回到平衡位置E.若该波传播中遇到宽约4km的障碍物，则能发生明显的衍射现象16.空气中有一折射率为 会的玻璃柱体，其横截面是圆心角为 90° ,半径为R的半圆ACB, 一束平行光平行于横截面，以45。入射角射到AO段上，如图所示，其中 OC与AB垂直。若只考虑首次入射到圆弧上的光，求：圆弧上有光透出的部分的弧长；从最左侧

16、出射的光与 OC延长线的交点 Oi到圆心O的距离。（提示sin15° =吏口_2 ）2019-2020学年湖北省华师一附中、黄冈中学等八校联考高三（上）第一次月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析二、选择题（本大题共 5小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中第14-18题只有一项符合题目要求第19-21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错或不选的得 0分.请选出符合题目要求的一项或多项填入答题卷中.）1 .【解答】解：A、金属的逸出功由金属本身决定，与入射光的频率无关。故 A错误；B、根据结合能与比结合能的关系可知，比结合能大的原子核

17、分裂成比结合能小的原子核时一定吸收核能。故B错误；C、根据德布罗意波的波长公式：丸=且可知，动量相同的质子和电子，它们的德布罗意波的波长相等。故 C正确；D、波尔将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律，而不是成 功地解释了各种原子光谱的实验规律。故D错误故选：Co2 .【解答】解：三个小球从相同高度由静止滚下，该过程机械能守恒，由机械能守恒定律可知，小球到达最低点同 一高度时速度 v相同；由图示可知，丙球到达最低点后的运动过程是：先减速后加速，水平方向平均速度最小，由于水平位移相等，则丙球运动时间最长，最后达到右侧，故 CD错误；由图示可知，乙球到达最

18、低点后的运动过程是：先加速后减速，由题意可知：三个小球运动过程始终没有脱离轨道，对乙若斜面倾角趋近于 90° ,乙球不脱离轨道，速度只能趋近于0,乙球先加速后减速，先到达轨道右端；如果乙轨道斜面倾角趋近于 0,甲乙两轨道上的小球运动时间趋近于相等，综合分析可知，乙轨道上的小球先到 达右侧，故A错误，B正确；故选：B。3 .【解答】解：AD、利用物体从斜面顶端平抛的运动规律：设人从 A点平抛，落到斜面上的 C点，沿AC作一直 线ACB ,则从A平抛时，落到斜面 AB上时，速度方向与水平方向的夹角相等，落到斜面上 E点时y方向（竖 直方向）VyE小于落到D点时y方向速度VyD,水平方向速

19、度相同，则落到E点时速度与水平方向夹角比落到D点的小，可知，落到斜面前瞬间速度方向一定不同，若运动员飞出时的水平速度大小变为2vo,落到斜面前瞬间速度方向与水平方向的夹角变小。故AD错误。,一 修十 1 2T ntan9 , 一B、运动员的速度与斜面平行时离斜面最远。当速度变为2v0时，有tan0=-, t= ,故B正确。2 y SC、若与占AB斜面平抛，落到斜面上D点的时刻有tan产;£ = 9=2tan（丫是速度与水平方向的夹角， v0 v0是AB斜面的倾角）2v?tan6 fI 2vntanS ,水平位移 x=v0t=一y,位移 s=常 = -，可知当速度为 2v0时，有s&#

20、39; =4s,gcos 9 geos U则落到E点时的距离s <4s,故C错误。故选：B。4 .【解答】解：物体可以在斜面上匀速下滑，则A、如果恒力F的方向平行斜面向下，f和N保持不变，地面对斜面的摩擦力为零，故A错误；B、如果恒力 F的方向水平向右，物体仍向下运动过程中，产tan 0,明'cos 0= N' sin 0, f' cos 0= N' sin 0,地面对斜面的摩擦力为零，故 B错误;C、如果恒力 F的方向垂直斜面向下，同理， 呼tan 0, pN ' cosO=N' sin 0, f' cos 0= N' s

21、in 0,地面对斜面的 摩擦力为零，故C错误；D、如果恒力F的方向平行于斜面向上，物体仍向下运动过程中，产tan 0,明'cos 0= N ' sin 0, f' cos 0= N'sinQ,地面对斜面的摩擦力为零，故 D正确；故选：D。5 .【解答】解：A、倾斜地球同步轨道卫星相对地面有运动，没有相对地面静止，故 A错误；B、根据向心加速度 a= 32r可知，赤道处的人和倾斜地球同步轨道卫星角速度相同，则人的向心力加速度小，故B错误;C、第一宇宙速度是最小的发射速度，故此卫星的发射速度一定大于第一宇宙速度，故C错误；D、倾斜轨道和同步轨道，一天中相遇两次，由于

22、人与同步卫星属于同轴转动，当两轨道相遇时，人可以看到该卫星，故此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观测，一天会看到两次此卫星，故D正确。故选：D。6 .【解答】解：A ,由图可知，在滑动变阻器 Ri的滑片P由b端滑到a端的过程中，总电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，故 A正确；B由图可知电压表测量的是电源的路端电压，由于电源内阻忽略不计， 则路端电压与电源电动势大小相等，故电压表示数不变，故 B错误；C.电压表示数U变化量与电流表示数I变化量比值等于除 R3以外的总电阻，故 C错误；D.电压表示数U与电流表示数I比值等于除R3以外的总电阻，所以先增大后

23、减小，故D正确；故选：AD。7.【解答】解：A.物块从O点时开始压缩弹簧，弹力逐渐增大，开始阶段弹簧的弹力小于电场力，物块做加速运动。后来，弹簧的弹力大于电场力，物块做减速运动，所以物块先做加速运动后做减速运动，弹簧的弹力等于电 Ek0场力时物块的速度最大。最大动能为8J,解得x=七一工 =3.2m,而O点不是最大速度的位置，所以把 2. 51nA点到O点的距离小于 3.2m,故A正确；B.根据题意可知，最大速度的位置不变，令O到最大速度的距离为 x,则2.5 (OA+x) =8+2.55，从B到最大速度的过程中：2. 5sA+宣句,4)=E1r+2. 5工，两式相减可得：Ek=9J,故B错误

24、；C. B到A根据动能定理有：qExAB = EkA= 1J,根据能量守恒可得滑块被弹簧弹回经过A点的动能等于1J,故C正确；D.根据题意可知弹簧最大弹性势能等于滑块减少的电势能，由于从 B点释放弹簧的压缩量增大，所以从B点释放弹簧最大弹性势能比从 A点释放增加为： Ep>qExAB= 1J,故D错误。故选：AC 。8.【解答】解：设电场方向与ab连线夹角为0,离开电场时动能最大的粒子的射出点和C点连线一定和电场方向平行，如右图所示O在粒子从a运动到b点过程中由动能定理有:qERcos9=2?Ek对离开电场时动能最大的粒子在电场中由动能定理有:兀qER1+sin ( 0+ ) = 3X

25、Ek6由以上两式解得：sin 0=。或日1门0 =当sin。=。时（即电场方向由a指向b）2EC1P当 sin 0=一，故ABC正确，D错误,故选：ABC 。题、非选择题包括必考题和选考题两部分.第22题第32题为必考题每个试题考生都必须作答.第 33题第38题为选考题考生根据要求作答.9.【解答】解：A、为防止碰撞后入射球反弹，入射球1的质量应比被碰小球 2质量大，故A正确。B、“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，小球与斜槽间的摩擦对实验没有影响，故B错误。C、要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故

26、C正确。D、为了保证小球碰撞为对心正碰，两球的半径必须相等，故D错误。应选：AC。碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得:mi vi = miv2+m2v3,小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以 t得：mivit=miv2t+m2v3t得：mOP= miOM+m 2ON ;弹性碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，由机械能守恒定律得:两边同时乘以 t2 得：mivi2t2= miv22t2+m2v32t2, 222则有：miOP2=miOM2+m2ON2。2 mivi-m1V2 +222 m 2v 3 ，故答案为： AC; miO

27、P = miOM+m 2ON ; miOP2= miOM 2+m2ON2。10.【解答】解：（2）灵敏电流计 G2中的电流由a流向b,说明a点电势比b点电势高，R2的阻值大于电阻箱接入电路的阻值，增大电阻箱 R接入电路的阻值，当 a、b两点电势相等时，流过 G2的电流为0。（3）流过G2的电流为零，由图示电路图可知: RR即： 竺匹L=解得：Rg=500Q;% %400 200流过两支路电流之比:UIgi U $+叫 200+40C2Rg+R由图本电路图可知：Igi+Ii=Ia,已知：lA=0.7mA,则：Igi = 0.2mA ,灵敏电流计G,满偏刻度30格，灵敏电流计的指针指在20格的刻度

28、处,则灵敏电流计满偏电流 Ig=Igi=X 0.2 = 0.3mA = 300必；202故答案为：（2）增大；（3） 300; 500。11 .【解答】解：（1）根据题意可知粒子受到重力和电场力，其合力水平向右，所以粒子做类平抛运动,由于粒子恰好不和挡板碰撞，粒子贴近挡板时其速度方向与挡板恰好平行，设此时粒子水平方向速度大小为v,则根据三角形定则可知:（2）粒子做类平抛运动，设粒子运动加速度为a,由牛顿第二定律:J (qE) "-(mg )q=ma,水平方 向上：vx=v0=at,则小球贴近挡板时距 M点的距离为1=Jsin45联立解得:答：（1）粒子贴近挡板时水平方向速度的大小为小

29、气(2)小球贴近挡板时距M点的距离为12 .【解答】解：(1)第1块薄片刚完全进人 BC段时，对两薄片由牛顿第二定律得:2mgsin30° -(mgcos30° = 2ma解得：a= _g4对薄片2由牛顿第二定律得：mgsin30 ° F= ma,解得：F =-Lmg = 2.5N(2)把两块薄片看作整体，当两块薄片恰完全进入BC段时，由动能定理得:o_1, x U+2U mccci/O" 99l1 _2 n2mgsin30 ( Lab+Lbc) ?21片=胃2骑¥ - 0解得：v= 士_lm/s此后对两薄片受力分析知，沿斜面方向合力为 0,故

30、两薄片一直匀速运动到薄片片速度为：v= 华 m/s1前端到达C点，此时第1块薄(3)每块薄片由前端在 C点运动到水平面上，由动能定理得:mgsin30° (Lcd+L 片)-i-(imgcos30° L解得：v1 = 4.5m/s两薄片到达水平面的时间差为：t= L = T5sV两薄片在水平面上运动时的间距为：x = Vt=3>/Em答：(1)第1块薄片刚完全进入 BC段时两薄片间的作用力大小是2.5N;(2)第1块薄片下边缘刚运动到 C时的速度大小是 山旦m/s；2(3)两薄片在水平面上运动时的间距是3史、选考题(共45分，请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答【物理-选彳3-3(15 分)13 【解答】解：A、不可能从单一热源吸收热量并把它全部用做功而不产生其它变化，故 A错误;B、系统的宏观状态所对应的微观态的多少表现为宏观态的无序程度，故 B正确;C错误;C、增大压强不能使所有气体液化，只有在临界温度以下才以通过增大压强使气体液化，故D、自发的热传导是不可逆的，故 D正确;E、出图象可知：P= 2- 0.5V,由墨二c 可知：T -当=-=10.5 ”2 ）2+2 , V = 2X10-3m3 时极大值，此时有：P=1X 105Pa,故E正确。故选：BDE 。14.【解答】解：设气缸内气体压强为P