2020年江苏省连云港市中考物理试卷和答案解析

1、2020 年江苏省连云港市中考物理试卷和答案 解析一、选择题（本大题共10 小题，每小题 2 分，共 20 分每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）1 （2分） 2020年新冠病毒席卷全球， 疫情之下， 医用口罩人人必备，下列关于医用口罩材料的说法正确的是（ ）A 面料具有较强的过滤性B 面料具有较好的导电性C.鼻梁上的压条应选用可塑性差的材料D.鼻梁上的压条应选用密度大的材料解析：根据医用口罩的功能和实用性、舒适性进行判断。参考答案：解： A 、医用口罩能够有效隔离吸入呼吸道的固态颗粒物，同时不能影响正常的呼吸，所以面料要具有较强的过滤性。故A 正确；B 、使用口罩的目的是为了卫生、健康，

2、面料与导电性无关。故B不正确；C、为保证口罩与面部紧密接触，口罩上方的压条应选用可塑性强的材料。故C 不正确；D、在保证质量的前提下，鼻梁上方的压条尽可能选择密度小一些的材料，可以最大限度减小对鼻梁的压力。故D 不正确。故选：A 。点拨：此题是一道联系社会热点的应用题，考查了物理属性在口罩上的应用，体现了物理知识与现实生活的密切关系。2 （ 2 分）下列关于热现象的解释正确的是（ ）A.冬天司机往水箱里加点酒精是为了提高液体的凝固点B 皮肤上涂一些酒精会感到凉爽是因为酒精蒸发时放热C 冻豆腐里面的小孔是由于豆腐里的水先凝固后熔化形成的D 从冰箱里取出的易拉罐外壁会出现小水滴是水蒸气凝华形成的解

3、析： （ 1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（ 2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、 汽化、升华。参考答案：解：A 、 北方的冬天， 货车司机向水箱里加酒精是为了降低水的凝固点，防止水箱中的水结冰，故A 错误；B 、往皮肤上涂一些酒精会感到凉爽是因为酒精蒸发时吸热，故B错误；C、冻豆腐里的小孔是因为豆腐里的水先凝固后熔化形成的小孔，故 C 正确；D、从冰箱里取出的易拉罐过一会儿外壁出现了小水滴，是由于空气中的水

4、蒸气液化形成的，故D 错误。故选：C 。点拨：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。3 . （2分）如图所示，电源电压恒定，闭合开关，滑动变阻器滑片向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表示数增大B.电压表示数减小C.定值电阻R两端的电压增大D.电压表示数与电流表示数比值增大解析：由电路图可知，电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻 器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入 电路电阻的变化，根据欧姆定律确定电路中电流的变化和电阻两端 的电压变化。参考答案：解：由电路图可知，电

5、阻与滑动变阻器串联，电压表测 滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；ABC、滑动变阻器滑片向右移动的过程中， 滑动变阻器接入电路的 电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流减小，即电流表示数 减小；根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器电阻变大，其分担的电压变大， 即电压表示数变大； 根据串联电路的电压关系可知，电阻两端的电压减小，故ABC 错误；D 、 电压表示数与电流表示数比值为滑动变阻器的电阻， 电阻变大，则比值变大，故D 正确。故选：D 。点拨：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑动变阻器移动时电路变化的分析。4 （ 2 分）关于声现象，下列说法正确的是（ ）A “

6、震耳欲聋”说明声音音调高B 声音是由于物体振动产生的C.我们无法区分音调和响度相同的声音D 禁止燃放烟花爆竹是在传播过程中控制噪声解析：利用下列知识分析判断：（ 1）声音的三要素是音调、响度和音色；声音的响度是指声音的大小，音调是指声音的高低，音色是指声音的感觉特性；通过音色能辨别物体；（ 2）声音是由物体的振动产生的；（ 3）减弱噪声的三种方式： 在声源处减弱噪声； 在传播过程减弱噪声； 在人耳处减弱噪声。参考答案：解：A 、 “震耳欲聋”说明声音的响度大，故A 错误；B、一切正在发声的物体都在振动，声音是由物体的振动产生的，第5页（共 31页）故 B 正确；C、音调和响度相同，由于每个发声

7、体的音色不同，我们可以通过音色分辨声音，故C 错误；D 、禁止燃放烟花爆竹，这是在声源处减弱噪声，故D 错误。故选：B 。点拨：解决此类问题的关键是知道声音的产生条件和声音的三个特性，属于一道声学综合题。5 （ 2 分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）A 0的冰块内能为0B 汽油机做功冲程气缸内燃气的内能增加C.存在温度差的两个物体相接触会发生热传递D.出笼的馒头变凉的过程中所含的热量在减少解析： （ 1）任何物体都有内能；（ 2）内燃机在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能；（ 3）热传递的条件是：物体之间存在着温度差；（ 4）在热传递过程中传递内能的多少叫热量，热量是个过程量

8、。参考答案：解：A 、任何物体都有内能，0 的冰块也有内能，故A 错误；B、汽油机做功冲程气缸内燃气对外做功，内能转化为机械能，内能减少，故B 错误；C、热传递的条件是：物体之间存在着温度差，热量会自发的从高温物体传递到低温物体，故C 正确；D、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能说热量减少，故D错误。故选：Co点拨：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件、改变物体内能方法以及内燃机工作原理的理解， 是中考的热点、 热学的难点。6 . （2分）如图所示，某同学进行爬竿训练，爬上竿顶后，再从竿顶 顺竿滑到地面，每次所用时间各不相同，下列说法正确的是（）A.向上爬

9、竿过程中动能转化为重力势能B.下滑过程中摩擦力的大小一定保持不变C.向上爬竿时受到的摩擦力方向向上D.下滑时间短的那次速度大，重力做的功多解析：（1）动能的大小与质量和速度有关，重力势能的大小与质量和高度有关；（2）根据同学的运动状态判定摩擦力的大小变化；（3）摩擦力总是与物体相对运动的方向相反；（4）根据W = Gh分析做功的大小。参考答案：解：A、向上爬竿过程中，人具有动能，高度增大，重力势能变大；重力势能变大是由于人对外做功，不是动能转化为重力势能，故A错误；B、从竿顶顺竿滑到地面，每次所用时间各不相同，说明人运动的速度是变化的， 在竖直方向上人受到重力和摩擦力的作用， 这两个力不一定是

10、平衡力，所以摩擦力是变化的，故B 错误；C、向上爬竿时，人的手向下拉竿，给竿一个向下的力，由于物体间力的作用是相互的，则竿会给人的手一个向上的力，即摩擦力，所以受到的摩擦力方向向上，故C 正确；D、由于下滑的高度相同，根据W = Gh可知，所做的功是相同的，故 D 错误。故选： C 。点拨：本题考查了摩擦力、动能和势能的改变、功的大小的判定，难度不大，要掌握。7 （ 2 分）下列关于压力和压强的说法正确的是（ ）A.重力大的物体产生的压力也大B 大气对处于其中的物体都有压强C 流体的流速越大，流体的压强越大D.相同深度的液体对容器底部产生的压强相同解析： （ 1 ） 压力是垂直压在物体表面的力

11、， 其方向是垂直于接触面；压力属于弹力的一种；重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，重力的施力物体是地球；其方向竖直向下；（ 2）气体具有重力和流动性，其内部存在压强；第 7 页（共 31 页）（ 3）流体的流速越大，压强越小；（4）根据液体内部压强的公式p= pgh分析压强的大小。参考答案：解：A 、 物体重力越大， 产生的压力不一定越大， 只有水平面上的物体，产生的压力等于其重力；故A 错误；B、大气受重力并且具有流动性，因此会对处于其中的物体产生压强，这个压强叫做大气压强，故B 正确；C 、流体的流速越大，则流体的压强越小，故C 错误；D、相同深度的液体对容器底部产生的压强的大小与液体的

12、密度有关，液体密度不同，产生的压强不同，故D 错误。故选： B 。点拨：本题考查了压力与重力的关系、流体压强与流速的关系、大气压强和液体内部压强的大小，属于基础知识，要熟记。8 （2分） 排球是我市中考体育测试项目之一， 同学们在排球考试时，下列分析正确的是（ ）A 排球上升到最高点时受平衡力的作用B 排球下降时速度增大，说明力是维持物体运动的原因C 假如正在上升的排球所受的力全部消失， 它将做匀速直线运动D 排球离开手后还能继续向上运动是由于受到惯性的作用解析： （ 1）根据排球的受力情况判定其是否受到平衡力的作用；（ 2）力是改变物体运动状态的原因；（ 3）根据牛顿第一定律分析排球的运动状

13、态；（ 4）任何物体都有惯性，惯性是一种性质。参考答案：解：A 、 排球上升到最高点时受到重力的作用， 受力不平衡， 故 A 错误；B、排球下降时速度增大，是因为受到竖直向下的重力的作用，说明力是改变物体运动状态的原因，故B 错误；C、假如正在上升的排球所受的力全部消失，由于球是运动的，则其运动状态不变，将做匀速直线运动，故C 正确；D、排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，不能说受到惯性的作用，故D 错误。故选：C 。点拨：本题所考查的内容都是基本的力学规律，是我们判断力学相关现象的基础，我们必须熟知并深入领会其意义。9 （ 2 分）下列关于浮力的说法正确的是（ ）A 质量大的物体

14、在液体中所受浮力一定大B 码头上正在卸货的轮船所受的浮力逐渐减小C 物体密度小于液体密度时物体在液体中处于悬浮状态D 潜水艇在水面下从大海潜行进入长江，所受浮力不变解析：（1） （4）根据F浮=G排=液gV排液分析即可；（ 2）物体漂浮时，浮力等于重力；（ 3）根据物体的浮沉条件分析。参考答案：解：第 9 页（共 31 页）A、浸在液体的物体受到的浮力等于其排开的液体受到的重力，与 物体的质量无关，故A错误；B、轮船漂浮在水中，受到的浮力等于重力，码头上正在卸货的轮船，其重力减小，所以受到的浮力逐渐减小，故 B正确；C、物体密度小于液体密度时，物体在液体中处于漂浮状态，故 C 错误；D、潜水艇

15、在水面下从大海潜行进入长江， 其排开的水的体积不变， 液体的密度减小，根据F浮=G排=p液gV排液可知，其受到的浮力 减小，故D错误。故选：B。点拨：本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件（漂浮条 件、悬浮条件）的了解与掌握，把物体的浮沉条件与密度关系（ e 液> p物，物体上浮；pa< p物，物体下沉；pa= p物，物体悬浮） 一起理解记忆。10. （2分）如图甲所示电路中，R为定值电阻，Ri为滑动变阻器图乙是该滑动变阻器滑片从一端移至另一端过程中变阻器的电功率与其电阻的关系图象。下列说法正确的是（）A.电源电压为3VB.电压表的最大示数为2VC.整个电路功率变化了 0.1

16、WD.电流表的示数变化了 0.4A解析：由电路图可知，Ri与R串联，电压表测Ri两端的电压，电 流表测电路中的电流。(1)根据图乙读出两组变阻器的阻值和对应的电功率，根据串联 电路的电流特点和P=UI =I2R求出电路中的电流，根据电阻的串 联和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压；(2)当变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电 压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表的最大示数；(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小，1T2整个电路的总功率最大，根据P=UI=*求出其大小；当变阻器接 入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，整

17、个电路的总功率最 小，根据P=UI求出其大小，然后求出整个电路功率变化量；(4)当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时， 电路的总电阻最小， 电路中电流表的示数最大，根据欧姆定律求出其大小；当变阻器接 入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即电流表的示数最小， 据此求出电流表的示数变化量。参考答案：解：由电路图可知，Ri与R串联，电压表测Ri两端的 电压，电流表测电路中的电流。A、由图乙可知，当 Ri = 10Q时，Pi = 0.9W,当 Ri' =20Q时，Pi = 0.8W,第ii页(共3i页)因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI=I2R可得，电路中的电流分别为：I1二肾腐,

18、八第L2A, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变， 所以，由1=2可得，电源的电压：KU = Ii(R+Ri) =I2(R+Ri')即 0.3AX (R+10Q) =0.2AX (R+20Q), 解得：R=10Q,电源的电压 U = Ii (R+Ri) =0.3AX (10a10Q) =6V,故 A 错误;B、当RJ =20。时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最大，则电压表的最大示数 U1 42R? =0.2AX20Q= 4V,故B错误；C、当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小， 整个电路的总功率最大，则 P 大=(= =

19、3.6W,当RJ =20Q时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，整个电路的总功率最小，则 P小 = UI2 = 6VX0.2A=1.2W,所以，整个电路功率变化了： zT=P大 -P小= 3.6W- 1.2W=2.4W, 故C错误；D、当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总电阻最小， 电路中电流表的示数最大，Ml I 大=6V10©= 0.6A当Ri' =20Q时，变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，即电流表的示数最小，所以，电流表的示数变化了： I=I大-I2=0.6A-0.2A = 0.4A,故 D正确。故选：D。点拨：本题考查了串联电路的特点

20、和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息和利用好电源的电压不变是关键。二、填空题（本大题共7小题，第11-16题每空1分，第17题每空2分，共21分）11. （2分）沿海地区昼夜温差比内陆地区昼夜温差小是因为水的比热容较大 。质量为10kg的水温度升高20c所吸收热量为 8.4 X105 J （c水= 4.2X103J/ （kg?C）。解析：水的比热容较大，与相同质量的其他物质相比，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化量小；已知水的比热容、质量、升高的温度，利用公式Q = cmZt得到水吸收的热量。参考答案：解：沿海地区水多，内陆地区水少、干泥土和沙石多，

21、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和干泥土、沙石比较， 吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水 的温度降低的少，所以沿海地区昼夜的温差小；水吸收的热量：Q 吸= c水m = 4.2X103J/（kg?C） X10kgX20C =8.4X105J。故答案为：比热容较大；8.4X 105o点拨：此题考查了水的比热容较大的特点及热量计算公式的应用， 难度不大，是一道基础题。12. （3分）将手机放在真空罩中，打电话呼叫手机，同时用抽气机 抽去罩中的空气，直到听不到铃声，说明声音不能在真空中传播，但手机仍能接收到呼叫信号，说明电磁波可以在真空中传播，如果将手机放在密闭的金属容器

22、内，手机 不能 （选 填“能或“不能”）接收到呼叫信号。解析：声音的传播需要介质，真空不能传声；电磁波在真空中能传 播，电磁波遇到金属会被反射。参考答案：解：将手机放在真空罩中，打电话呼叫手机，同时用抽 气机抽去罩中的空气，直到听不到铃声，这说明声音的传播需要介 质，声音不能在真空中传播；手机仍能接收到呼叫信号，说明电磁波可以在真空中传播； 电磁波遇到金属会被反射，将手机放在金属容器中，打电话呼叫容 器中的手机，这时手机不能收到呼叫信号。故答案为：声音不能在真空中传播；电磁波可以在真空中传播；不 能。点拨：本题考查了声音和电磁波的传播， 关键是知道金属容器能屏 蔽电磁波。13. （2分）在水平

23、地面上铺一张纸，将两个弹性相同、质量分别为mA和mB的皮球A和B表面涂黑，让它们从相同高度由静止下落， 在纸上留下黑色圆斑如图所示，分析图中两个圆斑大小，可推断： mA小于 mB （选填“大于”、“小于”或“等于"）。皮球落地后 反弹高度比原来下落时高度低，由此判断，皮球的机械能总量 少 （选填“不变”、“减少”或“增大”）。解析：重力势能的大小与物体的质量和高度有关，高度相同时，质 量越大，重力势能越大；质量相同时，高度越大，重力势能越大； 动能和势能合称机械能。参考答案：解：由图可知，皮球在纸上留下黑色圆斑 B较大，说明 B球的形变大，原因是B球质量较大，两球从同一高度处下落，原

24、 来B球的重力势能较大，皮球与地面接触时，转化为的弹性势能大， 球的形变大；皮球从某一高度释放，落地后反弹上升，上升的最大高度比释放时 的高度低一些，皮球上升过程中，高度增大，所以重力势能增加， 皮球的机械能一部分转化为了内能，所以在整个运动过程中的机械 能减少。故答案为：小于；减少。点拨：此题考查了重力势能的影响因素探究过程及机械能的变化，正确利用控制变量法和转换法是完成探究实验的基本保证。14. （2分）如图所示，让一束白光经过三棱镜，在三棱镜后放置一凸透镜，将光屏放在B处时，观察到色光的颜色是白色，光屏先后在A、C两处时，观察到的现象有何不同：光屏上彩色等七种颜色的色光，称为光的色散。根

25、据凸透镜对光线的作用分析现象的不同。参考答案：解：让一束白光经过三棱镜，白光会分解成七种颜色的光，这七种颜色的光经过凸透镜后，会聚到 B点，所以B点为白色的光；根据图象可知，经过 A和经过C的光线在竖直方向上的位置发生了变化，则光屏上彩色光带的顺序是相反的。故答案为：白色；光屏上彩色光带的顺序相反。点拨：该题考查了光的色散实验以及凸透镜对光线的作用，难度不大，要熟记。15. （3分）用如图所示滑轮组在10s内将重为300N的物体匀速提升1m,拉力大小为120N,拉力做功的功率为36 W 有用功为300 J、滑轮组的机械效率为83.3% 。第17页（共 31页）解析：(1)已知物体上升的高度和绳

26、子的段数，可求得绳子自由端移动的距离s,知道拉力的大小，根据公式W = Fs可求拉力做的总功；利用P=更可求得拉力做功的功率； t(2)已知物体的重力和提升的高度，根据公式 W=Gh可求拉力做的有用功；(3)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。参考答案：解：(1)由图知，n = 3,拉力端移动距离s= 3h = 3xim = 3m,拉力做的总功：W 总=Fs= 120N X3m = 360J;拉力做功的功率：P = t360J10s= 36W;(2)已知 G = 300N, h = 1m,拉力做的有用功：W 有用=Gh = 300Nxim = 300J；(3)滑轮组的机械效率：署=鬻'

27、;100%”83.3%。故答案为：36; 300; 83.3%。点拨：本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率和功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用。16. （3分）白炽灯是一种电流通过灯丝，灯丝发热发光的照明电器， 将强磁体靠近通电白炽灯的灯丝，如图所示，可以观察到灯丝 上 动，说明 通电导体在磁场中受力运动，由此原理可以制成电动机 。解析：通电导体在磁场中受力运动，电动机就是利用这个原理制成的。参考答案：解：通电导体在磁场中受力运动，所以将磁体靠近发光的灯泡时，灯泡 中有电流通过，并且是交流电，所以会受到磁场力的作用，并且方向在时刻改变，所以灯丝会抖动；电动机是根据通电导体在磁场中

28、受力运动的原理制成的。故答案为：抖动；通电导体在磁场中受力运动；电动机。点拨：该题考查了通电导线在磁场中受力运动和电动机的原理等知识，是一道基础性题目，难度不大。17. （6分）在探究“凸透镜成像规律”的实验中，如表是小华同学 实验时记录的几组数据，根据表中数据完成下列问题：实验次数13015倒立缩小实像22020倒立等大实像315倒立放大实像物距u/cm像品巨v/cm成像性质（1）此凸透镜的焦距为 10 cm。 第3次实验中像距为 30 cm,判断依据是：光折射时，光路可逆 。解析：（1）根据凸透镜成像规律中的物距等于 2倍焦距时，成倒立 等大的实像，可求得其焦距；（2）比较1、3次实验数据

29、可知表格中像距的数据。参考答案：解：（1）由表中第2次实验的数据，物距等于像距，物 像等大，可知，止匕时u = 2f = 20cm。则f=10cm。即该凸透镜的焦 品巨为10cm。（2）比较1、3实验数据可知，第1次实验的像距等于第3次实验 的物距，因此第3次实验的像距等于第1次实验的物距，即表格中 像距数据为30.判断的依据是：光折射时，光路可逆。故答案为：（1） 10; （2） 30;光折射时，光路可逆。点拨：此题是探究凸透镜成像规律，根据表中信息找出该透镜的焦 距，同时锻炼学生处理信息的能力。三、作图和实验探究题（本大题共 5小题，每图或每空2分，共30 分）18. （2分）按照题目要求

30、作图。第19页（共31页）如图所示，物体A放在B上，在水平拉力F作用下一起向右做匀速直线运动，不计空气阻力，画出物体 A的受力示意图。解析：画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个 力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各 个力。参考答案：解：物块A和B以相同的速度一起沿水平方向向右做匀速直线运动，彼此之间没有相对运动趋势，故 A不受摩擦力; 物块A处于平衡状态，受重力和支持力的作用，并且这两个力是平衡力，大小相等，重力的方向竖直向下，支持力的方向竖直向上， 如图所示：点拨：此题考查力的示意图的画法，力的示意图，要用一条带箭头 的线段表示力，线段的长度表示力的大小

31、，箭头表示力的方向，起 点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。19. （2分）如图所示，箭头表示通电螺线管周围磁感线的方向，请 在图中标出通电螺线管中的电流方向和小磁针静止时的N极。.解析：从螺线管周围的磁感线入手，利用磁感线的特点可以确定螺线管的N、S极，利用磁极间的作用规律可以确定左边小磁针的 N、 S极偏转；利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向。参考答案：解：在磁体的周围，磁感线从磁体的 N极发出回到S 极，所以，根据螺线管周围磁感线的方向可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，由安培定则可知螺线管中电流的方向是向上的； 根据异名磁极相互吸引、同名磁极相互排斥可知，小磁针的左端为

32、 N极，右端为S极，如图所示：点拨：安培定则共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向。告诉其中的两个可以确定第三个； 其中，磁场的方向往往和磁感线 的方向以及小磁针的N、S极联系在一起；电流的方向经常与电源 的正负极联系起来。20. (10分)在学习电能表与电功一节内容时，同学们完成教材上的活动“比较两个灯泡的亮暗”，小明选用标有“ 2.5V 0.3A”和 “3.8V 0.3A”的灯泡Li和L2,连接电路如图所示。(1)闭合开关后，发现两灯均不发光，电压表 Vi的示数很大，电 压表V2的示数为0,故障的可能原因是 _Li断路。(2)排除故障后闭合开关，电压表 Vi的示数如图，此时的电压值为

33、 2.4 V(3)此实验中一定时间内电流做功的多少可以通过观察灯泡的亮度 来比较,所用的研究方法为转换法。(4)如果将这两只灯泡并联接入电压为 2.5V的电路中，较亮的灯泡是_Ll 。(选填“Li”或“L2”)解析：(1)根据图可知，该电路为串联电路，电压表 Vi测量的是 灯泡Li两端的电压，电压表 V2测量的是灯泡L2两端的电压；两 灯均不发光，说明电路出现了断路现象，根据电压表示数判定故障 的原因；(2)根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，然后根据分度值读数；(3)灯泡的亮度是由其实际功率决定的；(4)根据R=?比较两个灯泡电阻的大小，根据 P=(判定两个 灯泡实际功率的大小，从而比较出亮

34、度的大小。参考答案：解：(1)根据图可知，该电路为串联电路，电压表 Vi 测量的是灯泡Li两端的电压，电压表 V2测量的是灯泡L2两端的 电压；两灯均不发光，说明电路出现了断路现象，电压表 V2的示 数为0,说明电压表V2与电源之间是断开的，电压表 Vi的示数很 大，说明电压表Vi与电源之间是接通的，所以故障是 Li断路；(2)灯泡Li的额定电压为2.5V,所以电压表Vi选用的是小量程， 分度值为0.1V,示数为2.4V;(3) 一定时间内电流做功的多少叫做功率，灯泡的亮度越亮，实 际功率越大，所以可以根据灯泡的亮度来判定一定时间内做功的多 少，这是转换法的应用；(4)两个灯泡的额定电流相同，

35、额定电压不同，根据 R=L可知，灯泡Li的电阻要小于L2的电阻；两个灯泡并联时，灯泡两端的电压相同，灯泡Li的电阻要小于L2h2|的电阻，根据P=*-可知，灯泡Li的实际功率要大于L2的实际功 率，所以较亮的灯泡是Lio故答案为：(i) Li断路；(2) 2.4; (3)灯泡的亮度；转换法；(4) Lio点拨：本题考查了电路故障的判定、电压表的读数、欧姆定律和电 功率公式的应用，难度不大，要熟记这些知识。21. (8分)学习过摩擦力以后，小明同学想探究“滑动摩擦力的大 小与物体运动速度大小”之间的关系，为了提高实验的精准度， 小明选用了如图甲所示的装置，该装置通过驱动装置带动传送带 运动，木块

36、保持不动，其中力传感器可以代替弹簧测力计精确显 示拉力的大小。驱动装置的电路如图乙所示。(i)在实验过程中，要增大传送带运动的速度，可以将滑动变阻器滑片向 左 (选填“左”或“右”)移动实现。(2)在实验过程中让同一木块在同一传送带上进行实验是为了：第23页(共3i页)控制压力大小和接触面的粗糙程度相同(3)图丙是不同速度下滑动摩擦力与时间的关系图，观察该图可知，滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关 (选填“有关”4 Bern's oScm s 他 11cm s或“无关”)，理由是：当速度改变时，滑动摩擦力大小不变。万传感器11砌甲z解析：(1)电动机转速的大小与电流的大小有关；(2

37、)探究“滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小”之间的关系时需要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同；(3)根据图象判定摩擦力与速度的关系参考答案：解：(1)要增大传送带运动的速度，需要增大通过电动机的电流，即 要减小电路中的电阻，所以滑片应该向左移动；(2)探究“滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小”之间的关系 时，采用的是控制变量法，让同一木块在同一传送带上进行实验， 可以控制压力大小和接触面的粗糙程度相同；(3)根据图象可知，在速度不同时，摩擦力的大小是相同的，即 滑动摩擦力的大小与物体运动速度大小无关。故答案为：(1)左；(2)控制压力大小和接触面的粗糙程度相同;(3)无关；当速度改变时，滑动

38、摩擦力大小不变。点拨：本题考查了摩擦力的探究实验、欧姆定律的应用，利用好控制变量法是解题的关键。22. （8分）密度是物质的重要属性，生产、生活中常常需要测量各 种液体的密度。某同学在综合实践活动中自制了测量液体密度的 杠杆密度计，可以从杠杆上的刻度直接读出液体密度的数值，受 到了老师的肯定和表扬，结构如图所示。所用器材：轻质杠杆（自身重力忽略不计）、两种规格的空桶（100mL和200mL）、质量为m的物体A、细线。设计过程如下：（1）将杠杆在O点悬挂起来，空桶悬挂在 B点，质量为m的物 体A悬挂在C点时，杠杆水平平衡。测出B点到。点的距离为l, C点到O点的距离为10,此时C点的密度刻度线应

39、标注为 0 。（2）在B点的空桶内注满液体，空桶容积为 V,移动物体A至Ci位置，使杠杆在水平位置平衡。Ci点到O点的距离为11,此时 Ci点的密度值为 J。户（用题中所给的字母表示）。（3）已知密度为1.0xi03kg/m3刻度线与零刻度线之间的距离为4cm,则密度为0.8X103kg/m3刻度线与零刻度线之间的距离为3.2cm。（4）要使制作的杠杆密度计测量精度更高一些，应选择 200mL 规格的空桶（选填“100mL”或“200mL”）。解析：（1）由于空桶悬挂在B点，物体A悬挂在C点杠杆水平平 衡时桶里没有任何的液体，所以此时液体密度应为零。（2）首先根据杠杆平衡的条件FiLi=F2L

40、2分析得出在B点悬挂空桶时空桶、物体A 的重力和力臂的关系表达式；空桶内注满液体时，根据 G = mg= （Vg求出液体的重力，然后根 据杠杆平衡的条件 FlLl = F2L2分析得出空桶内注满液体时，空桶 和液体、物体A 的重力和力臂的关系表达式；最后联立即可求出液体密度。（3）空桶时根据杠杆平衡列出等式；空桶倒满密度为1.0 x 103kg/m3 的液体时根据杠杆平衡列出等式；空桶倒满密度为0.8xi03kg/m3的液体时根据杠杆平衡列出等式；通过三次杠杆平衡利用改革平衡条件确定秤砣的位置即可判断；（4）根据杠杆平衡的条件FiLi = F2L2分析即可。参考答案：解： （ 1）将杠杆在O

41、点悬挂起来，空桶悬挂在B 点，质量为 m 的物体 A 悬挂在 C 点时，杠杆水平平衡，此时桶中没有放液体，即液体的密度为 0 ；（ 2）在B 点悬挂空桶时，杠杆平衡，根据杠杆的平衡条件可得：G 桶？1 = Ga?10,即：G 桶？l = mg?l0在B点的空桶内注满液体，空桶容积为 V,则液体的重力G液 = m 液g = p液Vg ,由于此时移动物体A 至 C1 位置，杠杆在水平位置平衡，则根据杠杆的平衡条件可得：（G 桶+G 液）？1 = Ga?1i ,即：（G 桶+ p液 Vg）?l = mg?li由可得：液=足户）。（3）当测量密度为 1.0xi03kg/m3的液体时，由于 1.0x10

42、3kg/m3的刻度线与零刻度线之间的距离为 4cm,即此时的物体A的力臂为：l'4+4cm,根据杠杆的平衡条件可得：（G桶+G' R=Ga?，即：（G桶+1.0X103kg/m3xVg）?l = mg?b+4cm）当测量密度为0.8xi03kg/m3的液体时，即此时的物体 A的力臂为 l =k+d,根据杠杆的平衡条件可得：（G桶+G ？1=Ga?，即：（G 桶+0.8xi03kg/m3xVg）?l = mg?l0+d）解可得：Al = 3.2cmo（4）设物体A对杆秤的力为动力，则液体和桶对杆秤的力为阻力，根据杠杆平衡的条件FiLi = F2L2可得：Li = 守，在动力Fi和

43、阻力臂L2不变的情况下，“增大液体的重 力，即通过增大空桶的容积”，则Li变大，即该密度秤的精确度会 增大。所以，应选择200mL规格的空桶。第27页（共 31页）故答案为：(1) 0;2户)； 3.2; (4) 200mL。点拨：本题考查了杠杆的平衡条件，解决此题的关键是能够真正理 解杠杆的平衡条件并熟练运用。四、解答题(本大题共2小题，共19分.解答时要求写出必要的文 字说明、公式和演算过程)23. (9分)随着科技的发展，无人驾驶汽车已进入人们的生活。无 人驾驶汽车通过车载激光雷达、摄像头等传感器实现自动驾驶。一质量为1.2t的无人驾驶汽车，静止时四个轮子与地面的总接触 面积为0.12m2,在平直道路上以36km/h的速度匀速行驶，受到 的牵引力大小为4X103N.某时刻车头上的激光雷达向正前方的固定障碍物发射一束激光信号，经 3X10 7s激光雷达接收到障碍物 反射回的信号(该时间内汽车行驶的距离忽略不计)。已知光速为3X108m/s, g 取 10N/kg。求该汽车：(1)静止时对水平地面的压强大小；(2)此刻车头到障碍物的距离；(3)以36km/h的速度匀速行驶时牵引力的功率。解析：(1)汽车不载人时对地面的压力和自身的重力相等，利用 p =L求出对地面的压强；(2