2019全国普通高校招生考试物理试题分类汇编：静电场

1、2019 全国普通高校招生考试物理试题分类汇编：静电场注意事项：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！15 2018 福建卷. 如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷、分q1q2别置于A、B 两点，虚线为等势线。取无穷远处为零电势点，假设将q1、 q2移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，那么以下说法正确的选项是A、 A 点电势大于B 点电势B、 A、 B 两点的电场强度相等C、的电荷量小于的电荷量q1q2D、在 A 点的电势能小于在 B 点的电势能q1q2答案： C1 2018 江苏卷、真空中， A、B 两点与点电荷Q的距离分别为r

2、 和 3r 那么 A、B 两点的电场强度大小之比为A、3： 1B、1： 3C、9： 1D、1： 9【解析】根据库仑定律 Fkq1 q2 ，选 C。r 2【答案】 C2 2018 江苏卷、一充电后的平行板电容器保持两板间的正对面积、间距和电荷量不变，在两板间插入一电介质，其电容 C和两极板间的电势差 U的变化情况是A、 C和 U均增大 B、C增大， U减小C、C减小， U增大 D、C和 U均减小【解析】根据 CS，电容 C增大，根据 UQ ,U 减小， B 正确。【答案】 B4 kdC11 2018 上海卷、A、 B、 C 三点在同一直线上，AB: BC 1: 2， B 点位于 A、 C 之间，

3、在 B处固定一电荷量为Q的点电荷。当在A 处放一电荷量为 q 的点电荷时，它所受到的电场力为 F；移去 A 处电荷，在 C 处放一电荷量为2q 的点电荷，其所受电场力为 A F/2 B F/2C FD F答案： B5 2018 天津卷 . 两个固定的等量异号点电荷所产生电场的等势面如图中虚线所示，一带负电的粒子以某一速度从图中A 点沿图示方向进入电场在纸面内飞行，最后离开电场，粒子只受静电力作用，那么粒子在电场中A、做直线运动，电势能先变小后变大B、做直线运动，电势能先变大后变小C、做曲线运动，电势能先变小后变大D、做曲线运动，电势能先变大后变小解析：两个固定的的等量异号点电荷产生电场的等势面

4、与电场线垂直，且沿电场线电势减小，所以等量异号点电荷和它们间的直线电场线如下图。当带负电的粒子进入电场受到与其速度垂直的电场力而偏转做曲线运动。电子在斜向左的电场力作用下向左偏转，电场力做正功粒子的动能增加，电势能减小。答案C。19 2018 浙江卷 . 用金属做成一个不带电的圆环，放在干燥的绝缘桌面上。小明同学用绝缘材料做的笔套与头发摩擦后，将笔套与头发摩擦后，将笔套自上向下慢慢靠近圆环，当距离约为0.5cm 是圆环被吸引到笔套上，如下图。对上述现象的判断与分析，以下说法正确的选项是 ()A. 摩擦使笔套带电B. 笔套靠近圆环时，圆环上、下都感应出异号电荷C.圆环被吸引到笔套的过程中，圆环所

5、受静电力的合力大于圆环的重力D.笔套碰到圆环后，笔套所带的电荷立刻被全部中和答案： ABC18(2018 全国新课标 ) . 如图，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连。 假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，那么在此过程中， 该粒子A. 所受重力与电场力平衡B. 电势能逐渐增加C. 动能逐渐增加D. 做匀变速直线运动 答案 BD 解析 要使粒子在电场中直线运动， 必须使合力与运动方向在一直线上，由题意可受力分析可知，受重力竖直向下，电场力垂直极板向上，合力水平向左。故A 错。因电场力做负功，故电势能增加。 B 正确。合力做负功，故动能减少。C 错。因合力

6、为定值且与运动方向在一直线上，故 D 正确。20 2018 上海卷、如图，质量分别为A和B 的两小球带有同种mmAB电荷，电荷量分别为 q和 q ，用绝缘细线悬挂在天花板上。平衡12时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为1 与 2 1 2。两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，速度分别为 vA和 vB，最大动能分别为 EkA和 EkB。那么 A mA一定小于 mB B qA一定大于 qB C vA一定大于vB D EkA 一定大于 EkB答案： A、 C、 D18 2018 安徽卷 . 如下图，在平面直角中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点O 处的电势为0V，最大

7、Ay(cm)B(0,3 )BA(6,0)点 A 处的电势为6V, 点 B 处的电势为3V, 那么电场强度的Ox(cm)大小为 ()A.200V/mB.2003 V/my(cm)C.100V/mD.1003 V/m B(0,3 )18A；A(6,0)解析： OA中点C 的电势为3V，连 BC得等势线，作UEoOCox(cm)BC的垂线得电场线如图，由 E200v/m ，得： E故 A对。d20 2018 重庆卷、空中 P、 Q两点处各固定一个点电荷，其中P 点处为正点电荷， P、 Q两点附近电场的等势面分布如题20 图所示， a、 b、c、 d 为电场中的四个点。那么A、 P、 Q两点处的电荷等

8、量同种B、 a 点和 b 点的电场强度相同C、 c 点的电热低于d 点的电势D、负电荷从a 到 c，电势能减少答案： D1. 2018 海南卷 关于静电场，以下说法正确的选项是A. 电势等于零的物体一定不带电B. 电场强度为零的点，电势一定为零C. 同一电场线上的各点，电势一定相等D. 负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加解析：考察电场和电势概念，选D3. 2018 海南卷 三个相同的金属小球分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径。球1 的带电量为q，球 2 的带电量为nq，球 3 不带电且离球1 和球 2 很远，此时球 1、 2 之间作用力的大小为F。现使球3 先与球 2 接

9、触，再与球1 接触，然后将球3移至远处，此时1、2 之间作用力的大小仍为F，方向不变。由此可知A.n=3B.n=4C.n=5D.n=6解析：设 1、 2 距离为 R，那么： Fnq 2， 3 与 2 接触后，它们带的电的电量均为：nq，22R再 3 与 1 接触后，它们带的电的电量均为(n 2) q ，最后 Fn(n 2) q2有上两式得： n=648R224(2018 全国理综 ) . 16 分注意：在试题卷上作答无效如图，一平行板电容器的两个极板竖直放置， 在两极板间有一带电小球， 小球用一绝缘清线悬挂于 O点。先给电容器缓慢充电，使两级板所带电荷量分别为 Q 和 Q，此时悬线与竖直方向的

10、夹角为 /6 。再给电容器缓慢充电，直到悬线和竖直方向的夹角增加到 /3 ，且小球与两极板不接触。 求第二次充电使电容器正极板增加的电荷量。【解析】根据力的平衡和力的合成( 如下图 ) ， Eqmg tan，根据电场强度与6电势差的关系及电容的定义得EQ ，所以Q3mgCd ；第二次充电后，Cd3qQ'3mgCd，所以第二次充电使电容器正极板增加的电荷量qQQ' Q2 3mgCd2Q .3q20 2018 广东卷 . 图 5 是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧，对矿粉分离的过程，以下表述正确的有A. 带正电的矿粉落在右侧B

11、. 电场力对矿粉做正功C. 带负电的矿粉电势能变大D. 带正电的矿粉电势能变小答案： BD20 2018北京高考卷 、“约瑟夫森结”由超导体和绝缘体制成、假设在结两端加恒定电压 U，那么它会辐射频率为 的电磁波，且 与 U成正比，即 =kU、比例系数 k 仅与元电荷的2 倍和普朗克常数h 有关，你可能不了解此现象的机理，但仍可运用物理学中常用的方法，在以下选项中，推理比例系数的值可能为A、 h B、 2e C、 2 D、 12ehhe2he答案： B24 2018 北京高考卷 、20 分匀强电场的方向沿x 轴正方向，电场强度E 随 x 的分布如下图，图中 E0 和 d 均为量、将带正电的质点

12、A 在 O点由静止释放、A 离开电场足够远后，再将另一带正电的质点B放在 O点也由静止释放、当 B 在电场中运动时， A、B 间的相互作用力及相互作用能均为零；B 离开电场后， A、B 间的相互作用视为静电作用、A的电荷量为，和B的质量分别为和 m 、不计重力、EQ Am4E01求 A在电场中的运动时间t ；2假设 B 的电荷量为 q= 4 Q，求两质点相互作用能的最大值Epm；9Odx3为使 B 离开电场后不改变运动方向，求B所带电荷量的最大值 qm、24、 20 分1由牛顿第二定律，A 在电场中运动的加速度 a= F = QE0m mA在电场中做匀变速直线运动=1at2d2解得运动时间 t

13、 = 2d =2dma QE0 2设 A、 B 离开电场时的速度分别为 A0 、 B0，由动能定理，有QE0d=1 m201 m 22A0， QEd=24B 0 、相互作用过程中，动量和能量守恒、B相互作用力为斥力，A受的力与其运动方向A BA相同， B 受的力与其运动方向相反，相互作用力对A 做正功，对 B 做负功、 A、 B靠近的过程中， B 的路程大于A 的路程，由于相互作用力大小相等，相互作用力对 B 做功的绝对值大于对 A 做功的绝对值，因此相互作用力做功之和为负，相互作用能增加、所以，当 A、 B 最接近时相互作用能最大，此时两者速度相同，设为，有( m+ m ) =m A0+ m

14、 B044Epm=( 1 m A2 02+1 m21 ( m+ m ) 22 4B0 )-24= 4 Q，由、式解得9相互作用能的最大值Epm= 1 QE0d45 3考虑 A、B 在 x>d 区间的运动， 由动量守恒、 能量守恒， 且在初态和末态均无相互作用，有m A+ m4 B=m A0+ m4 B01 m21 m21 m21 m2A +B =A0 +B 0 224224由、解得 B=- 35 B0+ 85 A0因B不改变运动方向，故 =-3B08A0B55由、解得q 16 Q9即 B 所带电荷量的最大值qm= 16 Q919 2018 山东卷 . 图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心

15、处固定一带正电的点电荷。一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、 b、 c三点是实线与虚线的交点。那么该粒子A、带负电B、在 c 点受力最大C、在 b 点的电势能大于在c 点的电势能D、由a 点到b 点的动能变化大于有b 点到c 点的动能变化答案： CD24 2018 四川卷、 19 分如下图，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角 =370，半径r =2.5m， CD段平直倾斜且粗糙，各段轨5-2方向垂直于斜轨向下的匀强电场。质量m=5×l0kg、电荷量q=+1× 10-6 C 的小物体视为质点被

16、弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度 v0=3m/s 冲上斜轨。以小物体通过 C点时为计时起点，0.1s 以后，场强大小不变，方向反向。斜轨与小物体间的动摩擦因数 =0.25 。设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2、sin37 0=0.6 ， cos37 0=0.8 。(1) 求弹簧枪对小物体所做的功；(2) 在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求 CP的长度。24. 解：(1) 设弹簧枪对小物体做功为f ，由动能定理得(l-cos )=12f20WW-mgrmv代人数据得 Wf=0.475J说明：式4 分，式 2 分。(2) 取沿平直斜轨向上为正方向。设小物体通过C 点进入电

17、场后的加速度为a1，由牛顿第二定律得1mgsin(mgcos +qE)=ma小物体向上做匀减速运动，经t 1=0.1s后，速度达到v1，有v1=v0+a1t 1由可知 v=2.1m/s ，设运动的位移为s ，有1112s- v t +2 a tl0 11 1电场力反向后，设小物体的加速度为a2，由牛顿第二定律得 mgsin (mgcos -qE)=ma2设小物体以此加速度运动到速度为0，运动的时间为t 2，位移为 s2，有0=v1+a2t 2s12=12+222v t 2a t设 CP的长度为s，有=1+2s ss联立相关方程，代人数据解得s=0.57m说明：式各3 分，式各1 分，式 2 分。202018 安徽卷 . 如图 1 所示，半径为 R 均匀带电圆形平板，单位面积带电量为，其轴线上任意一点P 坐标为 x 的电场强度可以由库