【创新方案】2022届高考数学一轮复习-第七章-第四节-直线、平面平行的判定及其性质演练知能检测-文

1、第四节直线、平面平行的判定及其性质全盘稳固1平面平面， 点A，C，点B，D，那么直线AC直线BD的充要条件是()AABCD BADCBCAB与CD相交 DA，B，C，D四点共面解析：选D充分性：A，B，C，D四点共面，由平面与平面平行的性质知ACBD.必要性显然成立2(2022·嘉兴模拟)设m，n是空间两条直线，是空间两个平面，那么以下选项中不正确的选项是()A当m时，“n是“mn的必要不充分条件B当m时，“m是“的充分不必要条件C当n时，“n是“成立的充要条件D当m时，“n是“mn的充分不必要条件解析：选AA错误，应为既不充分也不必要条件，B，C，D易知均正确，应选A.3在空间中，

2、以下命题正确的选项是()A假设a，ba，那么bB假设a，b，a，b，那么C假设，b，那么bD假设，a，那么a解析：选D假设a，ba，那么b或b，应选项A错误；B中当ab时，、可能相交，应选项B错误；假设，b，那么b或b，应选项C错误；选项D为两平面平行的性质，应选D.4给出以下关于互不相同的直线l、m、n和平面、的三个命题：假设l与m为异面直线，l，m，那么；假设，l，m，那么lm；假设l，m，n，l，那么mn.其中真命题的个数为()A3 B2 C1 D0解析：选C当异面直线l、m满足l，m时，、也可以相交，故错；假设，l，m，那么l、m平行或异面，故错；如下图，设几何体三个侧面分别为、.交线

3、为l、m、n，假设l，那么lm，ln，那么mn，故正确5.如下图，正方体ABCD­A1B1C1D1中，E、F分别为棱AB、CC1的中点，在平面ADD1A1内且与平面D1EF平行的直线()A不存在B有1条C有2条D有无数条解析：选D平面ADD1A1与平面D1EF有公共点D1，由平面的根本性质中的公理知必有过该点的公共线l，在平面ADD1A1内与l平行的线有无数条，且它们都不在平面D1EF内，由线面平行的判定定理知它们都与平面D1EF平行，应选D.6以下四个正方体图形中，A，B为正方体的两个顶点，M，N，P分别为其所在棱的中点，能得出AB平面MNP的图形的序号是()A B C D解析：选

4、B如图1，由平面ABC平面MNP，可得AB平面MNP. 如图2，由ABCD，CDNP，得ABNP，又AB平面MNP，NP平面MNP，所以AB平面MNP.7在四面体A­BCD中，M、N分别是ACD、BCD的重心，那么四面体的四个面中与MN平行的是_解析：如下图，取CD的中点E.那么EMMA12，ENBN12，所以MNAB.又MN平面ABD，MN平面ABC，AB平面ABD，AB平面ABC，所以MN平面ABD，MN平面ABC.答案：平面ABD与平面ABC8(2022·台州模拟)考察以下三个命题，在“_处都缺少同一个条件，补上这个条件使其构成真命题(其中l，m为不同直线，、为不重合

5、平面)，那么此条件为_ l； l； l.解析：线面平行的判定中指的是平面外的一条直线和平面内的一条直线平行，故此条件为：l.答案：l9l，m是两条不同的直线，是两个不同的平面，以下命题：假设l，m，l，m，那么；假设l，l，m，那么lm；假设，l，那么l；假设l，ml，那么m.其中真命题的是_(写出所有真命题的序号)解析：当lm时，平面与平面不一定平行，错误；由直线与平面平行的性质定理，知正确；假设，l，那么l或l，错误；l，lm，m，又，m，正确，故填.答案：10.在多面体ABCDEF中，点O是矩形ABCD的对角线的交点，三角形CDE是等边三角形，棱EFBC且EFBC.求证：FO平面CDE.

6、证明：如下图，取CD中点M，连接OM，EM，在矩形ABCD中，OMBC且OMBC，又EFBC且EFBC，那么EFOM且EFOM.所以四边形EFOM为平行四边形，所以FOEM.又因为FO平面CDE，EM平面CDE，所以FO平面CDE.11.如下图，直棱柱ABCD­A1B1C1D1中，底面ABCD是直角梯形，BADADC90°，AB2AD2CD2.(1)证明：AC平面BB1C1C；(2)在A1B1上是否存在一点P，使得DP与平面ACB1平行？证明你的结论解：(1)证明：在直棱柱ABCD­A1B1C1D1中，BB1平面ABCD，BB1AC.又BADADC90°

7、，AB2AD2CD2，AC，CAB45°，在ABC中，由余弦定理可得BC .BC2AC2AB2，BCAC.又BB1BCB，BB1，BC平面BB1C1C，AC平面BB1C1C.(2)存在点P，P为A1B1的中点可满足要求由P为A1B1的中点，有PB1AB，且PB1AB，又CDAB且CDAB，CDPB1且CDPB1，CDPB1为平行四边形，DPCB1.又CB1平面ACB1，DP平面ACB1，DP平面ACB1.12.如下图，在正四棱锥P­ABCD中，底面是边长为2的正方形，侧棱PA，E为BC的中点，F为侧棱PD上的一动点(1)求证：ACBF；(2)当直线PE平面ACF时，求三棱锥

8、F­ACD的体积解：(1)证明：连接BD，设ACBDO，连接PO，那么PO平面ABCD.ACPO.四边形ABCD为正方形，ACBD.又BDPOO，BD，PO平面PBD，AC平面PBD.又BF平面PBD，ACBF.(2)连接DE，交AC于点G，连接FG.PE平面ACF，PEFG，.又CEBCAD，BCAD，.过F作FHDB，垂足为H，那么FHOP，FHOP，正方形ABCD的边长为2，AO .OP2.FH.三棱锥F­ACD的体积VF­ACDSACD·FH××22×.冲击名校如下图，在棱长均为4的三棱柱ABC­A1B1C

9、1中，D，D1分别是BC和B1C1的中点(1)求证：A1D1平面AB1D；(2)假设平面ABC平面BCC1B1，B1BC60°，求三棱锥B1­ABC的体积解：(1)证明：如下图，连接DD1，在三棱柱ABC­A1B1C1中，因为D，D1分别是BC与B1C1的中点，所以B1D1BD且B1D1BD.所以四边形B1BDD1为平行四边形，所以BB1DD1，且BB1DD1.又因为AA1BB1，且AA1BB1，所以AA1DD1，且AA1DD1，所以四边形AA1D1D为平行四边形，所以A1D1AD.又A1D1平面AB1D，AD平面AB1D，所以A1D1平面AB1D.(2)在ABC

10、中，因为ABAC，D为BC的中点，所以ADBC.因为平面ABC平面BCC1B1，且交线为BC，AD平面ABC，所以AD平面BCC1B1，即AD是三棱锥A­B1BC的高在ABC中，由ABACBC4，得AD2.在B1BC中，B1BBC4，B1BC60°，所以SB1BC×424，所以三棱锥B1­ABC的体积，即三棱锥A­B1BC的体积VSB1BC×AD×4×28.高频滚动1、是三个平面，a、b是两条直线，有以下三个条件：a，b；a，b；b，a.如果命题“a，b，且_，那么ab为真命题，那么可以在横线处填入的条件是_(填上你认为正确的所有序号)解析：a，a，b，bab(线面平行的性质)如下图，在正方体中，a，b，a，b，而a、b异面，故错b，b，a，a，aab(线面平行的性质)答案：2过三棱柱ABC­A